2026年中考物理压轴题训练【热点 重点 难点】08（辽宁专用）

2026年中考物理压轴题训练【热点 重点 难点】08 【第一部分：浮力与压强】 1．（2025·辽宁本溪·二模）（多选）如图是名为“胡萝卜救生圈”的科学小实验，在玻璃杯中装入适量的水放在水平桌面上，将一块胡萝卜放入水中，发现胡萝卜沉入杯底，如图甲：在这块胡萝卜上面插一根吸管，胡萝卜会漂在水面上，如图乙：在胡萝卜上再插上一根同样的吸管，胡萝卜会上浮一些，如图丙。甲、乙、丙三个图中液面高度不同。对此实验下列说法正确的是（    ） A．胡萝卜的密度小于水的密度 B．图丙中玻璃杯对桌面的压力最大 C．图乙中水对杯底的压力等于图丙中水对杯底的压力 D．图丙中胡萝卜和吸管受到的浮力大于图乙中胡萝卜和吸管受到的浮力 2．（2025·贵州遵义·二模）（多选）如图所示，M、N是两个质量相等的正方体，，水平桌面上两个相同的柱状容器分别装有甲、乙两种液体。M在甲液面漂浮，用细线吊着N静止在乙液体中（细线对N有拉力）。此时，两容器液面相平，M、N露出液面的高度相同。下列说法正确的是（　　） A．M受到的浮力大于N受到的浮力 B．甲液体的密度小于乙液体的密度 C．左侧容器对桌面的压强大于右侧容器对桌面的压强 D．若剪断细线，待N静止后乙液体对容器底的压强变大 3．（2025·福建厦门·二模）如图所示，水平桌面上放有一足够高的轻质薄壁方形底柱状杯，其底面积为，内部装有一定量的水。现将一底面积，高，质量的不吸水长方体放入其中，漂浮在水面上且下表面距杯底距离为。现将沿竖直方向切去一半并取出，再将另一底面积，高，质量的不吸水长方体竖直放入容器中，此时浸入水中的深度为 ，待、都静止后，杯子对桌面的压强为 。 4．（2025·四川遂宁·二模）如图所示，A、B是两个等高的圆柱形容器，容器重力忽略不计，容器中装满水，容器的底面积之比为2∶1。现将同种材料，质量比为6∶1的木块a、b（木＜水）分别轻轻放入两容器中，木块静止后水对容器底部的压强之比为 ，容器对桌面的压力之比为 。 【第二部分：电学综合】 5．（2025·天津·中考真题）（多选）图所示电路电源电压不变，将定值电阻和滑动变阻器中的一个接在A、B间，另一个接在C、D间。滑动变阻器的滑片位于某一位置，闭合开关S，电流表示数为I0，A、B间电压为U1，C、D间电压为U2（U1≠U2）；移动滑片至另一位置，电流表示数变大，A、B间电压减小了ΔU。则（　　） A．C、D间应接滑动变阻器 B．定值电阻的阻值为 C．移动滑片前后，电路中电流的变化量为 D．移动滑片前后，电路消耗总功率的比值为 6．（2025·四川广元·中考真题）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，滑动变阻器R的规格为“90Ω 2A”，电压表的量程为0~15V，电流表的量程均为0~3A，灯的额定电压是18V（其阻值不受温度影响）。当先闭合开关S1、S2，再闭合开关S，灯L正常发光，调节滑动变阻器滑片使电流表A1、A2的示数分别为2.4A、0.6A，则灯L通电10s产生的热量是 J；当先闭合开关S3，再闭合开关S，为确保电路安全，灯L的最大功率与最小功率的比值是 。 7．（2025·四川德阳·中考真题）如图所示，电源电压恒定为，定值电阻，电流表量程为，电压表量程为，滑动变阻器的最大阻值为。若闭合开关S和，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，在内产生的热量为 ；若闭合开关S和，在保证各元件安全的情况下，电路的最小电功率和最大电功率之比为 。 8．（2025·四川遂宁·中考真题）某同学用图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率。他闭合开关，将滑动变阻器滑片从最右端向左滑动，直到灯泡电压达到额定值，记录了不同时刻三个电表的示数，并在同一坐标图中分别绘制了L和的图像如图乙。电源电压恒定不变，请分析：图乙中曲线 是滑动变阻器的图像；该电路的电源电压为 V；灯泡的额定电功率为 W。 【第三部分：电与磁综合】 9．（2025·河南洛阳·三模）由于某种海鲜的储存温度要求低于，阳阳为海鲜市场的冷库设计了温度自动报警器，其电路如图甲所示。工作电路中安装有一个“220V40W”的报警灯，控制电路电源电压为保持不变（电磁铁线圈电阻忽略不计）。图乙为热敏电阻阻值随温度变化的图像。当冷库温度升高至-18℃时，控制电路中的电流为0.2A，工作电路报警。 (1)报警灯应接工作电路中的 （填“A、B”或“C、D”）之间。 (2)报警灯正常工作时，通过它的电流是多少？（保留两位小数） (3)滑动变阻器接入电路的阻值是多少？ (4)若要使报警温度更低一些，在不增加元件的情况下，请写出一个简便可行的方法。 10．（2025·河南·三模）如图甲是小华设计的一款“智能保温杯”的自动控温工作原理图。控制电路中，，保护电阻，为热敏电阻，阻值随温度变化关系如图乙，电磁铁线圈电阻不计。工作电路中，，、为加热电阻。当通过的电流时，工作电路开始加热，加热功率为400W，保温功率为100W。 求： (1)电磁继电器中电磁铁的工作原理是 ；根据图甲可以判断电磁铁上端为 极； (2)加热电阻、的阻值 、 ； (3)开始保温时，保温杯内水的温度 ； (4)要使保温杯刚开始保温时的温度升高一些，请写出一条措施 。 11．（2025·广东深圳·二模）25．（2025·河南郑州·二模）如图甲所示是用压敏电阻R1设计的一种“自动限重器”的简化电路，由控制电路和工作电路组成，其主要元件有电磁继电器、货物装载机（实质是电动机）R1和定值电阻R2等。当货架承受的压力达到限定值时，电磁继电器会自动控制货物装载机停止向货架上摆放物品。控制电路的电源电压为5V，电阻R2的阻值为60Ω，电磁铁线圈的电阻忽略不计，为了安全，工作电路断开，此时控制电路的电流为0.05A。压敏电阻R1的阻值随压力F变化的关系图像如图乙所示。（不计货架自重） (1)压敏电阻是由 材料制成的；当压力增大到一定值时，衔铁会被 （选填“吸下”或“释放”）； (2)当电磁继电器自动控制货物装载机刚好停止向货架上摆放物品时，压敏电阻的阻值为 多少？此时压力为 多少？ (3)若工作电路中有30min的时间货架上一直没有货物，则在这30min内电阻R2消耗的电能是 多少？ (4)若要增大货架承受的最大压力，请你说出应如何对控制电路进行改造 。（写出一种方法即可，不需要写计算过程） 12．（2025·江苏苏州·二模）综合实践活动——设计蔬菜温室。 【任务与要求】为了在冬天能品尝到夏季的蔬菜，同学们为学校的劳动基地设计一个蔬菜温室，要求温度控制在之间。 【设计与实施】 任务一：设计温室结构。温室设计为玻璃顶的长方体结构，体积为。由立柱和横梁支撑，墙体四周装有保温层。查阅资料获知，立柱的承重比指立柱能承受的最大重力与自重的比值，能反映承重效率，立柱横截面的形状是影响承重比的重要因素之一，为研究它们之间的关系，利用塑料立柱模型进行实验，发现在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是：。 任务二：设计温控系统。温控系统原理如图甲，控制电路的电源电压为，电阻箱的阻值调为，热敏电阻的阻值随温度的变化图像如图乙。当控制电路中的电流达到时，衔铁被吸下：当电流降低到时，衔铁被弹回。工作电路中电热丝的电阻为，浴霸灯标有“”字样。 (1)关于设计蔬菜温室的实践活动，下列说法不正确的是（　　） A．屋顶选用绿色玻璃不利于蔬菜生长 B．墙体选用隔热性能好的材料 C．浴霸灯能使温室温度下降得平缓些 D．图甲中通电线圈上端是S极 (2)由模型实验可知，搭建温室选用 （选填“三角”、“方”或“圆”）形立柱的承重比大；已知模型的承重比为，质量为，受力面积为，则其上表面所能承受的最大压强 。 (3)电热丝通电产生的热量使温室气温升高，则空气吸收的热量为 ，电热丝对温室的加热效率为 （结果保留一位小数）；电磁铁线圈的电阻忽略不计，电热丝刚停止工作时，室温为 。[空气密度取，空气比热容取] (4)根据以上参数，该蔬菜温室 （选填“能”或“不能”）满足要求温度控制在之间。 17 / 18 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年中考物理压轴题训练【热点 重点 难点】08 【第一部分：浮力与压强】 1．（2025·辽宁本溪·二模）（多选）如图是名为“胡萝卜救生圈”的科学小实验，在玻璃杯中装入适量的水放在水平桌面上，将一块胡萝卜放入水中，发现胡萝卜沉入杯底，如图甲：在这块胡萝卜上面插一根吸管，胡萝卜会漂在水面上，如图乙：在胡萝卜上再插上一根同样的吸管，胡萝卜会上浮一些，如图丙。甲、乙、丙三个图中液面高度不同。对此实验下列说法正确的是（    ） A．胡萝卜的密度小于水的密度 B．图丙中玻璃杯对桌面的压力最大 C．图乙中水对杯底的压力等于图丙中水对杯底的压力 D．图丙中胡萝卜和吸管受到的浮力大于图乙中胡萝卜和吸管受到的浮力 【答案】BD 【详解】A．甲图胡萝卜块沉底时，根据浮沉条件知，浮力小于重力，且胡萝卜的密度大于水，故A错误； B．甲图中玻璃杯对桌面的压力等于胡萝卜和水的总重力，乙和丙图中玻璃杯对桌面的压力等于胡萝卜、水和吸管的总重力，丙图中所受的总重力最大，所以图丙中玻璃杯对桌面的压力最大，故B正确； CD．根据漂浮时浮力等于总重力，乙、丙图中胡萝卜漂浮，所受的浮力等于胡萝卜块和吸管所受的总重力，由于图丙中胡萝卜块和吸管所受的总重力大于图乙中胡萝卜块和吸管所受的总重力，所以图丙中胡萝卜和吸管受到的浮力大于图乙中胡萝卜和吸管受到的浮力，由F浮=ρ液gV排可知图丙中胡萝卜排开水的体积大，液面高，由p=ρgh知图乙中水对杯底的压强大小于图丙中水对杯底的压强，由F=pS知图丙中水对杯底的压力大于图乙中水对杯底的压力，故C错误，D正确。 故选BD。 2．（2025·贵州遵义·二模）（多选）如图所示，M、N是两个质量相等的正方体，，水平桌面上两个相同的柱状容器分别装有甲、乙两种液体。M在甲液面漂浮，用细线吊着N静止在乙液体中（细线对N有拉力）。此时，两容器液面相平，M、N露出液面的高度相同。下列说法正确的是（　　） A．M受到的浮力大于N受到的浮力 B．甲液体的密度小于乙液体的密度 C．左侧容器对桌面的压强大于右侧容器对桌面的压强 D．若剪断细线，待N静止后乙液体对容器底的压强变大 【答案】ACD 【详解】A．因为mM=mN，由公式G=mg可知，GM=GN，由物体浮沉条件可知，M在甲液面漂浮，浮力等于重力，即F浮M=GM，N受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力、竖直向上的浮力，所以N物体受到的浮力小于N的重力，即F浮N<GN，综合可知M、N受到的浮力大小关系F浮M>F浮N，故A正确； B．因F浮M>F浮N，由公式F浮=ρ液gV排可得ρ液甲gV排甲>ρ液乙gV排乙，由题意可知V排甲<V排乙，则甲、乙液体密度的大小关系为ρ液甲>ρ液乙，故B错误； C．由题意可知，V排甲<V排乙，且两容器内液面相同，则容器液体体积V液甲>V液乙，由G=mg=ρVg可知液体重力的大小关系G液甲>G液乙， 左侧容器对水平桌面的压力F左=G液甲+G杯+GM 右侧容器对水平桌面的压力F右=G液乙+G杯+GN-F拉 可见F左>F右， 在受力面积相同时，由公式可知容器对桌面的压强大小关系p左>p右，故C正确； D．剪断细绳前，N的受力关系为GN=F浮N+F拉，即F浮N<GN，若剪断细线，N将下沉一些，液面会上升一些，由公式p=ρ液gh可知，乙液体对容器底的压强变大，故D正确。 故选ACD。 3．（2025·福建厦门·二模）如图所示，水平桌面上放有一足够高的轻质薄壁方形底柱状杯，其底面积为，内部装有一定量的水。现将一底面积，高，质量的不吸水长方体放入其中，漂浮在水面上且下表面距杯底距离为。现将沿竖直方向切去一半并取出，再将另一底面积，高，质量的不吸水长方体竖直放入容器中，此时浸入水中的深度为 ，待、都静止后，杯子对桌面的压强为 。 【答案】 4 860 【详解】[1]的重力 根据漂浮条件可知，受到的浮力 根据可得，排开水的体积为 则浸入水中的深度 [2]水的深度 容器中水的体积 水的质量 切去一半、放入后，的密度不变，仍处于漂浮，此时的重力变为原来的一半，则所受浮力为原来的一半，排开水的体积为原来的一半，由于的底面积也为原来的一半，所以剩下浸入水中的深度不变，仍为；此时水和、的总重力 杯子对水平桌面的压力等于水和、的总重力，即 杯子对桌面的压强 4．（2025·四川遂宁·二模）如图所示，A、B是两个等高的圆柱形容器，容器重力忽略不计，容器中装满水，容器的底面积之比为2∶1。现将同种材料，质量比为6∶1的木块a、b（木＜水）分别轻轻放入两容器中，木块静止后水对容器底部的压强之比为 ，容器对桌面的压力之比为 。 【答案】 1∶1 2∶1 【详解】[1]由于，所以木块a、b放入水中均漂浮在水面上，由于容器中已经装满了水，木块a、b放入水中静止时容器内的水深不变，由于两容器等高，所以两容器内的水深相同，根据p=ρgh可知，木块静止后水对两容器底部的压强之比为 [2]A、B两个容器等高，底面积之比为2∶1，根据V=Sh可知，容器内水的体积之比为2∶1，根据密度公式可知，容器内水的质量之比为2∶1，根据G=mg可知，容器内水的重力之比为2∶1；根根据题意可知，，据物体的浮沉条件可知，木块在水中静止时处于漂浮状态，此时木块的重力等于木块排开水的重力，所以放入木块后，容器内的总重力不变，由于容器重力不计，则容器对水平桌面的压力之比等于容器内的总重力之比，即容器对水平桌面的压力之比为2∶1。 【第二部分：电学综合】 5．（2025·天津·中考真题）（多选）图所示电路电源电压不变，将定值电阻和滑动变阻器中的一个接在A、B间，另一个接在C、D间。滑动变阻器的滑片位于某一位置，闭合开关S，电流表示数为I0，A、B间电压为U1，C、D间电压为U2（U1≠U2）；移动滑片至另一位置，电流表示数变大，A、B间电压减小了ΔU。则（　　） A．C、D间应接滑动变阻器 B．定值电阻的阻值为 C．移动滑片前后，电路中电流的变化量为 D．移动滑片前后，电路消耗总功率的比值为 【答案】BC 【详解】A．依题意可知，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测电路中电流。根据，电流表示数变大时，定值电阻的电压也变大，所以A、B间应接滑动变阻器，C、D间应接定值电阻，故A不符合题意； B．C、D间接定值电阻，根据欧姆定律，定值电阻的阻值为，故B符合题意； CD．移动滑片至另一位置，电流表示数变大，A、B间电压减小了ΔU，根据串联电压规律，C、D间电压增大了ΔU，根据，移动滑片前后，电路中电流的变化量为 根据，电压不变时，电功率和电流成正比，移动滑片前后，电源电压不变，则电路消耗总功率的比值为 故C符合题意，D不符合题意。 故选BC。 6．（2025·四川广元·中考真题）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，滑动变阻器R的规格为“90Ω 2A”，电压表的量程为0~15V，电流表的量程均为0~3A，灯的额定电压是18V（其阻值不受温度影响）。当先闭合开关S1、S2，再闭合开关S，灯L正常发光，调节滑动变阻器滑片使电流表A1、A2的示数分别为2.4A、0.6A，则灯L通电10s产生的热量是 J；当先闭合开关S3，再闭合开关S，为确保电路安全，灯L的最大功率与最小功率的比值是 。 【答案】 324 36∶1 【详解】[1]当先闭合开关S1、S2，再闭合开关S，灯泡和滑动变阻器并联，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过变阻器的电流，灯L正常发光，灯的额定电压是18V，所以电源电压是18V，通过灯泡的电流IL=I-IR=2.4A-0.6A=1.8A 灯泡的电阻 灯L通电10s产生的热量Q=W=UILt=18V×1.8A×10s=324J [2]当先闭合开关S3，再闭合开关S，灯泡和变阻器串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，电压表的量程为0~15V，电压表的示数为15V时，变阻器连入电路的电阻最大，灯泡两端的电压UL小=U-UR=18V-15V=3V 灯泡的最小功率 电流表的量程均为0~3A，滑动变阻器R的最大电流是2A，灯泡正常的电流是1.8A，所以电路中的最大电流是1.8A，灯泡的最大功率PL大=I大2RL=(1.8A)2×10Ω=32.4W 灯L的最大功率与最小功率的比值PL大∶PL小=32.4W∶0.9W=36∶1 7．（2025·四川德阳·中考真题）如图所示，电源电压恒定为，定值电阻，电流表量程为，电压表量程为，滑动变阻器的最大阻值为。若闭合开关S和，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，在内产生的热量为 ；若闭合开关S和，在保证各元件安全的情况下，电路的最小电功率和最大电功率之比为 。 【答案】 240 1∶2 【详解】[1]闭合开关S和，且滑动变阻器的滑片P置于中点时，电阻R1和变阻器R串联，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路中的电流，电路中的电流 在内产生的热量为Q1=I2R1t=(0.2A)2×20Ω×5×60s=240J [2]若闭合开关S和，电阻R0和变阻器R串联，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路中的电流，电流表量程为，电路中的最大电流是0.6A，电路的最大电功率P大=UI大=6V×0.6A=3.6W 电压表量程为，电压表的示数是3V时，由串联分压可知，变阻器连入电路的电阻最大，电路的总电阻最大，由可知电路中的电流最小，由串联电路电压的规律和欧姆定律可知电路中的最小电流 电路的最小电功率P小=UI小=6V×0.3A=1.8W 电路的最小电功率和最大电功率之比为P小∶P大=1.8W∶3.6W=1∶2 8．（2025·四川遂宁·中考真题）某同学用图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率。他闭合开关，将滑动变阻器滑片从最右端向左滑动，直到灯泡电压达到额定值，记录了不同时刻三个电表的示数，并在同一坐标图中分别绘制了L和的图像如图乙。电源电压恒定不变，请分析：图乙中曲线 是滑动变阻器的图像；该电路的电源电压为 V；灯泡的额定电功率为 W。 【答案】 a 6 1.2 【详解】[1]如图L和串联，在串联电路中，总电压等于各部分电路电压之和，即。电压表V1测量L的电压，电压表V2测量的电压。 当滑动变阻器的滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联分压原理，其两端电压减小；根据，电路中的电流变大。观察图乙，曲线a随着电流的增大，电压减小，所以曲线a是滑动变阻器的U−I图像。 [2]由图乙可知，当滑动变阻器两端电压，灯泡两端电压时，二者电流相等，在串联电路中，总电压等于各部分电路电压之和，即电源电压 [3]由图乙可知，灯泡电压达到额定值，滑动变阻器两端电压为2V，灯泡额定电压为 此时电流为0.3A，故灯泡的额定电功率为 【第三部分：电与磁综合】 9．（2025·河南洛阳·三模）由于某种海鲜的储存温度要求低于，阳阳为海鲜市场的冷库设计了温度自动报警器，其电路如图甲所示。工作电路中安装有一个“220V40W”的报警灯，控制电路电源电压为保持不变（电磁铁线圈电阻忽略不计）。图乙为热敏电阻阻值随温度变化的图像。当冷库温度升高至-18℃时，控制电路中的电流为0.2A，工作电路报警。 (1)报警灯应接工作电路中的 （填“A、B”或“C、D”）之间。 (2)报警灯正常工作时，通过它的电流是多少？（保留两位小数） (3)滑动变阻器接入电路的阻值是多少？ (4)若要使报警温度更低一些，在不增加元件的情况下，请写出一个简便可行的方法。 【答案】(1) (2)0.18A (3)20Ω (4)将滑动变阻器的阻值调小 【详解】（1）海鲜的储存温度要求低于-18℃，阳阳为海鲜市场的冷库设计了温度自动报警器，当温度较高的时候，热敏电阻的电阻较小，电路中的电流较大，此时继电器连通，有磁性，继电器的衔铁与C、D部分连接，因此时需要降温，所以报警灯应接工作电路中的C、D 间。 （2）由知道，报警灯正常工作时，通过它的电流 （3）当冷库温度升高至-18℃时，由图乙可知，此时热敏电阻R的阻值为10Ω，控制电路中的电流为0.2A，控制电路的总电阻 则滑动变阻器接入电路的阻值 （4）要使报警温度更低一些，在不增加元件的情况下，根据串联电路电压的特点知道，电阻越大分配电压越大，将滑动变阻器的阻值调小或增大电源电压。 10．（2025·河南·三模）如图甲是小华设计的一款“智能保温杯”的自动控温工作原理图。控制电路中，，保护电阻，为热敏电阻，阻值随温度变化关系如图乙，电磁铁线圈电阻不计。工作电路中，，、为加热电阻。当通过的电流时，工作电路开始加热，加热功率为400W，保温功率为100W。 求： (1)电磁继电器中电磁铁的工作原理是 ；根据图甲可以判断电磁铁上端为 极； (2)加热电阻、的阻值 、 ； (3)开始保温时，保温杯内水的温度 ； (4)要使保温杯刚开始保温时的温度升高一些，请写出一条措施 。 【答案】(1) 电流的磁效应 (2) 121Ω 363Ω (3)65℃ (4)减小的阻值 【详解】（1）[1]电磁继电器中电磁铁的工作原理是电流的磁效应，通电时有磁性，断电时磁性消失。 [2]图甲中电流从电磁铁上端流入，根据安培定则判断，电磁铁上端为S极，下端为N极。 （2）[1][2]当通过的电流时，衔铁被吸下，工作电路处于加热状态，此时工作电路中只有工作，则的电阻为 当衔铁弹上时，电路为、串联，此时电路为保温状态，工作电路中的总电阻为 则的阻值 （3）开始加热时，控制电路中的电流为8mA，则控制电路中的总电阻为 热敏电阻的阻值为 据乙图可知，开始保温时，保温杯内水的温度为65℃。 （4）开始保温时控制电路中的电流不变，则电源电压不变的情况下，根据可知控制电路中的总电阻不变，若对应的温度升高，而热敏电阻的阻值变大，则的阻值减小。所以，要使保温杯刚开始保温时的温度升高一些，可以减小的阻值。 11．（2025·广东深圳·二模）25．（2025·河南郑州·二模）如图甲所示是用压敏电阻R1设计的一种“自动限重器”的简化电路，由控制电路和工作电路组成，其主要元件有电磁继电器、货物装载机（实质是电动机）R1和定值电阻R2等。当货架承受的压力达到限定值时，电磁继电器会自动控制货物装载机停止向货架上摆放物品。控制电路的电源电压为5V，电阻R2的阻值为60Ω，电磁铁线圈的电阻忽略不计，为了安全，工作电路断开，此时控制电路的电流为0.05A。压敏电阻R1的阻值随压力F变化的关系图像如图乙所示。（不计货架自重） (1)压敏电阻是由 材料制成的；当压力增大到一定值时，衔铁会被 （选填“吸下”或“释放”）； (2)当电磁继电器自动控制货物装载机刚好停止向货架上摆放物品时，压敏电阻的阻值为 多少？此时压力为 多少？ (3)若工作电路中有30min的时间货架上一直没有货物，则在这30min内电阻R2消耗的电能是 多少？ (4)若要增大货架承受的最大压力，请你说出应如何对控制电路进行改造 。（写出一种方法即可，不需要写计算过程） 【答案】(1) 半导体 吸下 (2) 40Ω 1000N (3)30J (4)增大定值电阻R2的阻值 【详解】（1）[1]半导体材料的导电性能可以受到外部环境的影响而发生变化,这使得它可以被用于制造各种类型的传感器，压敏电阻是由半导体材料制成的。 [2]根据图乙可知：当压力增大时，压敏电阻R1的阻值将减小；控制电路的其他条件不变，当压力增大到一定值时，电路中的总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流增大，电磁铁的磁性增大，衔铁会被吸下。 （2）[1][2]当货架所受压力达到一定值时，工作电路断开，此时控制电路的电流为I=0.05A，根据欧姆定律可得控制电路的总电阻 由串联电路的电阻规律可得压敏电阻的阻值R1=R总-R2=100Ω-60Ω=40Ω 根据图乙可以查得当R1为40Ω时压力大小为1000N。 （3）货架上没有货物时，由图可知压敏电阻的阻值 根据串联电路规律可得，电路中的总电阻： 由欧姆定律可得，电路中的电流 则在这30min内电阻R2消耗的电能是 （4）控制电路中电源电压不变，控制电路的电流为0.05A，根据欧姆定律可知，R1与电阻R2的总阻值不变，要增大货架承受的最大压力，工作电路断开时，压敏电阻的阻值要更小，因此要增大定值电阻R2的阻值。 12．（2025·江苏苏州·二模）综合实践活动——设计蔬菜温室。 【任务与要求】为了在冬天能品尝到夏季的蔬菜，同学们为学校的劳动基地设计一个蔬菜温室，要求温度控制在之间。 【设计与实施】 任务一：设计温室结构。温室设计为玻璃顶的长方体结构，体积为。由立柱和横梁支撑，墙体四周装有保温层。查阅资料获知，立柱的承重比指立柱能承受的最大重力与自重的比值，能反映承重效率，立柱横截面的形状是影响承重比的重要因素之一，为研究它们之间的关系，利用塑料立柱模型进行实验，发现在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是：。 任务二：设计温控系统。温控系统原理如图甲，控制电路的电源电压为，电阻箱的阻值调为，热敏电阻的阻值随温度的变化图像如图乙。当控制电路中的电流达到时，衔铁被吸下：当电流降低到时，衔铁被弹回。工作电路中电热丝的电阻为，浴霸灯标有“”字样。 (1)关于设计蔬菜温室的实践活动，下列说法不正确的是（　　） A．屋顶选用绿色玻璃不利于蔬菜生长 B．墙体选用隔热性能好的材料 C．浴霸灯能使温室温度下降得平缓些 D．图甲中通电线圈上端是S极 (2)由模型实验可知，搭建温室选用 （选填“三角”、“方”或“圆”）形立柱的承重比大；已知模型的承重比为，质量为，受力面积为，则其上表面所能承受的最大压强 。 (3)电热丝通电产生的热量使温室气温升高，则空气吸收的热量为 ，电热丝对温室的加热效率为 （结果保留一位小数）；电磁铁线圈的电阻忽略不计，电热丝刚停止工作时，室温为 。[空气密度取，空气比热容取] (4)根据以上参数，该蔬菜温室 （选填“能”或“不能”）满足要求温度控制在之间。 【答案】(1)D (2) 圆形 (3) 4.4×105 66.7% 20 (4)不能 【详解】（1）A．蔬菜是不透明物体，不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的，蔬菜叶子通常呈绿色，说明绿色植物反射的是绿光，即绿色植物所不喜欢绿光，而透明物体的颜色是由它透过的色光决定的，绿色玻璃只能透过绿色的光，吸收其它色光，此时只给绿色植物照射绿光，绿色植物就会因缺少所需要的其它色光，无法进行光合作用，因而生长缓慢，直至枯萎死亡，因此屋顶选用绿色玻璃不利于蔬菜生长，故A正确，不符合题意； B．为了使蔬菜温室室内的温度控制在一定的范围内，应尽量减少蔬菜温室内外之间的热传递，因此墙体应选用隔热性能好的材料，故B正确，不符合题意； C．由图甲可知，当衔铁被吸下时，电热丝停止工作，浴霸灯工作，此时浴霸灯可以向蔬菜温室内提供适量的热量，从而使得降温能平缓些，故C正确，不符合题意； D．由图甲可知，电流从通电线圈上端流入，下端流出，由安培定则可知，通电线圈上端是N极，故D不正确，符合题意。 故选D。 （2）[1]由发现在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是：γ三＜γ四＜γ五＜γ六，即模型横截面的边数越多承重比越大，圆形可以看作是由无数条边构成的多边形，因此由模型实验可知，搭建温室选用圆形立柱的承重比大。 [2]由立柱的承重比γ指立柱能承受的最大质量与其质量的比值可知，承重比 因此承重比为γ，质量为m的模型能承受的最大质量 模型上表面所能承受的最大压力 则模型上表面所能承受的最大压强 （3）[1]由知道，蔬菜温室内空气的质量 空气吸收的热量 [2]电热丝通电5min产生的热量 则电热丝对温室的加热效率 [3]由题意知道，当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下，此时电热丝刚停止工作，由欧姆定律可知，此时控制电路中的总电阻 由串联电路的电阻特点知道，此时热敏电阻R1的阻值 由图乙知道，此时的室温为20℃。 （4）由题意知道，当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下，此时电热丝刚停止工作，当电流降低到25mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，说明蔬菜温室能自动控制室温升降，电热丝刚停止工作时，浴霸灯工作，使得降温较平缓。当电流降低到25mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，由欧姆定律知道，此时控制电路中的总电阻 由串联电路的电阻特点知道，此时热敏电阻R1的阻值 由图乙知道，此时的室温约为13℃，即温度控制在13～20℃之间，所以不能将温度控制在20～30℃之间。 17 / 18 学科网（北京）股份有限公司 $