5.3.1 第2课时 等比数列的性质-【优学精讲】2024-2025学年高中数学选择性必修第三册教用Word(人教B版)

该教案聚焦等比数列的性质，涵盖等比中项定义及应用、等比数列核心性质（如s+t=p+q时a_s a_t=a_p a_q）及实际应用。通过类比等差数列性质提出问题，搭建新旧知识桥梁，引导学生自主探究。 资料以“问题链”驱动学习，通过“想一想”辨析等比中项条件，“母题探究”变式训练强化性质应用，结合投资复利等实例渗透数学建模。培养数学抽象与运算能力，助力学生逻辑推理，提升教师课堂效率。

第二课时　等比数列的性质 新课程标准解读 核心素养 1.理解等比中项的定义，会利用等比中项解决相关问题 数学抽象、数学运算 2.掌握等比数列的性质及等比数列在实际生活中的应用 数学运算、数学建模 　　在等差数列{an}中，存在很多的性质，如： 　　（1）若m＋n＝p＋q，则am＋an＝ap＋aq（m，n，p，q∈N＋）； 　　（2）若m＋n＝2p，则am＋an＝2ap； 　　（3）若l1，l2，l3，l4，…，ln成等差数列，则，，，，…，也成等差数列. 【问题】　类比等差数列的性质，你能否得出等比数列的相类似的性质呢？ 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 　 知识点一　等比中项 　如果x，G，y是　等比　数列，那么称G为x与y的等比中项，此时G＝　 ±　. 【想一想】 1.任何两个非零实数都有等比中项吗？ 提示：不一定，当两个实数同号时才有等比中项，异号时不存在等比中项. 2.G是x与y的等比中项的充要条件为G2＝xy吗？ 提示：不是.若G是x与y的等比中项，则G2＝xy，反之不成立. 1.（多选）如果－1，a，b，c，－9成等比数列，那么（　　） A.b＝3 B.b＝－3 C.ac＝9 D.ac＝－9 解析：BC　∵b是－1，－9的等比中项，∴b2＝9，b＝±3.由等比数列奇数项符号相同，得b＜0，故b＝－3，而b又是a，c的等比中项，故b2＝ac，即ac＝9. 2.已知一等比数列的前三项依次为x，2x＋2，3x＋3，则x＝　－4　. 解析：由x，2x＋2，3x＋3成等比数列，可知（2x＋2）2＝x（3x＋3），解得x＝－1或x＝－4，又当x＝－1时，2x＋2＝0，这与等比数列的定义相矛盾，所以x＝－4. 知识点二　等比数列的性质 　如果{an}是等比数列，而且正整数s，t，p，q满足s＋t＝p＋q，则asat＝　apaq　. 特别地，如果2s＝p＋q，则＝　apaq　. 【想一想】 　在有穷等比数列中与首末两项“等距离”的两项之积与首末两项之积有何关系？ 提示：相等.因为1＋n＝2＋（n－1）＝3＋（n－2）＝…，所以a1an＝a2an－1＝a3an－2＝…. 1.在等比数列{an}中若a3a5＝4，则a1a7＝（　　） A.4 B.2 C.8 D.16 解析：A　∵3＋5＝1＋7，∴a1a7＝a3a5＝4. 2.在等比数列{an}中，若a3＝2，则a1a2a3a4a5＝　32　. 解析：a1a2a3a4a5＝＝25＝32. 题型一 等比中项 【例1】　（1）在等比数列{an}中，a1＝，q＝2，则a4与a8的等比中项a6＝（　　） A.±4　　　　　　　　　 B.4 C.± D. （2）已知b是a，c的等比中项，求证：ab＋bc是a2＋b2与b2＋c2的等比中项. （1）解析：B　由an＝×2n－1＝2n－4知，a4＝1，a8＝24，∴a4与a8的等比中项为±4，又∵a1＞0，q＞0，∴a6＞0，故a4与a8的等比中项为a6＝4. （2）证明：因为b是a，c的等比中项， 所以b2＝ac，且a，b，c均不为零， 又因为（a2＋b2）（b2＋c2）＝a2b2＋a2c2＋b4＋b2c2＝a2b2＋2a2c2＋b2c2，（ab＋bc）2＝a2b2＋2ab2c＋b2c2＝a2b2＋2a2c2＋b2c2， 所以（ab＋bc）2＝（a2＋b2）（b2＋c2）， 即ab＋bc是a2＋b2与b2＋c2的等比中项. 通性通法 1.在等比数列{an}中，任取相邻的三项，an－1，an，an＋1，则an是an＋1与an－1的等比中项，即＝an－1·an＋1. 2.“a，G，b成等比数列”是“G2＝ab”的充分不必要条件. 3.等比数列中的任一项（除首、末两项）都是数列中距该项“距离”相等的两项的等比中项，即＝an－k·an＋k（n＞k）. 【跟踪训练】 1.已知a是1，2的等差中项，b是－1，－16的等比中项，则ab＝（　　） A.6　　　　　　　　　　 B.－6 C.±6 D.±12 解析：C　依题意知，2a＝1＋2，b2＝（－1）×（－16），∴a＝，b＝±4，∴ab＝±6. 2.已知等比数列{an}的前三项依次为a－1，a＋1，a＋4，则an＝　4×　. 解析：由已知可得（a＋1）2＝（a－1）（a＋4）， 解得a＝5，所以a1＝4，a2＝6， 所以q＝＝＝，所以an＝4×. 题型二 等比数列性质的应用 【例2】　（1）在1与100之间插入n个正数，使这n＋2个数成等比数列，则插入的n个数的积为（　A　） A.10n B.n10 C.100n D.n100 （2）在等比数列{an}中，a3＝16，a1a2a3…a10＝265，则a7等于　256　. 解析：（1）设这n＋2个数为a1，a2，…，an＋1，an＋2， 则a2·a3·…·an＋1＝（a1an＋2＝（100＝10n. （2）因为a1a2a3…a10＝（a3a8）5＝265，所以a3a8＝213，又因为a3＝16＝24，所以a8＝29，因为a8＝a3·q5，所以q＝2，所以a7＝＝256. 【母题探究】 1.（变设问）本例（2）条件不变，试求a1a5＋a2a9的值. 解：∵a1a2…a10＝（a2a9）5＝265， ∴a2a9＝213＝8 192.又∵a1a5＝＝162＝256. ∴a1a5＋a2a9＝256＋8 192＝8 448. 2.（变条件，变设问）若本例（2）中的条件“a3＝16，a1a2a3…a10＝265”变为“a5＝3”，试求a1a2a3a4a5a6a7a8a9的值. 解：∵a1a9＝a2a8＝a3a7＝a4a6＝＝9，∴a1a2…a8a9＝94×3＝19 683. 通性通法 1.在等比数列的有关运算中，常常涉及次数较高的指数运算，往往是建立关于a1，q的方程组求解，但这样解起来很麻烦.若能避开求a1，q，直接利用等比数列的性质求解，往往可使问题简单明了. 2.在应用等比数列的性质解题时，需时刻注意等比数列性质成立的前提条件. 【跟踪训练】 1.已知{an}为等比数列，a4＋a7＝2，a5a6＝－8，则a1＋a10＝（　　） A.7 B.5 C.－5 D.－7 解析：D　因为数列{an}为等比数列，所以a5a6＝a4a7＝－8，联立解得或故a1＋a10＝＋a7·q3＝－7. 2.已知等比数列{an}满足an＞0，n＝1，2，…，且a5·a2n－5＝22n（n≥3），则当n≥1时，log2a1＋log2a3＋…＋log2a2n－1＝　n2　. 解析：设数列{an}的公比为q，由a5·a2n－5＝22n得a1q4·a1q2n－6＝q2n－2＝22n，所以（a1qn－1）2＝（2n）2.又an＞0，所以a1qn－1＝2n.故log2a1＋log2a3＋…＋log2a2n－1＝log2（a1·a3·…·a2n－1）＝log2（q2＋4＋…＋2n－2）＝log2[qn（n－1）]＝log2[（a1qn－1）n]＝log2[（2n）n]＝n2. 题型三 等比数列的实际应用问题 【例3】　某工厂2024年1月的生产总值为a万元，计划从2024年2月起，每月生产总值比上一个月增长m%，那么到2025年8月底该厂的生产总值为多少万元？ 解：设从2024年1月开始，第n个月该厂的生产总值是an万元，则an＋1＝an＋anm%， ∴＝1＋m%. ∴数列{an}是首项a1＝a，公比q＝1＋m%的等比数列，∴an＝a（1＋m%）n－1， ∴2025年8月底该厂的生产总值为a20＝a（1＋m%）20－1＝a（1＋m%）19（万元）. 通性通法 　　数列实际应用题常与现实生活和生产实际中的具体事件相联系，建立数学模型是解决这类问题的核心，常用的方法有：（1）构造等差、等比数列的模型，然后用数列的通项公式或求和公式求解；（2）通过归纳得到结论，再用数列知识求解. 【跟踪训练】 　某家庭决定要进行一项投资活动，预计每年收益5%.该家庭2025年1月1日投入10万元，按照复利（复利是指在每经过一个计息期后，都将所得利息加入本金，以计算下期的利息）计算，到2035年1月1日，该家庭在此项投资活动的资产总额大约为（　　） 参考数据：1.058≈1.48，1.059≈1.55，1.0510≈1.63，1.0511≈1.71. A.14.8万元 B.15.5万元 C.16.3万元 D.17.1万元 解析：C　由题意知，该家庭2026年1月1日本金加收益和为10·（1＋5%）＝10×1.05，2027年1月1日本金加收益和为10×1.052，2028年1月1日本金加收益和为10×1.053，…，2035年1月1日本金加收益和为10×1.0510≈10×1.63＝16.3.所以到2035年1月1日，该家庭在此项投资活动的资产总额大约为16.3万元. 1.2＋和2－的等比中项是（　　） A.1 B.－1 C.±1 D.2 解析：C　设2＋和2－的等比中项为G，则G2＝（2＋）×（2－）＝1，∴G＝±1. 2.由公比为q的等比数列a1，a2，…依次相邻两项的乘积组成的数列a1a2，a2a3，a3a4，…是（　　） A.等差数列 B.以q为公比的等比数列 C.以q2为公比的等比数列 D.以2q为公比的等比数列 解析：C　因为＝＝q2为常数，所以该数列为以q2为公比的等比数列. 3.已知等比数列{an}满足a5＋a8＝2，a6·a7＝－8，则q3＝（　　） A.－ B.－2 C.－或－2 D.2 解析：C　由等比数列的性质可知，a5·a8＝a6·a7＝－8，又因为a5＋a8＝2，所以a5＝4，a8＝－2，或a5＝－2，a8＝4，所以q3＝＝－2或－. 4.在等比数列{an}中，a3a4a6a7＝81，则a1a9的值为　9　. 解析：因为{an}为等比数列，所以a3a7＝a4a6＝a1a9，所以（a1a9）2＝81，即a1a9＝±9.因为在等比数列{an}中，奇数项（或偶数项）的符号相同，所以a1，a9同号，所以a1a9＝9. 5.已知数列{an}为等比数列. （1）若a1＋a2＋a3＝21，a1a2a3＝216，求an； （2）若a3a5＝18，a4a8＝72，求公比q. 解：（1）∵a1a2a3＝＝216， ∴a2＝6， ∴a1a3＝36. 又∵a1＋a3＝21－a2＝15， ∴a1，a3是方程x2－15x＋36＝0的两根3和12. 当a1＝3时，q＝＝2，an＝3·2n－1； 当a1＝12时，q＝，an＝12·. （2）∵a4a8＝a3q·a5q3＝a3a5q4＝18q4＝72， ∴q4＝4， ∴q＝±. 1.在等比数列{an}中，a1＝1，公比q≠1，若am＝a1a2a3a4a5，则m等于（　　） A.9 B.10 C.11 D.12 解析：C　由题意得，am＝＝（a1q2）5＝q10＝q10＝q11－1，所以m＝11.故选C. 2.在等比数列{an}中，Tn表示前n项的积，若T5＝1，则（　　） A.a1＝1 B.a3＝1 C.a4＝1 D.a5＝1 解析：B　由题意，可得a1·a2·a3·a4·a5＝1，即（a1·a5）·（a2·a4）·a3＝1，又因为a1·a5＝a2·a4＝，所以＝1，得a3＝1. 3.已知各项均为正数的等比数列{an}中，lg（a3a8a13）＝6，则a1·a15的值为（　　） A.100 B.－100 C.10 000 D.－10 000 解析：C　∵a3a8a13＝，∴lg（a3a8a13）＝lg ＝3lg a8＝6，∴a8＝100，∴a1a15＝＝10 000，故选C. 4.已知{an}是等比数列，a4·a7＝－512，a3＋a8＝124，且公比为整数，则公比q为（　　） A.2 B.－2 C.1 D.－1 解析：B　根据等比数列的性质可得a4·a7＝a3·a8＝－512，又a3＋a8＝124，所以或因为公比为整数，所以所以q5＝＝－32，所以q＝－2. 5.现存入银行8万元，年利率为2.50%，若采用一年期自动转存业务，则第十年末的本利和为（　　） A.8×1.0258万元 B.8×1.0259万元 C.8×1.02510万元 D.8×1.02511万元 解析：C　由题意得，每年末的本利和依次构成以1＋2.50%＝1.025为公比，8×1.025为首项的等比数列，所以第十年末的本利和为8×1.025×1.02510－1＝8×1.02510万元.故选C. 6.（多选）设{an}（n∈N＋）是各项为正数的等比数列，q是其公比，Kn是其前n项的积，且K5＜K6，K6＝K7＞K8，则下列选项中成立的是（　　） A.0＜q＜1 B.a7＝1 C.K9＞K5 D.K6与K7均为Kn的最大值 解析：ABD　根据题意，分析选项.对于B，若K6＝K7，则a7＝＝1，B正确；对于A，由K5＜K6可得，a6＝＞1，则q＝∈（0，1），故A正确；对于C，由{an}是各项为正数的等比数列且q∈（0，1）可得数列单调递减，则有K9＜K5，故C错误；对于D，结合K5＜K6，K6＝K7＞K8，可得D正确.故选A、B、D. 7.在等比数列{an}中，若a1a2a3a4＝1，a13a14a15a16＝8，则a41a42a43a44＝　1 024　. 解析：设等比数列{an}的公比为q， a1a2a3a4＝a1·a1q·a1q2·a1q3＝·q6＝1， ① a13a14a15a16＝a1q12·a1q13·a1q14·a1q15＝·q54＝8， ② ②÷①得q48＝8，q16＝2，所以a41a42a43a44＝a1q40·a1q41·a1q42·a1q43＝·q166＝·q6·q160＝（·q6）（q16）10＝210＝1 024. 8.画一个边长为2厘米的正方形，再以这个正方形的对角线为边画第2个正方形，以第2个正方形的对角线为边画第3个正方形，这样一共画了10个正方形，则第10个正方形的面积等于　2 048　平方厘米. 解析：这10个正方形的边长构成以2为首项，为公比的等比数列{an}（1≤n≤10，n∈N＋），则第10个正方形的面积S＝＝（）2＝211＝2 048. 9.已知数列{an}为等比数列，数列{bn}为等差数列，若a2a7a12＝3，b1＋b7＋b13＝6π，则tan＝　 　. 解析：由等比数列性质知a2a7a12＝＝3，解得a7＝，又数列{bn}为等差数列，b1＋b7＋b13＝3b7＝6π，解得b7＝2π，又b2＋b12＝2b7＝4π，a3a11＝＝3，所以tan＝tan＝tan＝. 10.已知数列{an}为等差数列，公差d≠0，由{an}中的部分项组成的数列，，…，，…为等比数列，其中b1＝1，b2＝5，b3＝17.求数列{bn}的通项公式. 解：依题意＝a1a17，即（a1＋4d）2＝a1（a1＋16d），所以a1d＝2d2，因为d≠0，所以a1＝2d.设数列{}的公比为q，则q＝＝＝3， 所以＝a13n－1， ① 又因为＝a1＋（bn－1）d＝a1， ② 由①②得a1·3n－1＝·a1. 因为a1＝2d≠0，所以bn＝2×3n－1－1. 11.（多选）已知数列{an}是等比数列，那么下列数列一定是等比数列的是（　　） A. B.{log2（an）2} C.{an＋an＋1} D.{an＋an＋1＋an＋2} 解析：AD　当an＝1时，log2（an）2＝0，数列{log2（an）2}不一定是等比数列.当q＝－1时，an＋an＋1＝0，数列{an＋an＋1}不一定是等比数列.由等比数列的性质知和{an＋an＋1＋an＋2}都是等比数列.故选A、D. 12.若等比数列{an}的各项均为正数，且a10a11＋a9a12＝2e5，则a3a18＝　e5　，ln a1＋ln a2＋…＋ln a20＝　50　. 解析：因为{an}为等比数列，所以a1a20＝a2a19＝…＝a9a12＝a10a11.又因为a10a11＋a9a12＝2e5，所以a3a18＝a10a11＝a9a12＝e5，所以ln a1＋ln a2＋…＋ln a20＝ln（a1a2…a20）＝ln[（a1a20）·（a2a19）·…·（a10a11）]＝ln（a10a11）10＝ln（e5）10＝ln e50＝50. 13.设Sn为数列{an}的前n项和，Sn＝kn2＋n，n∈N＋，其中k是常数. （1）求a1及an； （2）若对于任意的m∈N＋，am，a2m，a4m成等比数列，求k的值. 解：（1）由Sn＝kn2＋n，得a1＝S1＝k＋1. 当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝2kn－k＋1. 经验证，n＝1时，上式也成立， 所以an＝2kn－k＋1. （2）因为am，a2m，a4m成等比数列， 所以＝am·a4m， 即（4mk－k＋1）2＝（2km－k＋1）（8km－k＋1）， 整理得mk（k－1）＝0.因为对任意的m∈N＋成立，所以k＝0或k＝1. 14.（多选）已知等比数列{an}的各项均为正数，公比为q，且a1＞1，a6＋a7＞a6a7＋1＞2，记{an}的前n项积为Tn，则下列选项中正确的选项是（　　） A.0＜q＜1 B.a6＞1 C.T12＞1 D.T13＞1 解析：ABC　由于等比数列{an}的各项均为正数，公比为q，且a1＞1，a6＋a7＞a6a7＋1＞2，所以（a7－1）＜0，由题意得a6＞1，a7＜1，所以0＜q＜1.因为a6a7＋1＞2，所以a6a7＞1，T12＝a1·a2·…·a11·a12＝＞1，T13＝＜1.故选A、B、C. 15.判断是否存在一个等比数列{an}，使其满足下列三个条件：（1）a1＋a6＝11，且a3a4＝；（2）an＋1＞an；（3）至少存在一个m（m∈N＋，且m＞4），使am－1，，am＋1＋成等差数列.若存在，请写出数列的通项公式；若不存在，请说明理由. 解：不存在.理由如下： 假设存在符合条件的等比数列{an}， 则a3a4＝a1a6＝，与a1＋a6＝11联立， 解得或（舍去，因为an＋1＞an）. 设{an}的公比为q，由a6＝a1q5，得＝q5，解得q＝2， 所以an＝·2n－1（n∈N＋）. 又因为am－1，，am＋1＋成等差数列， 所以2＝am－1＋， 即2＝（·2m－2）＋（·2m＋）， 化简整理，得22m－7·2m－8＝0，即（2m－8）·（2m＋1）＝0. 因为2m＋1＞0，所以2m－8＝0，即2m＝8，所以m＝3. 这与条件（3）中的m＞4矛盾. 所以不存在符合条件的等比数列{an}. 8 / 8 学科网（北京）股份有限公司 $