2026届河南省郑州市百师联盟高三上学期12月联考物理试卷

2026届高三一轮复习12月质量检测 物理试题 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自已的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在 本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回 考试时间为75分钟，满分100分 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项 中，只有一项是符合题目要求的。 1.水平维修平台上停放着一艘帆船，无风时，平台对帆船的作用力大小为F,。某日维修时 突遇水平方向侧风，帆船仍静止于平台上，此时平台对帆船的作用力大小为F2。下列说 法正确的是 A.F2=F B.F2>F C.F:<FI D.F:和F,大小关系与风力大小有关 2.在篮球比赛中，运动员需接住队友传来的高速篮球。为避免手部受伤，运动员接球时通常 会顺势屈肘缓冲，如图所示。已知篮球接触手部时的速度方向水平，被接住后速度变为 零。关于这一缓冲动作的物理原理，下列说法正确的是 接球动作 A.减小篮球从接触到静止的动量变化量 B.缩短篮球与手的作用时间以减小动能损失 C,通过增加手对篮球的冲量使其更快停止 D.延长相互作用时间从而减小手受到的平均冲击力 2026届高三一轮复习12月质量检测物理试題第1页（共8页） 3某学习小组采用如图所示的电路图来测量金属丝R,的电阻率，闭合开关后，调节滑动变 阻器滑片P的位置记录电压表和电流表的示数U和I,得到多组数据，并作出该金属丝 的U一】图像，得到一条过原点的直线，斜率为k。已知金風丝的直径为d,连人电路部分 的长度为L,则 A.闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处在N端 B,该金凤丝电阻率的测量值为 4L C,用U一【图像处理数据可以减小系统误差 D,若只考虑电表内阻引起的误差，所测电阻率偏大 4,在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r。开关S闭合后，将滑动变阻器R的 滑片P向右滑动时，电压表示数的变化量的绝对值为△U,电流表示数的变化斑的绝对值 为△I。两电表均为理想电表，下列说法正确的是 A.电压表示数变大 7 B.电压表示数U和电流表示数I的比值变大 C.△U与△I的比值不变 D.电源的输出功率一定变大 5.如图所示，真空中固定放置两块较大的平行金属板，板间存在垂直于极板方向的匀强电 场。带电粒子a、b分别从A点和B点平行于极板方向同时进人电场，沿图中所示轨迹同 时到达下极板边缘M、上极板中点N,P为轨迹交点。忽略粒子所受重力和粒子间的相 互作用，则可推断带电粒子a、b 稳压 电源 A.比荷大小之比为1：2 B.初速度大小之比为1：1 C,到达M的速度大于到达N的速度 D.到达P所用时间之比为2：1 2026届高三一轮复习12月质量检测物理试题第2页（共8页） 6.我国“天问二号”探测器在环火轨道运行，如图所示。先在半径3R的圆轨道I上绕火星 运行，在点Q点火减速进人椭圆轨道Ⅱ，到达近火点P时再次点火诚速，最终进人半径R 的圆轨道Ⅲ。已知火星质量为M,引力常量为G,火星引力场中距火星中心r处质量为 m的物体引力势能E。=-GMm〔 一（取无穷远处引力势能为零）。探测器在轨道I与轨道Ⅲ 运行时的机械能之比为 A.3:1 B.1:3 C.9:1 D.1:9 7.真空中有两个点电荷，电荷量均为十q(g>0),固定于相距为2r的P,、P2两点，O是 P,P,连线的中点，M点在P,P,连线的中垂线上，距离O点为√r,已知静电力常量为k, 电子质量为m,电荷量绝对值为e,只考虑电场力的作用，下列说法正确的是 A.M点的电场强度方向与OM连线垂直 B,M点的电场强度大小为g 2r2 C,将电子从M点由静止释放，电子由M点运动到O点过程中，电势 能一直增大 3kge D.电子在M点获得大小为 、方向垂直纸面向里的初速度后，恰 Amr 能做匀速圆周运动 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项 中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。 8.在某建筑工地上，工人使用我国自主研发的高空作业平台进行外墙施工。平台（连同工 人)从地面开始沿竖直方向做直线运动，其速度随时间变化的一t图像如图所示（取竖直 向上为正方向)。已知工人的质量为70kg,重力加速度g取10m/s2。根据图像，下列说 法正确的是 4u/(ms) 201s 2026届高三一轮复习12月质亚检测物理试题第3页（共8页） A.0~5s内，工人处于失重状态 B.5~10s内，工人的机械能变化量为3500J C.0~20s内，工人的位移大小为37.5m D.整个过程中，工人对平台的最大压力大小为770N 9.波源P位于x=0处，形成的简谐横波沿x轴正方向传播，波源Q位于x=10m处，形成 的简谐横波沿x轴负方向传播。在=0时刻，波源P,Q形成的简谐横波的波形图分别 如图中实线、虚线所示。已知两波源的振动周期均为T=0.5s。则 y/cm 0 6 10x/m A.两列波的波长均为4m B.两列波的传播速度大小均为16m/s C.稳定后，x=3m处质点的振动减弱 D.在0<x<10m范围内，有两个振动加强点 10.如图甲为循环弹珠玩具，小钢球从左端漏斗进入轨道，沿轨道运动至圆轨道最高点后向 左上方抛出，落在左端漏斗中，再次进人轨道。小钢球沿圆轨道上升并从轨道抛出过程 的简化原理如图乙所示，半径为L的光滑圆轨道竖直放置，其圆心为O,A为轨道最低 点，AO竖直，B为轨道最高点，OB与竖直方向的夹角为60°，在与圆心O等高处放置水 平平台。质量为m的小钢球（视为质点）从最低点A以水平初速度v0=√5gL沿轨道上 升，到达B点后做斜抛运动并经过水平平台的C点（未画出）。重力加速度为g,不计空 气阻力，下列说法正确的是 160°- 7777777777 甲 乙 A.小钢球到达B点时的速度大小为2√gL B.小钢球脱离轨道前瞬间，所受轨道支持力的大小为1.5mg C.小钢球从B点运动到C点所用时间为十√四L 4 D.C点与O点的距离为52 2026届高三一轮复习12月质量检测物理试题第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)2025年是我国首次自主完成珠峰高程测量50周年。某兴趣小组受此启发，在泰 山山顶用单摆测量重力加速度，并以此估算海拔高度。实验装置如图甲所示，实验中测 得摆球完成n=40次全振动的时间t=80.00s。请回答： 4 cm 20 甲 乙 (1)用20分度的游标卡尺测量摆球直径d。游标卡尺示数如图乙所示，则摆球的直径d 为 mm。 (2)若测得摆线长度l=98.00cm,则重力加速度的测量值g= m/s2(取π2= 9.86,结果保留三位有效数字)。 (3)多次改变摆线长度，在小摆角下测得不同摆线长L和对应的摆球摆动周期T,并作出 一T2图像。由于未考虑小球的大小，一T2图像为不过原点的直线，利用图像的斜率 计算得到的重力加速度值 (填“偏大”“偏小”或“不变”)。 12.(9分)某实验小组利用图甲所示的实验电路测量一节干电池的电动势和内阻。 A 微信公众号：三晋高中指南 E 甲 (1)按照图甲所示的电路图，补充完成图乙中实物间的连线。 (2)闭合开关S,某次读取电表数据时，电压表指针如图丙所示，此时U= UV 1.6 1.4 1.2 2 Q山山3 1.0 0.8出 0 0.10.20.30.40.50A 丙 丁 2026届高三一轮复习12月质量检测物理武題第5页（共8页） (3)通过调节滑动变阻器，测得多组U、I数据，并作出U一I图像如图丁所示，由此求得 电动势E= V,内阻r= 2。(结果均保留到小数点后两位) (4)若考虑电压表分流引起的误差，则r（选填“>”“=”或“<”)rr,理由 是 13.（10分)如图所示，MN是一对彼此绝缘，相距为d的平行金属带电极板组成的电容器。 N板接地（电势为0），在两极板MN间的A点有一带电荷量为一q(g>0)的小液滴，其 质量为m,恰好处于静止状态，M板带电荷量的绝对值为Q。重力加速度为g,求： (1)电容器的电容； (2)上极板M的电势。 A 2026届高三一轮复习12月质量检测物理试题第6页（共8页） 14.(14分)如图所示，在平面直角坐标系xOy的坐标原点处固定一正点电荷，电荷量为 十10g(q>0)。一质量为m、带电荷量为一q的粒子在库仑力作用下以速度v。绕正点电 荷做匀速圆周运动，其轨迹在坐标系所在平面内且沿逆时针方向。已知电荷量为Q的 点电荷产生的电场中，当取无限远处的电势为0时，与该点电荷距离为r处的电势P= Q,及为静电力常量。忽略粒子重力。更多试题与答案，关注微信公众号：三晋高中指南 (1)求粒子做匀速圆周运动的半径和周期； (2)若粒子运动过程中经过y轴上的A点时，速度瞬时由v。增加到1.20，方向不变。 当运动到B点（图中未画出）时，速度方向首次与A点速度方向相反，求粒子从A点运 动到B所用的时间， 2 O+10q 15.(16分)如图所示，质量为m的物块AB静止在光滑水平面上，其上表面有半径为R的 }弧轨道B点切线水平，质量为2m的小球自网弧顶A点上方的C点白中下落 落到A点后沿光滑圆弧轨道下滑，A、C两点的距离也为R。物块AB的右侧水平地面 上有n个质量均为m的相同小滑块，从左向右依次编号为1、2、·、n,相邻滑块间的距离 均为L。小球运动到水平面后与小滑块1发生弹性碰撞，此后立即撤去小球。滑块间的 每次碰撞时间极短，碰后滑块均会粘在一起继续运动。已知重力加速度大小为g,小球 和各个滑块均可视为质点，不计空气阻力。 (1)求小球运动到物块AB的底端B时，物块AB向左运动的距离； (2)求小滑块n碰后的速度大小： (3)若小滑块所在的水平面粗糙，所有小滑块与水平面间的动摩擦因数均为μ，且所有碰 撞依次发生。求从小球与滑块1碰撞后开始到所有碰擅完成瞬间，摩擦力对小滑块系统 所做的总功。 23 4… 2026届高三一轮复习12月质量检测 物理参考答案及评分意见 1.B【解析】无风时，由于平台水平且帆船静止，竖直方向二力平衡，有F,=mg;有水平风力F时，帆船在重 力mg、风力F和平台力F2作用下处于平衡状态，则有F2=√(mg)+F,故F2>F1,B正确。 2D【解析】动量变化量由初、末动量决定，初、末速度决定初、末动量，缓冲动作不改变动量变化量，A错误；动能 损失由速度变化决定(AE,=之m,缓冲动作与动能损失无关，B错误：冲量由动量变化量决定，1一△p=m: 缓冲动作不会增加总冲量（仅改变力的作用时间），C错误；根据动量定理F平均·△=△p,当△一定时，延长作 用时间△t可减小平均冲击力F平均，D正确。 3.B【解析】闭合开关前，滑动变阻器滑片应处在M端，A错误；根据欧姆定律可知R==k,再根据电阻率公式 p一空-×号，解得P=,B正确；用U一1图像处理数据可以波小低然误差，C错误：该电路采用电流表 外接法，电压表的分流使测量的电流偏大，电压是真实值，根据R-号可知，电阻测量值偏小，则计算出的电阻率 偏小，D错误。 4.C【解析】滑动变阻器R与电阻R,串联，电压表测的是滑动变阻器R两端电压，当滑动变阻器R的滑片P向 右滑动时，滑动变阻器R接入电路的阻值减小，根据串联电路分压规律，知滑动变阻器R两端所分电压减小，电 压表示数变小，A错误；电压表示数U和电流表示数I的比值为滑动变阻器R接入电路的阻值，变小，B错误； △U与△I的比值为电源内阻，与电阻R!阻值之和，是不变的，C正确；当外电路的总电阻和内阻相等时，电源的 输出功率最大，由于不知道电阻的具体数值，电源的输出功率大小无法判断，D错误。 5.C【解析】根据题意可知，带电粒子在电场中做类平抛运动，运动时间相等，沿初速度方向位移之比为2：1，则初 速度大小之比为2：1，沿电场方向的位移大小相等，由y=2a2可知，带电粒子运动的加速度大小相等，由牛顿 第二定律有gE=ma,可得，是=是，可知带电粒子具有相同比荷，A,B错误：沿电场方向，由公式，=al可知，两 m 粒子到达M、N的竖直分速度大小相等，到达M、N的合速度v=√o十，由于初速度之比为2：1，则到达M 的速度大于到达N的速度，C正确；由图可知，带电粒子a、b到达P的水平位移相等，由于带电粒子a、b初速度 之比为2：1，则所用时间之比为1：2，D错误。 6.B【解析】由万有引力提供向心力得G以=m,联立动能表达式E,=m,解得E,-G,探测器在镇 r2 道上的机械能E=E十E。二GMmGMm=一。则探测器在轨道I与轨道Ⅲ运行时的机械能之比为 2r r E1R_1 E,3R=3B正确。 7D【鞋析们P,处的点电荷在M处产生的电杨强度大小为E一架十。吕，限器对称性及电务强度的柔加 原理可知，M点的合电场强度大小为E=2E1c0s0,方向由0指向M,根据几何关系可知c0s0= 2,可得E= ,,A、B错误；将电子从M点由静止释放，电子由M点运动到O点过程中，电场力做正功，电势能一直减， C错误；电子做匀速圆周运动，电场力提供向心力，则有eE=m ,解得vo= 3kge ,D正确。 3r N4mr 8.CD【解析】0~5s内，速度从0增至5m/s(向上)，加速度a1= △w_5-0 △2=5-0m/s=1m/s(方向竖直向上)，工人 物理答案第1页（共4页） 处于超重状态，由牛顿第二定律FN一mg=ma1,解得F=770N,A错误；5~10s内，速度保持5m/s不变（向 上)，工人动能不变，机械能变化量△E=△E。=mg△h=mgv△t=17500J,B错误；根据图像与横轴围成的面积 表示位移可知，0一20s内，工人的位移大小为x-55×5m号X5m=37.5m,C正确：10一20s内，速度从 2 5m/s(向上)波至-5m/s(向下)，加速度a,=-0n/g=-1nm/(方向竖直向下)，南车顿第二定律 F一mg=ma2,解得F2=630N,则工人所受支持力的最大值为770N,根据牛顿第三定律可知，工人对平台的 最大压力大小为770N,D正确。 9.BD【解析】由波形图知两列波的波长均为λ=8，由波长、波速和周期的关系得v= 行，解得u=16m/s,A错 误，B正确；根据题意可知，P,Q两波振动频率相同，振动方向相反，两波叠加时，振动加强点的条件为到两波源 的距离差△x=2m十1a(m=0,1,2,,设加强点横坐标为x,则△x=10-x)-x,又0<x<10m,解得 2 x=3m,或x=7m,即稳定后，x=3m处质点的振动加强，在0<x<10m范围内，有两个振动加强点，C错误， D正确。 10.BD【解折】以A到B过程机械能守恒，有分mo6-方moi十mgL(1十cos60),解得0=√2gL,A错误；在B 点，沿半径方向应用牛顿第二定律，得Fw十mg6os60=m克，联立解得Fw=1.5mg,B正确；从B点到C点， 竖直方向上有-L0s60=0血60-28，解得1=5+臣，会去1=6-，西E,C错误，C点与0点 的距离d=unos60°·t一Lsin60,解得d=号L,D正确， 11.(1)19.20(2分)(2)9.76(2分)(3)不变(2分) 【解析】(1)用游标卡尺测量摆球直径d=19mm十0.05mm×4=19.20mm。 （②单摆周期T-片-800，=2.00s,摆长L=1+1 n 2=98.00cm+7X1,920cm=98.96cm=0.9896 由单摆周期公式T-2x√后解得名=兴≈9,76/. (3)单摆的周期T=2x,√传，整理得L=T,L一T图像的斜率为总：单摆的摆长L=1+号，则T= L L十2 2N ,整理得1=杀T一号1一T图像的斜率也为朵，故得到的重力加速度值不变。 12.(1)见解析(2分)(2)1.30(1分)(3)1.44(1分)1.33(2分)(4)<(1分)见解析(2分) 【解析】(1)根据图甲所示的电路图，实物连接如图所示。 (2)电源为一节干电池，电压表使用0~3V的量程，电压表分度值为0.1V,需要估读到分度值的下一位，由图 丙可知电压表读数U=1.30V。 (3)由闭合电路的欧姆定律E=U+Ir整理得U=E-1r,结合图像可知E=1.44V,内阻，= 物理答案第2页（共4页）