河北省唐山市2025-2026学年高一上学期期末物理模拟练习试卷

2025-2026学年河北省唐山市高一（上）期末物理模拟练习试卷 一、单选题：本大题共6小题，共24分。 1.下列物理量中属于矢量的是(    ) A. 速率 B. 加速度 C. 路程 D. 时间 2.关于匀变速直线运动，下列说法正确的是(    ) A. 速度随时间均匀变化的运动 B. 位移随时间均匀变化的运动 C. 加速度随时间均匀变化的运动 D. 相同时间内速度变化量不同的运动 3.如图所示，一物体静止在斜面上，关于物体的受力情况，下列说法正确的是图示：物体静止于倾角为的斜面上(    ) A. 物体受到重力、支持力、摩擦力、下滑力四个力作用 B. 物体所受支持力的方向竖直向上 C. 物体所受摩擦力的方向沿斜面向上 D. 物体所受重力的方向垂直于斜面向下 4.一物体做自由落体运动，取重力加速度，则物体在第3秒内的位移为(    ) A. 15m B. 25m C. 35m D. 45m 5.如图所示，用水平力F将一木块压在竖直墙壁上保持静止，下列说法正确的是(    ) A. 木块受到的重力与墙壁对木块的摩擦力是一对相互作用力 B. 木块对墙壁的压力与墙壁对木块的支持力是一对平衡力 C. 若增大F，木块受到的摩擦力也增大 D. 若减小F，木块受到的摩擦力不变 6.甲、乙两车在同一直线上运动，它们的图像如图所示甲为过原点的倾斜直线，乙为从开始的倾斜直线，两线在时刻相交。下列说法正确的是(    ) A. 在时间内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度 B. 在时刻，两车相遇 C. 在时间内，两车的位移相同 D. 在时刻，两车的加速度相同 二、多选题：本大题共3小题，共15分。 7.关于牛顿运动定律，下列说法正确的是(    ) A. 牛顿第一定律可以用实验直接验证 B. 物体的速度越大，其惯性越大 C. 作用力和反作用力总是大小相等、方向相反 D. 物体所受合外力的方向与其加速度的方向相同 8.将一个大小为10N的力分解为两个分力，下列各组值可能的是(    ) A. 3N和6N B. 14N和5N C. 10N和15N D. 20N和35N 9.如图所示力F与水平方向成角斜向上拉动物体，质量为m的物体在恒力F作用下沿水平面向右做匀加速直线运动。已知物体与地面间的动摩擦因数为，则下列说法正确的是(    ) A. 物体受到地面的支持力大小为mg B. 物体受到地面的支持力大小为 C. 物体的加速度大小为 D. 物体的加速度大小为 三、实验题：本大题共2小题，共15分。 10.在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中： 实验中用到打点计时器，它使用______填“交流”或“直流”电源。 某次实验得到纸带如图所示，图中相邻计数点间还有4个点未画出，则打下B点时小车的速度______，小车运动的加速度______结果保留两位有效数字纸带图示：A、B、C、D、E点，，，，。 11.在“探究加速度与力、质量的关系”实验中： 下列做法正确的是______ A.平衡摩擦力时，应将沙桶用细绳通过定滑轮系在小车上 B.平衡摩擦力后，每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力 C.实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源 D.小车运动的加速度可从天平测出沙桶和沙的质量后直接用公式求出 某同学在实验中打出的一条纸带如图所示，图中相邻计数点间还有4个点未画出，打点计时器所用交流电频率为50Hz。则小车的加速度______结果保留两位有效数字。纸带图示：0、1、2、3、4、5点，，，，， 在“探究加速度与力的关系”时，根据实验数据作出图像如图所示，图线不过原点的原因可能是______。图示：图线，与F轴正半轴相交 四、计算题：本大题共3小题，共46分。 12.一物体从离地高80m处自由下落，取重力加速度，求： 物体落地所需的时间； 物体落地时的速度大小； 物体下落至离地35m处的速度大小。 13.一质量的物体在水平推力F作用下沿水平面做匀速直线运动。已知物体与水平面间的动摩擦因数，取重力加速度。 求水平推力F的大小； 若将推力方向改为与水平方向成斜向上推物体，仍使物体沿水平面做匀速直线运动，求此时推力的大小。 14.如图所示，一足够长的水平传送带以的速度顺时针匀速转动。将一质量的物块可视为质点轻放在传送带左端，已知物块与传送带间的动摩擦因数，取重力加速度。 求物块刚放上传送带时的加速度大小； 求物块在传送带上运动的时间； 求物块在传送带上留下的划痕长度。 答案和解析 1.【答案】B  【解析】解：速度、路程、时间都是标量，而加速度是矢量，故B正确，ACD错误。 故选：B。 矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量． 本题要能抓住矢量与标量的区别：矢量有方向，标量没有方向，能正确区分物理量的矢标性． 2.【答案】A  【解析】解：A、在匀变速直线运动中，物体加速度恒定，根据匀变速直线运动规律得，其中a为不变量，因此速度随时间均匀变化，故A正确。 B、在匀变速直线运动中，根据匀变速直线运动规律得位移与时间的关系为二次函数，即，位移随时间并非均匀变化，故B错误。 C、匀变速直线运动中，加速度恒定，不随时间变化，故C错误。 D、匀变速直线运动中，加速度恒定，相同时间内速度变化量相同，即，故D错误。 故选：A。 根据匀变速直线运动的特点和定义进行选择。 本题考查对匀变速直线运动特点的理解，可以从加速度的定义来理解，基础题目。 3.【答案】C  【解析】解：A、物体受到重力、支持力、摩擦力三个力作用，下滑力是重力的分力，不是物体实际受到的力，不单独分析，故A错误； B、物体所受支持力的方向垂直斜面向上，故B错误； C、物体所受摩擦力的方向沿斜面向上，故C正确； D、物体所受重力的方向竖直向下，故D错误。 故选：C。 按重力、弹力和摩擦力的顺序分析物体受力情况，下滑力是重力的分力，支持力垂直于接触面向上，摩擦力沿斜面向上，重力竖直向下。 解答本题时，要掌握受力分析的一般顺序：重力、弹力和摩擦力，分力不单独分析。 4.【答案】B  【解析】解：物体做自由落体运动，第3秒内的位移是指从第2秒末到第3秒末的位移，即前3秒位移与前2秒位移之差，根据位移-时间公式 解得 故B正确，ACD错误。 故选：B。 根据自由落体运动位移-时间公式求出物体在前2秒内及前3秒内的位移，第3秒内的位移等于前3s内的位移减去前2s内的位移。 本题主要考查了自由落体运动基本公式得直接应用，知道第2秒内的位移等于前2s内的位移减去前1s内的位移．难度不大，属于基础题。 5.【答案】D  【解析】解：由受力分析可知，木块水平方向合力为零，手对木块的压力F和墙对木块的弹力是一对平衡力，木块受到的重力与墙壁对木块的摩擦力是一对平衡力，故A错误； B.木块对墙壁的压力与墙壁对木块的支持力，这两个力作用在两个物体上，是一对相互作用力，而非平衡力平衡力作用在同一物体上，故B错误； 增大F，减小F，木块仍静止，竖直方向的静摩擦力始终等于重力，大小不变，故C错误，D正确。 故选：D。 根据二力平衡和相互作用力的特点来进行解答；对木块进行受力分析，其静摩擦力大小与重力相等。 本题主要考查了二力平衡和相互作用力以及摩擦力，解题关键是掌握静摩擦力大小与外力大小有关。 6.【答案】A  【解析】解：在时间内，甲车的速度始终小于乙车的速度，故甲车的平均速度小于乙车的平均速度。图像与时间轴所围成的面积表示位移，故甲车的位移小于乙车的位移，故A正确，C错误； B.在时刻，两车速度相等，且在时间内，甲车的位移小于乙车的位移，但不知道甲乙两车刚开始相距多远，故甲乙两车不一定相遇，故B错误； D.图像越陡加速度越大，故甲车的加速度一直比乙车的加速度大，故D错误。 故选：A。 图像的交点表示这一时刻速度相同；图像的斜率表示加速度；匀变速直线运动的平均速度，图像与时间轴所围成的面积表示位移。 考查匀变速直线运动的平均速度求解，图像与时间轴所围成的面积的意义，图像的交点的含义及图像的斜率。 7.【答案】CD  【解析】解：A、伽利略应用理想斜面实验总结出力不是维持物体运动的原因，牛顿在伽利略等科学家的基础上提出了牛顿第一定律，牛顿第一定律是理想实验定律，不能用实验直接验证，故A错误； B、物体的惯性仅由质量决定，与速度无关，故B错误； C、根据牛顿第三定律可知，作用力和反作用力总是大小相等、方向相反，作用在一条直线上，故C正确； D、根据牛顿第二定律可知，物体所受合外力的方向与其加速度的方向一定相同，故D正确。 故选：CD。 明确牛顿第三定律的基本内容，知道牛顿第一定律的发现历程，明确牛顿第二定律提出了加速度和力、质量之间的关系，而牛顿第三定律说明了作用力和反作用力之间的关系。 本题考查牛顿运动定律的内容和应用，要注意准确理解定律内容和意义；重点掌握牛顿第二定律的应用。 8.【答案】BC  【解析】解：设两个分力的大小为和，则须满足， A.因，所以这两个力不可能，故A错误； B.因，，所以这两个力是可能的，故B正确； C.因，，所以这两个力是可能的，故C正确； D.因，，所以这两个力不可能，故D错误。 故选：BC。 根据分力和合力的关系逐项判断即可。 知道合力和分力大小的关系是解题的基础。 9.【答案】BD  【解析】解：AB、物体在竖直方向上处于静止状态，根据力的平衡条件有，解得物体受到的支持力大小，故A错误，B正确； CD、物体在水平面上做匀加速直线运动，其受到的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律有，解得物体的加速度大小，故C错误，D正确。 故选：BD。 从受力入手，明确竖直方向合力为零，支持力与F的竖直分量之和等于重力，由此判断支持力大小。水平方向应用牛顿第二定律，合外力为F的水平分量减去滑动摩擦力，摩擦力由支持力与动摩擦因数决定，进而推导加速度表达式。 本题全面考查牛顿运动定律在受力分析与动力学问题中的应用。学生需要准确分析物体在斜向拉力作用下的受力情况，正确分解恒力F，并建立竖直方向平衡与水平方向牛顿第二定律的方程组。本题计算量适中，但易错点在于对滑动摩擦力公式中正压力的理解，必须通过受力平衡求解而非直接取为mg，这重点检验学生对摩擦力产生条件的掌握深度和受力分析的严谨性。 10.【答案】交流    【解析】解：实验中用到打点计时器，它使用交流电源。 相邻计数点间还有4个点未画出，则相邻计数点之间的时间为 打下B点时小车的速度 由逐差法，小车运动的加速度为 故答案为：交流；，。 根据打点计时器的工作电源判断； 根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段的平均速度计算打B点时小车的速度；利用逐差法计算小车的加速度。 本题关键掌握探究小车速度随时间变化规律的实验原理、利用匀变速直线运动规律计算小车速度和加速度的方法。 11.【答案】B    平衡摩擦力过度或木板倾角过大  【解析】解：平衡摩擦力的原理是让小车重力沿斜面向下的分力与摩擦力相互抵消， 实验中不应将砂桶通过定滑轮连接在小车上，否则外力会干扰平衡过程，故A错误； B.平衡摩擦力后，每次改变小车质量时，小车重力沿斜面向下的分力与摩擦力等倍数改变， 仍然保持相等，不需要重新平衡摩擦力，故B正确； C.实验时，应先接通打点计时器电源，打点计时器正常工作之后，再放开小车，故C错误； D.小车运动的加速度应由纸带上的数据通过计算或作图像得出， 不能从天平测出沙桶和沙的质量后直接用公式求出，否则实验失去了意义，故D错误。 故选：B； 相邻两个计数点之间的时间间隔为， 根据逐差法可知，小车的加速度为； 由图可知，即细绳对小车无拉力时小车有沿斜面向下的加速度，其原因是平衡摩擦力过度或木板倾角过大。 故答案为：； ； 平衡摩擦力过度或木板倾角过大。 对平衡摩擦力、实验操作顺序、数据处理方式等细节逐一分析，判断选项正误； 利用逐差法，对纸带的多段位移进行组合计算，代入时间间隔求解加速度； 从图像的截距特征，判断平衡摩擦力过度的实验问题。 本题考查实验操作规范与实验误差与图像分析，属于基础题。 12.【答案】物体落地所需的时间是4s  物体落地时的速度大小是  物体下落至离地35m处的速度大小是  【解析】解：自由落体运动的初速度为零，加速度为重力加速度g，根据位移-时间公式 代入数据解得 由自由落体速度-时间公式 代入数据解得 由题知，物体下落至离地35m处，则物体下落的高度为 根据 代入数据解得 答：物体落地所需的时间是4s； 物体落地时的速度大小是； 物体下落至离地35m处的速度大小是。 根据自由落体运动的位移-时间公式求出落地的时间； 根据自由落体运动的速度-时间公式求落地的速度； 根据自由落体运动的位移-速度公式求出物体下落至离地35m处的速度大小。 解决本题的关键掌握自由落体运动的速度-时间公式和位移-时间公式，难度不大，属于基础题。 13.【答案】水平推力F的大小为10N  此时推力的大小为  【解析】解：物体在水平推力F作用下沿水平面做匀速直线运动，受力平衡，由平衡条件可得 对物体受力分析并建立平面直角坐标系，如图所示： 根据平衡条件可得 竖直方向有 水平方向有 又 代入数据解得： 答：水平推力F的大小为10N； 此时推力的大小为。 物体在水平推力F作用下沿水平面做匀速直线运动，水平推力F与滑动摩擦力等大反向，根据平衡条件结合滑动摩擦力公式求水平推力F的大小； 分析物体受力，作出力图，根据平衡条件结合滑动摩擦力公式求此时推力的大小。 本题是共点力平衡问题，关键要正确分析物体的受力情况，画出受力示意图，再根据平衡条件和滑动摩擦力公式解答。 14.【答案】物块刚放上传送带时的加速度大小为  物块在传送带上运动的时间为1s  物块在传送带上留下的划痕长度为1m  【解析】解：物块放上传送带初始时刻，相对于传送带向左滑动，故受到方向向右的滑动摩擦力。由牛顿第二定律可得：，代入数据解得加速度：，即。 物块在传送带上先做初速为零的匀加速运动，当其速度达到传送带速度后，将随传送带匀速运动。加速至所需时间：，解得：。 此段时间内物块的位移：，解得：。因传送带足够长，加速1s后物块即与传送带共速。 在物块加速期间，传送带匀速运动的位移：，解得：。划痕长度等于该阶段物块相对于传送带的位移大小：，解得：。 答：物块刚放上传送带时的加速度大小为。 物块在传送带上运动的时间为1s。 物块在传送带上留下的划痕长度为1m。 物块轻放于向左运动的传送带左端，初速度为零，传送带向右运动，物块相对传送带向左滑动，受到向右的滑动摩擦力。根据牛顿第二定律，滑动摩擦力提供合外力，产生加速度，加速度大小由动摩擦因数和重力加速度决定。 物块运动分为两个阶段：先以恒定加速度从静止开始匀加速直线运动，直到速度增加到与传送带速度相等；此后与传送带保持相对静止，做匀速直线运动。总时间为匀加速时间与匀速时间之和，需先利用匀加速运动规律求出加速时间和位移，再根据传送带足够长的条件计算匀速运动时间。 划痕长度是物块与传送带发生相对滑动过程中产生的相对位移。在物块匀加速阶段，传送带做匀速运动，两者位移不同，划痕长度即为该阶段传送带位移与物块位移之差。 本题全面考查牛顿运动定律在处理传送带模型中的应用，属于高中物理动力学的经典题型。题目通过三个递进设问，系统地引导学生分析物块从加速到共速的全过程，计算量适中，难度中等偏下。本题重点考查学生对受力分析、牛顿第二定律、匀变速直线运动基本公式以及相对运动概念的掌握。解题关键在于准确判断物块的运动分为匀加速和匀速两个阶段，并理解划痕长度即加速阶段物块与传送带间的相对位移。题目能够有效锻炼学生的物理建模能力、过程分析能力以及对公式的灵活运用能力。 第1页，共10页 学科网（北京）股份有限公司 $