卷1 直线运动-【三新金卷·先享题】2026年安徽省高考物理真题分类优化卷(分项3N)

最新5年高考真题分类优化卷·物理（一） 卷1直线运动 姓名 班级 考号 得分 本卷满分100分，考试时间75分钟 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选 项中，只有一项是符合题目要求的。 1.(2025·四川)2025年4月30日，神舟十九号载人飞船成功返回。某同 学在观看直播时注意到，返回舱从高度3090m下降到高度2010m,用时 约130s。这段时间内，返回舱在竖直方向上的平均速度大小约为 () A.8.3m/sB.15.5m/sC.23.8m/sD.39.2m/s 2.(2025·海南)商场自动感应门如图所示，人走进时两扇门从静止开始同 时向左右平移，经4s恰好完全打开，两扇门移动距离均为2m,若门从 静止开始以相同加速度大小先匀加速运动后匀减速运动，完全打开时速 度恰好为0，则加速度的大小为 () 感应门感应门 2m A.1.25m/s2B.1m/s2 C.0.5m/s2 D.0.25m/s 3.(2024·甘肃)小明测得兰州地铁一号线列车从“东方红广场”到“兰州大 学”站的v-t图像如图所示，此两站间的距离约为 () lm·s) 20 0 25 74 94t/s 0- 东方红广场 兰州大学 A.980m B.1230m C.1430m D.1880m 4.(2024·山东)如图所示，固定的光滑斜面上有一木板， 其下端与斜面上A点距离为L。木板由静止释放，若 木板长度为L,通过A点的时间间隔为△t1;若木板长度为2L,通过A 点的时间间隔为△t2。△t2：△t1为 A.(5-1):(W2-1) B.(5-√2)：(2-1) C.(W5+1):(W2+1) D.(W3+√2)：(W2+1) 5.(2024·广西)让质量为1kg的石块P,从足够高处自由下落，P,在下 【最新5年高考真题分类优化卷·物理（一）1一1】3N 落的第1s末速度大小为v1,再将P,和质量为2kg的石块绑为一个整 体P,使P,从原高度自由下落，P,在下落的第1s末速度大小为 v2,g取10m/s2,则 () A.v-5 m/s B.1=10m/s C.v2=15m/s D.v2=30m/s 6.(2023·广东)铯原子喷泉钟是定标“秒”的装置。在喷泉钟的真空系统 中，可视为质点的铯原子团在激光的推动下，获得一定的初速度。随后 激光关闭，铯原子团仅在重力的作用下做竖直上抛运动，到达最高点后 再做一段自由落体运动。取竖直向上为正方向。下列可能表示激光关 闭后铯原子团速度v或加速度a随时间t变化的图像是 () 0 t C 0 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选 项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3 分，有选错的得0分。 7.(2025·江西)每逢端午节，江西各地常会举办热闹非凡的赛龙舟活动。 利用与某龙舟同方向匀速直线飞行的无人机跟踪拍摄，发现在某段时间 内该龙舟做匀加速和匀减速交替的周期性直线运动。若以无人机为参 考系，该龙舟在0.4s时间内速度由0增加到0.6m/s(划桨阶段)，再经 历0.6s时间速度减为0（未划桨阶段），则关于这段时间内该龙舟的位置 x、速度v、加速度a、动能Ek与时间t的关系，下列图像可能正确的是 () 0.6n 0.4 0.2 A. 2 B t's E/10J) 8.(2024·湖南)如图，光滑水平面内建立直角坐标 系xOy.A、B两小球同时从O点出发，A球速度 Luu-3a 大小为1，方向沿x轴正方向，B球速度大小为 v2=2m/s、方向与x轴正方向夹角为0。坐标系 【1-2】3N 第一象限中有一个挡板L,与x轴夹角为α。B球与挡板L发生碰撞， 碰后B球速度大小变为1m/s,碰撞前后B球的速度方向与挡板L法 线的夹角相同，且分别位于法线两侧。不计碰撞时间和空气阻力，若A、 B两小球能相遇，下列说法正确的是 () A.若0=15°，则u1的最大值为√2m/s,且a-15 2 B.若0=15°，则u1的最大值为35m/s,且a=0° C若0=30，则，的最大值为子后m/s,且a=0 D.若0=30°，则v1的最大值为√2m/s,且a=159 9.(2024·安徽)甲、乙两辆完全相同的小车均由静止沿同一方向出发做直 线运动。以出发时刻为计时零点，甲车的速度一时间图像如图(a)所示， 乙车所受合外力一时间图像如图(b)所示。则 () ↑v/(m·s-) ↑FN 3 t/s 68/s 图(a) 图b) A.0~2s内，甲车的加速度大小逐渐增大 B.乙车在t=2s和t=6s时的速度相同 C.2~6s内，甲、乙两车的位移不同 D.t=8s时，甲、乙两车的动能不同 10.(2023·重庆)某实验小组测得在竖直方向飞行的无人机飞行高度y随 时间t的变化曲线如图所示，E、F、M、N为曲线上的点，EF、MN段可 视为两段直线，其方程分别为y=4t一26和y=一2t十140。无人机及 其载物的总质量为2kg,取竖直向上为正方向。则 () y/m 80 60F. M 401 N 20E 020406080100ts A.EF段无人机的速度大小为4m/s B.FM段无人机的货物处于失重状态 C.FN段无人机和装载物总动量变化量大小为4kg·m/s D.MN段无人机机械能守恒 三、非选择题：本大题共5题，共56分。 11.(12分)某同学假期在家里进行了重力加速度测量实验。如图(a)所 示，将一根米尺竖直固定，在米尺零刻度处由静止释放实心小钢球，小 球下落途经某位置时，使用相机对其进行拍照，相机曝光时间为005。 由于小球的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹。根据照片中米 【1-3】3N 尺刻度读出小球所在位置到释放点的距离H、小球在曝光时间内移动 的距离△。计算出小球通过该位置时的速度大小，进而得出重力加 速度大小g。实验数据如下表： 米尺 相机 3 主尺cm 游标尺10 20 图(a 图凸) 次数 1 2 3 4 5 △l/cm 0.85 0.86 0.82 0.83 0.85 v/(m·s1) 4.25 4.10 4.15 4.25 H/m 0.9181 0.9423 0.8530 0.8860 0.9231 (1)测量该小球直径时，游标卡尺示数如图(b)所示，小球直径为 mm (2)在第2次实验中，小球下落H=0.9423m时的速度大小v= /s(保留3位有效数字)；第3次实验测得的当地重力加速度大小 g= m/s2(保留3位有效数字)。 (3)可以减小本实验重力加速度大小测量误差的措施有 A.适当减小相机的曝光时间 B.让小球在真空管中自由下落 C.用质量相等的实心铝球代替实心钢球 12.(10分)(2022·江苏)小明利用手机测量当地的重力加速度，实验场景 如图1所示，他将一根木条平放在楼梯台阶边缘，小球放置在木条上， 打开手机的“声学秒表”软件，用钢尺水平击打木条使其转开后，小球下 落撞击地面，手机接收到钢尺的击打声开始计时，接收到小球落地的撞 击声停止计时，记录下击打声与撞击声的时间间隔，多次测量不同台 阶距离地面的高度h及对应的时间间隔t。 小球 手机 A· 图1 (1)现有以下材质的小球，实验中应当选用 A.钢球 B.乒乓球 C.橡胶球 【1-4】3N (2)用分度值为1mm的刻度尺测量某级台阶高度h的示数如图2所 示，则h一 cm。 8 图2 (3)作出2h-t2图线，如图3所示，则可得到重力加速度g=m/s2。 ↑2h/m 3.5 3.0 2.5 2.0 1.5 1.0 o.5出 →t21s2 0.050.100.150.200.250.300.35 图3 (4)在图1中，将手机放在木条与地面间的中点附近进行测量，若将手 机放在地面A点，设声速为v,考虑击打声的传播时间，则小球下落时 间可表示为1'= (用h、t和v表示)。 (5)有同学认为，小明在实验中未考虑木条厚度，用图像法计算的重力 加速度g必然有偏差。请判断该观点是否正确，简要说明理由 13.(10分)(2024·全国)为抢救病人，一辆救护车紧急出发，鸣着笛沿水 平直路从t=0时由静止开始做匀加速运动，加速度大小a=2m/s2,在 t1=10s时停止加速开始做匀速运动，之后某时刻救护车停止鸣 笛，t2=41s时在救护车出发处的人听到救护车发出的最后的鸣笛声。 已知声速v。=340m/s,求： (1)救护车匀速运动时的速度大小： (2)在停止鸣笛时数护车距出发处的距离。 【1-5】3N 14.(10分)(2024·广西)如图，轮滑训练场沿直线等间距地摆放着若干个 定位锥筒，锥筒间距d=0.9,某同学穿着轮滑鞋向右匀减速滑行。 现测出他从1号锥筒运动到2号锥筒用时t1=0.4s,从2号锥筒运动 到3号锥筒用时t2=0.5s。求该同学 k+1 一d (1)滑行的加速度大小； (2)最远能经过几号锥筒。 15.(12分)一火星探测器着陆火星之前，需经历动力减速、悬停避障两个 阶段。在动力减速阶段，探测器速度大小由96m/s减小到0，历时80s。 在悬停避障阶段，探测器启用最大推力为7500N的变推力发动机，在 距火星表面约百米高度处悬停，寻找着陆点。已知火星半径约为地球 半径的？火星质量约为地球质量的。，地球表面重力加速度大小取 10/s2,探测器在动力减速阶段的运动视为竖直向下的匀减速运 动。求： (1)在动力减速阶段，探测器的加速度大小和下降距离； (2)在悬停避障阶段，能借助该变推力发动机实现悬停的探测器的最大 质量。 【1-6】3N最新5年高考真题 答案解析（一 卷1直线运动 1,A返回舱下降的位移为△h=1080m。则返回舱 在竖直方向上的平均速度大小约为”=业≈8. 3m/s,故选A。 2.C设门的最大速度为v,根据匀变速直线运动的规 律可知加速过程和减速过程的平均速度均为？，且 时间相等，均为2s,根据x)X 可得v=1m/s v 1 则加速度a=一 =2m/s=0.5m/s 故选C。 3.Cv-1图像中图线与横轴围成的面积表示位移，故 可得x=(74-25+94)×20×2m=1430m,故 选C。 4,A木板在斜面上运动时，木板的加速度不变，设加 速度为Q,木板从静止释放到下端到达A,点的过程， 1 根据运动学公式有L=2au6 木板从静止释放到上端到达A,点的过程，当木板长度 为L时，有2L=2at 当木板长度为2L时，有 3L=2ali 又△t1=t1一to,△t2=t2一to 联立解得 △t2：△t1=(W3-1)：(W2-1) 故选A。 5.B重物自由下落做自由落体运动，与质量无关，则 下落1s后速度为y1=v2=g=10m/s2×1s=10 m/s,故选B。 6.D铯原子团仅在重力的作用下，加速度g竖直向 下，大小恒定，在U-图像中，斜率为加速度，故斜率 不变，所以图像应该是一条倾斜的直线，故选项A、B 错误；因为加速度恒定，且方向竖直向下，故为负值， 故C错误，D正确。故选D。 7,ABA.位移时间图像斜率代表速度，所以斜率先增 大后减小，再增大再减小，故A正确；B.龙舟在0.4s 时间内速度由0增加到0.6m/s(划桨阶段)，再经历 0.6s时间速度减为0，速度方向始终为正向，故B正 确：C.因为是匀加速和匀减速，所以加速度在0.4s 时间内是不变的，后0,6s内也是不变的，故C错误； 1 D.报据E=2mu=m(au)可知，前0.4s开 1 口向上，故D错误。 8.AC由于水平面光滑，则两小球均做匀速直线运 动，若A、B两小球能相遇，则绘出运动轨迹图如 下图 9(+y 【1】 分类优化卷·物理 )(十六) 则根据正弦定理有 v2t v2't2 (t1十t2)v sin(2a+0)sin 0 sin[180-(2a+20)] 若0=15°，带入数据v2=2m/s,v2′=1m/s,解得当 a=15°，v1取得最大值为√2m/s,故A正确、B错误； 若0=30°，带入数据v2=2m/s,v2'=1m/s,解得当 a=0°，取得最大值为√m/s,故C正确、D 错误。 故选AC。 9.BC由题知甲车的速度一时间图像如图(a)所示，则 根据图(a)可知0~2s内，甲车做匀加速直线运动，加 速度大小不变，故A错误； 由题知乙车所受合外力一时间图像如图(b)所示，则 乙车在02s内根据动量定理有 12=mv2,12=So-2=2N·s 乙车在0~6s内根据动量定理有 I6=mv6,I8=S-6=2N·s 则可知乙车在t=2s和t=6s时的速度相同，故B 正确； 根据图(a)可知，2~6s内甲车的位移为0；根据图 (b)可知，2一6s内乙车一直向正方向运动，则2~6s 内，甲、乙两车的位移不同，故C正确； 根据图(a)可知，t=8s时甲车的速度为0，则t=8s 时，甲车的动能为0：乙车在08s内根据动量定 理有 Ig=mw8,18=S08=0 可知t=8s时乙车的速度为0，则t=8s时，乙车的 动能为0，故D错误。 故选BC。 10.AB根据EF段方程 y=4t-26 可知EF段无人机的速度大小为 = △y =4m/s 故A正确； 根据y-图像的切线斜率表示无人机的速度，可知 FM段无人机先向上做减速运动，后向下做加速运 动，加速度方向一直向下，则无人机的货物处于失 重状态，故B正确； 根据MV段方程 y=-2t+140 可知MN段无人机的速度为 7=-2m/s 则有 △p=mv-mu=2X(-2)kg·m/s-2X4kg·m/ s=-12kg·m/s 可知FV段无人机和装戟物总动量变化量大小为 12kg·m/s,故C错误； MV段无人机向下做匀速直线运动，动能不变，重 力势能减少，无人机的机械能不守恒，故D错误。 故选AB。 11.分析：本题考查重力加速度的测量，意在考查考生 对实验原理的理解以及处理实验数据的能力。 解析：(1)由游标卡尺的读数规则可知，小球的直 径为 15mm+15×0.05mm=15.75mm -3N (2)由题意可知，小球下落H=0.9423m时的速度 0=4_0.86X10 T m/s=4.30m/s 1 500 由运动学公式v=2gh .v 4.102 得g=2万2X0.8530m/s=9.85m/s (3)小球下落一定高度时的瞬时速度近似为曝光时 间内的平均速度，曝光时间越短，曝光时间内的平 均速度越接近瞬时速度，实验误差越小，故A正确； 让小球在真空管中自由下落，可减小空气阻力的影 响，可减小实验误差，故B正确；质量相等的实心铝 球代替实心钢球时，铝球体积更大，阻力对铝球的 影响较大，实验误差较大，故C错误。 答案：(1)15.75(2)4.309.85(3)AB 12.解析：(1)为了减小空气阻力等误差影响，应该选用 材质密度较大的小钢球，故选A。 (2)刻度尺的分度值为1mm,估读到分度值的下一 位，由图可知h=61.20cm: 2h (3)根据h=2可知行=g 故在2h-图像中斜率表示重力加速度，则根据图 线有 8裙n05n (4)下落过程中声音传播的时间为 则小球下落的时间为 =1+61=1+6 (5)设木条厚度为H,则台阶距离地面的高度h,时 的时间为1，高度h2时的时间为2；则根据前面的 分析有 (h2+H)-2(h1+H)2(h2-h1) i- -ti 可知与H无关。 答案：(1)A(2)61.20(3)9.55(4)t+ (5) 不正确，理由见解析 13.解析：(1)根据匀变速运动速度公式 u=at 可得救护车匀速运动时的速度大小 v=2×10m/s=20m/s (2)数护车加速运动过程中的位移 1 I=ati=100 m 设在：时刻停止鸣笛，根据题意可得 (t-t1)×20+100 十tg=t2 停止鸣笛时救护车距出发处的距离 x=x1十(t3一t1)Xv 代入数据联立解得 x=680m 答案：(1)20m/s(2)680m 14.解析：(1)根据匀变速运动规律某段内的平均速度 等于中间时刻的瞬时速度可知在1、2间中间时刻 的速度为心=2.25m/9 2,3间中间时刻的速度为，==1.8m/s 【2】 故可得加速度大小为a= △v_一2=1m/s 应+号 2 (2)设到达1号锥筒时的速度为v。,根据匀变速直 线运动规律得 vol-ati=d 代入数值解得v。=2.451m/s 从1号开始到停止时通过的位移大小为 x=2a=3.0125m≈3.33d Uo 故可知最远能经过4号锥筒。 答案：(1)1m/s(2)4 15.解析：(1)设探测器在动力减速阶段所用时间为t, 初速度大小为1，末速度大小为“2，加速度大小为 a,由匀变速直线运动速度公式有 U2=U1-at① 代入题给数据得 a=1.2m/s② 设探测器下降的距离为、，由匀变速直线运动位移 公式有 1 5=wit-2at2③ 联立②③式并代入题给数据得 s=3840m④ (2)设火星的质量、半径和表面重力加速度大小分 别为M、”x和g文，地球的质量、半径和表面重力 加速度大小分别为M地、”地和g地，由牛顿运动定 律和万有引力定律，对质量为m的物体有 GMx m =mg文⑤ GM地m =mg达⑥ 式中G为引力常量。设变推力发动机的最大推力 为F,能够悬停的火星探测器最大质量为mx,由 力的平衡条件有 F=msg文⑦ 联立⑤⑥⑦式并代入题给数据得 m ax =1 875 kg 在悬停避障阶段，该变推力发动机能实现悬停的探 测器的最大质量约为1875kg。 答案：(1)1.2m/s,3840m(2)1875kg 卷2相互作用 1.D根据滑动摩擦力的公式∫=F、可知滑动摩擦 力的大小与接触面积无关，只与接触面的粗糙程度 和压力大小有关，由题可知三个货箱各表面材质和 粗糙程度均相同，压力大小也相同，故摩擦力相同， 即Fn=Ff2=Fa,故选D。 2B根据题意可知机器人“天工”它可以在倾角不大 于30°的斜坡上稳定地站立和行走，对“天工”分析有 mgn30°≤mgas30,可得≥an30°= 3故 选B。 3.C当墨条速度方向水平向左时，墨条相对于砚台向 左运动，故砚台对墨条的摩擦力方向水平向右，故A 错误；根据牛顿第三定律，墨条对砚台的摩擦力方向 水平向左，由于砚台处于静止状态，故桌面对砚台的 摩擦力方向水平向右，故B错误；由于砚台处于静止 状态，水平方向桌面和墨条对砚台的摩擦力是一对 平衡力，故C正确；桌面对砚台的支持力大小等于砚 台的重力加上墨条对其的压力，故桌面对砚台的支 持力大于墨条对砚台的压力，故D错误。故选C。 -3N