卷8 静电场-【三新金卷·先享题】2026年安徽省高考物理真题分类优化卷(分项3A)

最新5年高考真题分类优化卷·物理（八） 卷8静电场 姓名 班级 考号 得分 本卷共15小题，满分100分，考试时间75分钟 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选 项中，第1~7题是只有一项是符合题目要求的。 1.(2025·甘肃卷)如图，两极板不平行的电容器与直流电源相连，极板间 形成非匀强电场，实线为电场线，虚线表示等势面。M、N点在同一等 势面上，N、P点在同一电场线上。下列说法正确的是 ( A.M点的电势比P点的低 B.M点的电场强度比N点的小 C.负电荷从M点运动到P点，速度增大 D.负电荷从M点运动到P点，电场力做负功 2.(2024·甘肃)一平行板电容器充放电电路如图所示。开关S接1，电源 E给电容器C充电；开关S接2，电容器C对电阻R放电。下列说法正 确的是 () A.充电过程中，电容器两极板间电势差增加，充电电流增加 B.充电过程中，电容器的上极板带正电荷、流过电阻R的电流由M点 流向N点 C.放电过程中，电容器两极板间电势差减小，放电电流减小 D.放电过程中，电容器的上极板带负电荷，流过电阻R的电流由N点 流向M点 3.(2024·安徽)如图所示空间原有大小为E、方向竖直向上的匀强电场， 在此空间同一水平面的M、N点固定两个等量异种点电荷，绝缘光滑圆 环ABCD垂直MN放置，其圆心O在MN的中点，半径为R、AC和 BD分别为竖直和水平的直径。质量为m、电荷量为十q的小球套在圆 环上，从A点沿圆环以初速度。做完整的圆周运动，则 () A M.Bl A.小球从A到C的过程中电势能减少 【最新5年高考真题分类优化卷·物理（八）8一1】3A B.小球不可能沿圆环做匀速圆周运动 C.可求出小球运动到B点时的加速度 D.小球在D点受到圆环的作用力方向平行MV 4.(2024·广西)如图，将不计重力、电荷量为q带负电的小圆环套在半径 为R的光滑绝缘半圆弧上，半圆弧直径两端的M点和N点分别固定电 荷量为27Q和64Q的负点电荷。将小圆环从靠近N点处静止释放，小 3 圆环先后经过图上P,点和P,点，已知sin0=5,则小圆环从P,点运 动到P,点的过程中 () M)0 N P, 分 A.静电力做正功 B.静电力做负功 C.静电力先做正功再做负功 D.静电力先做负功再做正功 Be-- 5.(2024·河北)如图，真空中有两个电荷量均为q(q>0)的点电荷，分别 固定在正三角形ABC的顶点B、C。M为三角形ABC的中心，沿AM 的中垂线对称放登一根与三角形共面的均匀节电细杆，电荷量为号。已 知正三角形ABC的边长为a,M点的电场强度为0，静电力常量为k。 顶点A处的电场强度大小为 () 2√3kg A. kq a2 B.(6+5) C.1) kq D.a3+3) 6.(2024·北京)如图所示，两个等量异种点电荷分别位于M、N两点，P、 Q是MN连线上的两点，且MP=QN。下列说法正确的是() M N A.P点电场强度比Q点电场强度大 B.P点电势与Q点电势相等 C.若两点电荷的电荷量均变为原来的2倍，P点电场强度大小也变为 原来的2倍 D.若两点电荷的电荷量均变为原来的2倍，P、Q两点间电势差不变 7.(2024·湖南)真空中有电荷量为十4q和一9的两个点电荷，分别固定在 x轴上一1和0处。设无限远处电势为0，x正半轴上各点电势随x 变化的图像正确的是 ) 【8-2】3A 8.(2024·湖北)关于电荷和静电场，下列说法正确的是 () A.一个与外界没有电荷交换的系统，电荷的代数和可能增大 B.电场线与等势面垂直，且由电势低的等势面指向电势高的等势面 C.点电荷仅在电场力作用下从静止释放，该点电荷的电势能将减小 D.点电荷仅在电场力作用下从静止释放，将从高电势的地方向低电势 的地方运动 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选 项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有 选错的得0分。 9.(2024·甘肃)某带电体产生电场的等势面分布如图中实线所示，虚线是 一带电粒子仅在此电场作用下的运动轨迹，M、N分别是运动轨迹与等 势面b、a的交点，下列说法正确的是 ( ) d 5V10V15V A.粒子带负电荷 B.M点的电场强度比N点的小 C.粒子在运动轨迹上存在动能最小的点 D.粒子在M点的电势能大于在V点的电势能 10.(2024·江西)如图所示，垂直于水平桌面固定一根轻质绝缘细直杆，质 量均为、带同种电荷的绝缘小球甲和乙穿过直杆，两小球均可视为点 电荷，带电荷量分别为q和Q。在图示的坐标系中，小球乙静止在坐标 原点，初始时刻小球甲从x一x。处由静止释放，开始向下运动。甲和 乙两点电荷的电势能E。一Q9(,为两点电荷之间的距离，k为静电力 常量)。最大静摩擦力等于滑动摩擦力∫，重力加速度为g。关于小球 甲，下列说法正确的是 () 甲。0 鼎 kQg A.最低点的位置x一(mg+f)x, kQq B.速率达到最大值时的位置x一 Nmg-f kQg kQg C.最后停留位置x的区间是 Nmg ≤x≤√mg-f D.若在最低点能返回，则初始电势能Em<(mg一f)√mg十了 kQg 【8-3】3A 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(12分)电容器是一种重要的电学元件，在电工、电子技术中应用广泛， 使用图甲所示电路观察电容器的充、放电过程。电路中的电流传感器 可以捕捉瞬时的电流变化，它与计算机相连，可显示电流随时间的变 化。图甲直流电源电动势E一8V、内阻不计，充电前电容器带电量为 零。先使S与“1”端相连，电源向电容器充电。充电结束后，使S与“2” 端相连，直至放电完毕。计算机记录的电流随时间变化的I-t曲线如 图乙所示。 ↑i/mA 电 Ro 计算机 传 R 600 900 300 ,2 S2 分 乙 (1)在电容器充电与放电过程中，通过电阻R。的电流方向 (选 填“相同”或“相反”)； (2)乙图中阴影部分的面积S, S,(选填“>”“<”或“=”)； (3)已知S1=1233mA·s,则该电容器的电容值约为 法拉 (计算结果保留两位有效数字)； (4)由甲、乙两图可判断阻值R R2(选填“>”或“<”)。 12.(10分)(2023·福建)某同学用图(a)所示的电路观察矩形波频率对电 容器充放电的影响。所用器材有：电源、电压传感器、电解电容 器C(4.7F,10V),定值电阻R(阻值2.0k)、开关S、导线若干。 (1)电解电容器有正、负电极的区别。根据图(a),将图(b)中的实物连 线补充完整； 9 R + 电源 电压 传感器 电压 电源 传感器 图(a) 图b) (2)设置电源，让电源输出图(c)所示的矩形波，该矩形波的频率为 Hz; ↑UW ↑UcW 5.0 5.0 2.5 2.5 010203040506070i/x10s 010203040506070t/×103s 图(c) 图(d) (3)闭合开关S,一段时间后，通过电压传感器可观测到电容器两端的 电压Uc随时间周期性变化，结果如图(d)所示，A、B为实验图线上的 两个点。在B点时，电容器处于 状态（填“充电”或“放电”）。 在 点时（填“A”或“B”),通过电阻R的电流更大； (4)保持矩形波的峰值电压不变，调节其频率，测得不同频率下电容器 两端的电压随时间变化的情况，并在坐标纸上作出电容器上最大电压 U,m与频率f关系图像，如图(e)所示。当f-45Hz时电容器所带电 荷量的最大值Qm= C(结果保留两位有效数字)； 【8-4】3A ↑UmV 5.5 5.0 4.5 4.0 3.5用 。n惠应 3.0 图(e) (5)根据实验结果可知，电容器在充放电过程中，其所带的最大电荷量 在频率较低时基本不变，而后随着频率的增大逐渐减小。 13.(10分)(2024·河北)如图，竖直向上的匀强电场中，用长为L的绝缘 细线系住一带电小球，在竖直平面内绕O点做圆周运动。图中A、B 为圆周上的两点，A点为最低点，B点与O点等高。当小球运动到A 点时，细线对小球的拉力恰好为0，已知小球的电荷量为g(g>0)、质量 为m,A、B两点间的电势差为U,重力加速度大小为g,求： (1)电场强度E的大小； (2)小球在A、B两点的速度大小。 14.(12分)(2023·全国)密立根油滴实验的示意图如图所示。两水平金 属平板上下放置，间距固定，可从上板中央的小孔向两板间喷入大小不 同、带电量不同、密度相同的小油滴。两板间不加电压时，油滴α、b在 重力和空气阻力的作用下竖直向下匀速运动，速率分别为。、4；两板 间加上电压后（上板为正极），这两个油滴很快达到相同的速率2，均竖 直向下匀速运动。油滴可视为球形，所受空气阻力大小与油滴半径、运 动速率成正比，比例系数视为常数。不计空气浮力和油滴间的相互 作用。 ao ob (1)求油滴a和油滴b的质量之比； 【8-5】3A (2)判断油滴a和油滴b所带电荷的正负，并求a、b所带电荷量的绝对 值之比。 15.(14分)(2024·全国)一质量为m、电荷量为q(q>0)的带电粒子始终 在同一水平面内运动，其速度可用图示的直角坐标系内，一个点P(,, ?,)表示，v,、v,分别为粒子速度在水平面内两个坐标轴上的分量。粒 子出发时P位于图中a(0,v。)点，粒子在水平方向的匀强电场作用下 运动，P点沿线段ab移动到b(v。,v。)点；随后粒子离开电场，进入方向 竖直、磁感应强度大小为B的匀强磁场，P点沿以O为圆心的圆弧移 动至c(一v。,v。)点；然后粒子离开磁场返回电场，P点沿线段ca回到 a点。已知任何相等的时间内P点沿图中闭合曲线通过的曲线长度都 相等。不计重力。求： c(-o,) a.b〔o, 0 P(u,,） (1)粒子在磁场中做圆周运动的半径和周期； (2)电场强度的大小： (3)P点沿图中闭合曲线移动1周回到a点时，粒子位移的大小。 【8-6】3A↑△/m·s) 1. 1.8 1.7 (3)1.6 1.5 1.4 1.3 0.700.750.800.850.900.951.0△t/s (4)1.96(5)BD/DB 13.解析：(1)对小球摆动到最低点的过程中，由动能 定理 mgl-2 mvi-0 解得v。=5m/s 在最低，点，对小球由牛顿第二定律 Ft-mg=m元 解得，小球运动到最低，点与物块碰撞前所受拉力的 大小为 FT=6N (2)小球与物块碰撞过程中，由动量守恒定律和机 械能守恒定律 mvo=mv+Mv2 1 1 2 mvs=2 mvi+2 Mv 解得小球与物块碰撞后的瞬间，物块速度的大小为 2m ,=m+M,=4m/s (3)若物块恰好运动到圆弧轨道的最低点，此时两 者共速，则对物块与小车整体由水平方向动量守恒 Mu,=2Mv 由能量守恒定律 2 Mu=2X2Mu+u Mgs 解得μ1=0.4 若物块恰好运动到与圆孤圆心等高的位置，此时两 者共速，则对物块与小车整体由水平方向动量守恒 Mv.=2Mv 由能量守恒定律 M= -X2Mv1+μ2Mgs+MgR 解得μ2=0.25 综上所述物块与水平轨道间的动摩擦因数：的取 值范围为 0.25≤4<0.4 答案：(1)6N(2)4m/s(3)0.25≤<0.4 14.解析：(1)敏感球受向下的重力mg和敏感臂向下的 压力F、以及斜面的支持力N,则由牛顿第二定律 可知 (mg+Fx)tan 0=ma 解得tan0=mg+F ma (2)①由图像可知碰撞过程中F的冲量大小 【18】 1=2X0.1X6600N·s=330N·s 方向竖直向上： ②头锤落到气囊上时的速度 v=V√2gH=8m/s 与气囊作用过程由动量定理（向上为正方向） IF-Mgt=Mu-(-Mv) 解得 v-2 m/s 则上升的最大高度 h= -=0.2m 2 ma 答案：(1)tan0= (2)①330N·s,方向竖 mg+F 直向上②0.2m 15.解析：(1)对于氙离子，仅考虑电场的作用，则氩离 子在放电室时只受电场力作用，由牛顿第二定律 eE=Ma 解得氙离子在放电室内运动的加速度大小 eE a一M (2)电子在阳极附近在垂直于轴线的平面绕轴线做 半径做匀速圆周运动，则轴线方向上所受电场力与 径向磁场给的洛伦兹力平衡，沿着轴线方向的匀强 磁场给的洛伦兹力提供向心力，即 u eE=evB:evB=R 解得径向磁场的磁感应强度大小为 B品 (3)单位时间内阴极发射的电子总数为，被电离的 氙原子数和进入放电室的电子数之比为常数k,则 单位时间内被电离的氙离子数 N一1+k nk 氨高子经电场加速，有eEd=?Moi 时间△内氙离子所受到的作用力为F,由动量定理 有F·△t=N△t·w 解得F'= nk√2eMEd 1+k 由牛顿第三定律可知，霍尔推进器获得的推力大小 F′=F 则F=nkV√②eMEd 1+k eE 答案：(1)a=M mE (2)B,一eRB (3)F=nk√2eMEd 1十k 卷8静电场 1.DA.MN两点电势相等，电场线由上到下，NP在 同一电场线上，沿电场线电势逐渐降低，可知N点电 势高于P点，可知M点电势高于P点，选项A错 误；B.M,点电场线分布比N点密集，可知M点电场 强度比N点大，选项B错误：CD.负电荷从M,点运 动到P点，电势能增加，则电场力做负功，动能减小， 速度减小，选项C错误，D正确。 2.C充电过程中，随着电容器带电量的增加，电容器 两极板间电势差增加，充电电流在减小，故A错误； -3A 根据电路图可知，充电过程中，电容器的上极板带正 电荷、流过电阻R的电流由N点流向M点，故B错 误；放电过程中，随着电容器带电量的减小，电容器 两极板间电势差减小，放电电流在减小，故C正确： 根据电路图可知，放电过程中，电容器的上极板带正 电荷，流过电阻R的电流由M点流向V点，故D错 误。故选C。 3.C根据等量异种点电荷的电场线特点可知，圆环所 在平面为等势面，匀强电场方向竖直向上，则小球从 A到C的过程电势增加，电势能增加；故A错误： 当场强满足Eq=mg时，小球运动时受到的向心力 大小不变，可沿圆环做匀速圆周运动，故B错误； 根据动能定理 1 (mg-Eg)R=2mui-之mw6 可求出小球到B点时的速度，根据a1=尺可得 小球的向心加速度，再根据牛顿第二定律 mg-Eq=ma2 可得小球的切向加速度a2,再根据夫量合成可得B 点的加速度为 a=√/a+a 故C正确； 小球在D点受到圆环指向圆心的力提供向心力，故 小球在D,点受到圆环的作用力方向不平行MN,故 D错误。 故选C 4.A设小圆环在P,、P,间的任意一点P,PM与 MN的夹角为α，根据几何关系可得 37°≤a53° 带负电的小圆环在两个负点电荷电场中的电势能 64kQq 27kQg E-2Rsin a 2Rcos a 根据数学知识可知在37°≤α≤53°范围内，随着α的 增大，小圆环的电势能一直减小，所以静电力做 正功。 故选A。 5.DB点、C点的电荷在M的场强的合场强为 E=2 Ec0s60°=3kg 3 43a 因M点的合场强为零，因此带电细杆在M点的场强 EM=E,由对称性可知带电细杆在A点的场强为E =EM=E,方向竖直向上，因此A点合场强为 E6=E+290s30=965+3) 故选D。 6.C由等量异种，点电荷的电场线分布特，点知，P、Q 两点电场强度大小相等，A错误； 由沿电场线方向电势越来越低知，P点电势高于Q 点电势，B错误； 由电场叠加得P点电场强度E=kQ p+6、 Q P2 若仅两点电荷的电荷量均变为原来的2倍，则P点 电场强度大小也变为原来的2倍，同理Q,点电场强 度大小也变为原来的2倍，而PQ间距不变，根据U =Ed定性分析可知P、Q两，点间电势差变大，C正 确，D错误。 故选C。 【19】 Q 7D根据点电荷周圈的电势公式9=是，设x'处 (>0)的电势为0，得+9-=0 解得x'=了 1 1 故可知当0<x<3时，9<0：当x>3时，9>0。 故选D。 8.A根据电荷守恒定律可知一个与外界没有电荷交 换的系统，这个系统的电荷总量是不变的，故A错 误：根据电场线和等势面的关系可知电场线与等势 面垂直，且由电势高的等势面指向电势低的等势面， 故B错误；，点电荷仅在电场力作用下从静止释放，电 场力做正功，电势能减小，根据”= 可知正电荷将 从电势高的地方向电势低的地方运动，负电荷将从 电势低的地方向电势高的地方运动，故C正确，D错 误。故选AC。 9.BCD根据粒子所受电场力指向曲线轨迹的凹侧可 知，带电粒子带正电，故A错误；等差等势面越密集 的地方场强越大，故M,点的电场强度比V点的小， 故B正确：粒子带正电，因为M点的电势大于在V ,点的电势，故粒子在M点的电势能大于在V点的电 势能：由于带电粒子仅在电场作用下运动，电势能与 动能总和不变，故可知当电势能最大时动能最小，故 粒子在运动轨迹上到达最大电势处时动能最小，故 C、D正确。故选BCD。 10.BD全过程，根据动能定理 (mg-f)(x。-x)- (:Qa Q9)=0 x kQq 解得x=(mg一fDx0 故A错误； 当小球甲的加速度为零时，速率最大，则有 mg=f+kQ x kQq 解得x=√mg一∫ 故B正确； 小球甲最后停留时，满足 Qg≤mg+f mg一∫长 解得位置x的区间 kQ▣ kQq mg+ ≤x≤Nmg-f 故C错误； 若在最低点能返回，即在最低点满足 Qq k>mg+f 结合动能定理 (mg-f)(zo-x)-(kQq-kQa)=0 又E。=69 kQq 联立可得Eo<(mg一f)√mg+了 故D正确。 故选BD。 -3A 11.解析：(1)由图甲可知，电容器充电时，通过电阻R 的电流方向向左，放电时通过R。的电流方向向右， 故在电容器充电与放电过程中，通过电阻的电流方 向相反。 (2)I-t曲线图像与对应时间轴所围成的面积表示 电荷量，充电和放电电荷量相等，所以乙图中阴影 部分的面积相等。 (3)由于电源内阻不计，可知电容器两端电压等于 电源电动势，则该电容器的电容值为 c=是-E-0.15F Q51 (4)由图乙可知，充电时的最大电流大于放电时的 最大电流，则可知R,R, 答案：(1)相反(2)=(3)0.15(4)< 12.解析：(1)根据电路图连接实物图，如图所示 R 电压 电源 传感器 (2)由图(c)可知周期T=25×103s,所以该矩形 波的频率为 f=7=40Hz (3)由图(d)可知，B点后电容器两端的电压慢慢增 大，即电容器处于充电状态；从图中可得出，A点为 放电快结束阶段，B点为充电开始阶段，所以在B 点时通过电阻R的电流更大。 (4)由图(e)可知当f=45Hz时，电容器此时两端 的电压最大值约为 Um=3.75V 根据电容的定义式C= 得此时电容器所带电荷 Q 量的最大值为 Qm=CUm=4.7X106×3.75C≈1.8×10-5C 答案：(1) 电压 电源 传感器 (2)40 (3)充电B(4)1.8×10-5 13.解析：(1)在匀强电场中，根据公式可得场强 (2)在A点细线对小球的拉力为0，根据牛顿第二 定律得Eq-mg=m元 A到B过程根据动能定理得 1 U-mgL=)mui-方m 联立解得 vA=N Uq-mgL 3(Ug-mgL) UB- 【20】 U 答案：1) (2)vn= Uq-mgL 3(Uq-mgL) :B= m 14.解析：(1)设油滴半径为r,密度为p,则油滴质量 4 m=3πrp 则速率为v时受阻力∫=kru 则当油滴匀速下落时mg=∫ 3kv 解得r=√4πpg c√元 可知 -=2 1 则 m.r8 n6r1 (2)两板间加上电压后（上板为正极），这两个油滴 很快达到相同的速率？，可知油滴。微减速运动， 油滴b做加速运动，可知油滴a带负电，油滴b带 正电：当再次匀速下落时，对a由受力平衡可得 lq.lE+f。=mg 2 其中f.=meg=2m.g U 对b由受力平衡可得 f-qE=mig Uo 其中f6=1m,g=2mg 40 4 联立解得 2ms 答案：(1)8：1 (2)油滴a带负电，油滴b带正电； 4:1 15.解析：(1)粒子在磁场中做圆周运动时的速度为 u=√/06十6=√2v0 根据洛伦兹力提供向心力 2π Bqo-m-m To 解得微圆周运动的半径为，=区m Bq 周期为T=2xm (2)根据题意，已知任何相等的时间内P点沿图中 闭合曲线通过的曲线长度都相等，由于曲线表示的 为速度相应的曲线，根据a=A 可知任意，点的加速 △ 度大小相等，故可得 Bg·√2vo_Eg m m 解得E=√2B。 (3)根据题意分析可知从b点到c点粒子在磁场中 转过的角度为270°，绕一圈的过程中两次在电场中 运动，根据对称性可知粒子的运动轨迹如图，α角为 两次粒子在电场中运动时初末位置间的位移与x -3A 轴方向的夹角，从a到b过程中粒子做类平抛运 动，得巴= m 故可得该段时间内沿y方向位移为L=v。t 根据几何知识可得bc=√2r 由粒子在两次电场中运动的对称性可知移动一周 时粒子位移的大小为x=x一2L (2-√2)mvo 联立解得xa= Bg a vo a √2u a Eq 答案：1)Em,2红 Bg’Bq (2)E=√2Buo (3)22)m, Ba 卷9电路及其应用 1.CA.闭合开关瞬间，电容器C相当于通路，线圈L 相当于断路，所以A、A2瞬间亮起，A逐渐变亮，A 错误；B.闭合开关后，电容器充电，充电完成后相当 于断路，所以A2亮一下后熄灭，B错误；C.稳定后， 电容器相当于断路，线圈相当于短路，所以A1、A 串联，所以一样亮，C正确：D.稳定后，电容器与A 并联，两端电压等于A?两端电压，由于线圈电阻和 电源内阻忽略不计，且A、A串联，A两端电压为 2E,根据Q=CU,可得电容器的电荷量等于 2CE,D错误。 2.D设样品每平方米载流子（电子）数为n,电子定向 移动的速率为，则时间t内通过样品的电荷量 q=nevtb 根据电流的定义式得 1-& =neib 当电子稳定通过样品时，其所受电场力与洛伦兹力 平衡，则有 evB-eb 联立解得U=二B ne 结合图像可得 6=J-88X10年 we 320X10 V/T 解得n=2.3×106 故选D。 3.C带正电的粒子沿轴线射入，然后垂直打到管壁 上，可知粒子运动的圆孤半径为r=a 故A正确，不符合题意： 根据qB=m, 【21】 Bqa 可得粒子的质量m= 故B正确，不符合题意： 管道内的等效电流为I=NgSu n 单位体积内电荷数为 nav nvaqna'o-ng n 则I= 故C错误，符合题意； 由动量定理可得F△t=2nm△tw 粒子束对管道的平均作用力大小 F'x2-F 联立解得F'=nBgl 故D正确，不符合题意。 故选C。 4.C电路稳定后，由于电源内阻不计，则整个回路可 看成3R、2R的串联部分与R、4R的串联部分并联， 若取电源负极为零电势点，则电容器上极板的电 势为 E 2E PL=R2R=写 电容器下极板的电势为 E 9R·4R=合 则电容两端的电压 2E U+5 则电容器上的电荷量为 2 Q=CU-5CE 故选C。 5.C题意可知水位越高，对压力传感器的压力越大， 压力传感器的电阻值越小。控制开关自动开启低水 位预警，此时水位较低，压力传感器的电阻值较大， 由于a、b两端此时的电压大于U1,根据串联电路电 压分部特点可知，R,为压力传感器，故高水位时压 力传感器的电阻值越小，R,压力传感器两端电压变 小，U1>U2,A、B错误； 根据闭合电路欧姆定律可知，α、b两端的电压为 E E U=R十RR,=,R 1 若定值电阻的阻值越大，当开启低水位预警时Q、b 两端的电压大于U1时，R,压力传感器阻值需要越 大，则水位越低；当a、b两端的电压小于U,时开启 高水位预警时，R,压力传感器阻值需要越大，则水 位越低。C正确，D错误。 故选C。 6.A由电路图可知R?与R1串联后与R2并联，再与 R,串联。并联电路部分的等效电阻为 R2(R3+R) R4R,十R,+R=20 由闭合电路欧姆定律可知，干路电流即经过R,的电流 E 为1=I=R,+R -=3A 并联部分各支路电流大小与电阻成反比，则 R二2A I2∠ -3A