广东省佛山市2026届高三物理一模选择题训练（二）

2026届高三物理广东佛山一模 选择题训练（二）限时25min 一、单选题（每小题4分，共28分） 1．郑钦文在澳大利亚的网球公开赛中击球后，网球以一定初速度斜向上方飞出。若忽略空气作用，则网球从飞出到落地的过程中，下列说法正确的是（    ） A．网球做非匀变速曲线运动 B．网球在最高点的速度为0 C．相同时间内网球速度的变化量相同 D．网球速度一直减小 2．如图所示，空间中存在着由一固定的点电荷（图中未画出）产生的电场。另一同种点电荷q仅在电场力作用下沿曲线MN运动，q在M点的速度小于到达N点时的速度。图中两虚线与运动轨迹相切，则（　　） A．点电荷Q有可能位于图中的区域①内 B．q在M点的加速度比在N点的加速度小 C．q在M点的电势能比在N点的电势能大 D．Q的电场中M点的电势一定比N点的高 3．2025年7月8日至11日，第十二届世界高速铁路大会在北京举行。这不仅是一场全球铁路行业的盛会，更是中国高铁发展成就的集中展示。某同学乘坐动车时，利用加速度传感器测量动车的加速度a随时间t的变化关系，如图所示。6s时动车由静止开始加速，可以认为加速度随时间均匀增大，14s时达到最大加速度，并以此加速度做匀加速直线运动直至达到最大速度252km/h，随后匀速行驶。在动车水平桌板上放置一质量为2kg的物体，该物体始终相对桌板静止。重力加速度g取，动车加速过程始终在水平面上，下列说法正确的是（　　） A．14s时动车的速度大小为2m/s B．动车做匀加速直线运动的时间为138s C．匀加速直线运动过程中，桌板对物体的作用力大小为1N D．匀加速直线运动过程中，桌板对物体做的功为4900J 4．我国首颗超百Gbps容量的高通量地球静止轨道通信卫星—“中星26号”与某一椭圆轨道侦察卫星的运动轨迹如图所示，A、B分别为侦察卫星的近地点和远地点。两卫星的运行周期相同，D点是两轨道交点，BC连线过地心，下列说法正确的是（　　） A．侦察卫星从B点运动到A点过程中机械能减小 B．侦察卫星从B点运动到A点过程中动能减小 C．“中星26号”和侦察卫星在D点的加速度相等 D．A、B两点间距离与“中星26号”卫星轨道半径相等 5．将一重为G的圆柱形工件放在“V”形槽中，如图所示，槽的两侧面与水平面的夹角相同，“V”形槽两侧面的夹角为120°。当槽的棱与水平面的夹角为30°时，工件恰好能够匀速下滑，则（　　） A．工件对槽每个侧面的压力均为 B．工件对槽每个侧面的压力均为 C．工件与槽间的动摩擦因数为 D．工件与槽间的动摩擦因数为 6．如图甲所示，光滑水平地面上有A、B两物块，质量分别为2kg、6kg，B的左端拴接着一劲度系数为的水平轻质弹簧，它们的中心在同一水平线上。A以速度v0向静止的B方向运动，从A接触弹簧开始计时至A与弹簧脱离的过程中，弹簧长度l与时间t的关系如图乙所示，弹簧始终处在弹性限度范围内，已知弹簧的弹性势能（x为弹簧的形变量），则（　　） A．在0~2t0内B物块先加速后减速 B．整个过程中，A、B物块构成的系统机械能守恒 C．v0=2m/s D．物块A在t0时刻时速度最小 7．如图为微量振荡天平测量大气颗粒物质量的原理简图。气流穿过滤膜后，颗粒物附着在滤膜上增加锥形振荡管的质量，从而改变其固有频率。起振器从低到高改变振动频率，记录霍尔元件a、b端输出的电信号，从而推测出滤膜上颗粒物质量。某金属材料制成的霍尔元件宽度为d，下列说法正确的是（　　） A．若起振器振动频率改变，锥形振荡管的振动频率不变 B．霍尔元件上表面的电势高于下表面的电势 C．锥形振荡管左右振动时，霍尔元件的a、b端输出交流信号 D．霍尔元件的宽度d减小，霍尔电压的最大值增大 二、多选题（每小题6分，共18分） 8．某电场中x轴上至之间的电势分布如图所示，一个质量为m、电荷量大小为q的带电粒子仅在电场力作用下从处沿x轴正向运动，粒子可以运动到处，在粒子从运动至处过程中，下列判断正确的是（    ） A．若粒子带负电，粒子的电势能先增大后减小 B．粒子运动的加速度先减小后增大 C．若粒子带正电，粒子运动到处的速度可能为零 D．若粒子带负电，粒子运动到处的动能可能为 9．氢气球常被用作装饰。如图所示，用一根轻质细绳将不计重力的氢气球与水平地面上质量m0.4kg的小物块连接，氢气球受F3N、水平恒定的风力作用，氢气球与小物块相对静止时，细绳与水平方向的夹角为θ。已知地面粗糙，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，风对小物块的作用力不计，小物块始终没有脱离地面，重力加速度g取则下列说法正确的是（　　） A．小物块一定受到4个力的作用 B．小物块的加速度可能为 C．细绳与水平方向的夹角θ不可能大于 D．若小物块始终处于静止状态，则小物块与地面间的动摩擦因数可能为0.6 10．如图所示，在足够长的光滑绝缘水平面上竖直固定一光滑绝缘、半径为R的四分之一圆弧轨道BC，B为圆弧的最低点，A点在圆弧左侧的水平面上，且A、B间距为2R。整个装置处于水平向右的匀强电场中，电场强度大小为E。一质量为，电荷量为的带正电小球从A点由静止释放，忽略空气阻力，重力加速度大小为g，则（　　） A．小球运动到B点时的速度大小 B．小球在圆弧BC上运动过程中的最大动能 C．小球从离开圆弧轨道到落地过程中的最小速率 D．小球落地点离圆弧轨道B点的距离 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《2026届高三物理广东佛山一模选择题训练（二）限时25min》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C A C C C D AC BC AC 1．C 【详解】A．忽略空气阻力时，网球在空中运动只受到重力的作用，做的是匀变速曲线运动，故A错误； B．网球在空中只受重力做斜抛运动，水平方向分速度是不变的，所以在最高点处，竖直方向速度为0，水平方向速度不为0，故B错误； C．网球的加速度为重力加速度，根据速度变化量的公式可知，相同时间内的速度变化量相同，故C正确； D．网球做斜抛运动，水平方向分速度不变，竖直方向初速度向上， 根据公式可知竖直方向速度先减小后增大，所以合速度也是先减小后增大的，故D错误。 故选C。 2．C 【详解】A．根据同种电荷相互排斥，若点电荷Q位于图中的区域①内，则两电荷应是吸引关系，应是异种电荷，所以A错误； C．由于q在M点的速度小于到达N点时的速度，根据动能定理可知，q从M到N过程电场力做正功，则电势能减小，所以q在M点的电势能比在N点的电势能大，则C正确； B．由于电场力做正功，则N点到点电荷Q的距离较大，根据场强公式 可知，在N点的场强较小，所以q在M点的加速度比在N点的加速度大，则B错误； D．由于两点电荷的电性不确定，所以电势能大的位置电势无法确定大小关系，则D错误； 故选C。 3．A 【详解】A．在加速度a随时间t的变化关系图像中，图线与时间轴围成的面积表示速度的变化量，6s时动车由静止开始加速，则14s时动车的速度大小为，A正确； B．动车的最大速度，做匀加速直线运动的时间为，B错误； C．在匀加速直线运动过程中，对物体受力分析，根据牛顿第二定律可得 支持力 桌板对物体的作用力大小为，C错误； D．在匀加速直线运动过程中，物体运动的位移为 桌板对物体做的功为，D错误。 故选A。 4．C 【详解】A．侦察卫星从B点到A点过程中只有万有引力做功，机械能守恒，故A项错误； B．侦察卫星从B点到A点过程中，万有引力做正功，由动能定理可知，合外力做正功，物体的动能增加，所以侦查卫星从B点运动到A点过程中动能增加，故B项错误； C．对卫星有 整理有 由于“中星26号”和侦察卫星在D点距离地心的距离相同，绕同一个中心天体，所以两者在D点的加速度相等，故C项正确； D．AB两点为轨道的长轴，设其距离为2a，“中星26号”卫星轨道半径为r，由开普勒第三定律有 由于两者的周期相同，即 解得 所以A、B两点间距离是“中星26号”卫星轨道半径的二倍，故D项错误。 故选C。 5．C 【详解】AB．工件的重力可以分解为沿槽顶方向向下的分力与垂直于槽顶方向的分力，如图 垂直于槽顶方向的分力又进一步分解为两个挤压斜面的压力，如图 由几何关系可知 解得 故AB错误； CD．此时沿槽顶方向的分力与圆柱体和槽之间的摩擦力大小相等，有 解得 故C正确、D错误。 故选C。 6．C 【详解】A．在0~2t0内，弹簧始终处于压缩状态，即B受到的弹力始终向右，所以B物块始终做加速运动，故A错误； B．整个过程中，A、B物块和弹簧三者构成的系统机械能守恒，故B错误； C．由图可知，在t0时刻，弹簧被压缩到最短，则此时A、B共速，此时弹簧的形变量为 则根据A、B物块系统动量守恒有 根据A、B物块和弹簧三者构成的系统机械能守恒有 联立解得 故C正确； D．在0~2t0内，弹簧始终处于压缩状态，即A受到弹力始终向左，所以A物块始终做减速运动，则物块A在2t0时刻时速度最小，故D错误。 故选C。 7．D 【详解】A．锥形振荡管的振动频率等于起振器振动频率，所以起振器振动频率改变，锥形振荡管的振动频率也改变，故A错误； B．金属导体中移动的是自由电子，移动的方向与电流方向相反，根据左手定则，自由电子受向上的洛伦兹力，上表面的电势低于下表面的电势，故B错误； C．锥形振荡管左右振动时，霍尔元件所处区域的磁场方向大致还是原来方向，霍尔元件的a、b端输出的电流方向不会改变，则会输出直流信号，故C错误； D．设电源电动势为E，霍尔元件长度为l，高度为h，则其电阻 电流微观表达式为 又 得 根据平衡条件有 可得霍尔电压的最大值 当d减小时，增大，故D正确。 故选D。 8．AC 【详解】A．由图可知，粒子沿x轴正向运动，从至电势先降低后升高，若粒子带负电，粒子的电势能先增大后减小，故A正确； B．图像的切线斜率为电场强度，因此粒子运动的加速度先减小，后突然增大接着又逐渐减小，故B错误； C．根据图像可知，至之间x轴上场强方向沿x轴正方向，至之间x轴上场强方向沿x轴负方向，若粒子带正电且粒子在处由静止释放，则粒子运动到处的速度为零，故C正确； D．若粒子带负电，则粒子从处出发时一定有初速度，初动能至少为，因此粒子运动到处的动能至少为，故D错误。 故选AC。 9．BC 【详解】A．若小物块刚好与地面接触无挤压，则小物块受到重力、拉力2个力的作用，故A错误； B．对系统整体分析，若小物块刚好与地面接触无挤压，根据牛顿第二定律 解得 故B正确； C．当小物块刚好与地面接触无挤压时，细绳与水平方向的夹角θ最大，此时对氢气球水平方向受力分析知 对小物块在竖直方向分析知 联立解得 故θ最大为，故C正确； D．小物块处于静止状态时，系统整体平衡，可知，水平方向 由滑动摩擦力公式得 若 解得 竖直方向，对小物块分析 产生矛盾，小物块不可能静止在地面上，故小物块与地面间的动摩擦因数不可能为0.6，故D错误。 故选BC。 10．AC 【详解】A．小球从出发至运动到点的过程有 得 A正确； B．小球在圆弧上运动过程中的最大动能出现在圆弧的中点（此时速度方向与重力和电场力的合力方向垂直，速度有极大值），从出发到此处，由动能定理有 得 B错误； C．由运动的对称性可知 小球从离开圆弧轨道到落地过程中做类斜抛运动，将沿合外力和垂直合外力的方向分解，两个分速度大小均为，在类斜抛运动的最高点有最小速率，此时与合外力反向的分速度减小到零，另一与合外力垂直的分速度为最小速率 C正确； D．由于小球在竖直方向上做竖直上抛运动，在水平方向上做加速度为的匀加速运动，由运动学规律有 则 D错误。 故选AC。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $