辽宁省县级重点高中协作体2025-2026学年高一上学期期末考试物理试卷

高一期末质量监测·物理参考答案 说明： 本解答给出的非选择题答案仅供参考，若考生的解法（或回答）与本解答（答案）不同， 但只要合理，可参照评分标准的情给分 一、 选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合 题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分， 全部选对的得6分，选 对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 1 2 3 4 6 6 10 答案 B 9 C D C B AB ABC AC 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.【答案】(1)B(2)右(3)1.20 (4)换用质量远大于小盘和砂子总质量的小车 或减小小盘和砂子的总质量（只要建议合理即可给分) (每空2分) 12.【答案】(1)自由落体 (2)①A (3)1.96 (每空2分) 13.【答案】(1)10N (2)20N 【解析】分别对小球A和木块B受力分析如图所示 iLiLiG2LL22 y B 7777777777元 77777777777 mgg (1)对小球A,处于平衡状态，由相似三角形有m三，T (3分) 2R1.5R 解得T=10N (1分) (2)对木块B,处于平衡状态，水平方向有F=f升Tcos0 (2分) 竖直方向有mBg=N+Tsin0 (2分) 又fuN (1分) 解得F=20N (1分) 14.【答案】(1)0.5 (2)1.2s 【解析】(1)小包裹做匀加速直线运动时，有a=g (1分) 与传送带共速用时七=y (1分) 位移x=2 2 (1分) 匀速运动时有x2=vt2 (1分) 且有t+2=2s x1+x2=3.6m (1分) 解得u=0.5 (1分) (2)小包裹刚放上传送带做匀加速直线运动时，有a1=gsin0件gcos0:10m/s2 (1分) 第1页共10页 用时5，=上=0.2S a 位移x3= y2=0.2m (1分) 2a1 由于ngsin0>umgcos0,小包裹会继续做匀加速直线运动，有a2=gsin0 ugcos0-2m/s2(1分) 1 且有x4=vt4+号a,=L2-x (1分) 解得4=1s（另一解t4=-3s舍去) (1分) 故小包裹运送到B端的时间t仁3+t4=1.2s (1分) 15.【答案】(1)0.1 (2)1.8s (3)8.1m 【解析】(1)前1s内，对滑块A,有4mg=ma (1 分) 3-2 由t图像可得a=ms=1ms (1分) 解得4=0.1 (1分) (2)前1s内，对木板B有F-4mg-422mg=ma2 (1分) 由：图像可得4=ms产=4nm心 (1分) 解得木板B和地面间的动摩擦因数4=0.2 (1分) 1s后，对木板B有4，mg+42·2mg=ma3 (1分) 解得a=5m/s2 (1分) 木板B向右减速用时5，=2=0.8s (1分) a 由于4mg<2·2mg,之后木板B保持静止 (1分) 故木板B的运动总时间t=t+t2=1.8s (1分) 滑块A减速到零的时间为14=4=3s>1=1.8§，故上述结果合理 a (3)滑块A继续向左减速到零，减速总位移为x= =4.5m (2分) 2a 木板B的总位移x2=二yt=3.6m (2分) 2 所以木板B的最短长度为L=x+x,=8.1m (1分) 第2页共10页 高一期末质量监测·物理答案详解 1.【答案】B 【立意】以年轻人喜欢的蹦极运动为背景，考查自由落体运动的基本规律、牛顿第一、二、 三定律。 【解析】物体的惯性大小由质量决定，与速度大小无关，放A项错误：由x=?g2=45m, 解得仁3$，故B项正确：游客经过C点时受到的合力为零（加速度为零），故游客经过C 点时速度最大，故C项错误；游客对弹性绳的拉力和弹性绳对游客的拉力是作用力和反作用 力，大小总是相等，故D项错误。 【拓展】分析O→B→C→D过程的绳的拉力、游客的加速度和速度大小的变化规律。 【点评】应理解惯性大小由质量决定，与速度大小无关，掌握自由落体运动的基本规律，能 结合牛顿第二定律分析力和运动的关系。 2.【答案】B 【立意】以歼一35战斗机在“福建”号航空母舰降落为背景，考查匀变速直线运动的基本规 律的应用，解题时应注意刹车陷阱问题。 【舒标】环35候料机从若腿到停止用时1=日0=94s,所以4s内的位移与 S= s内 a18 3 的位移相同，即x=1=60x10 m=100m,故B项正确。 2 23 【拓展】求停止前最后1s的位移，求全程的平均速度等。 【点评】应熟悉匀变速直线运动的基本规律的正确应用。 3.【答案】C 【立意】以灯笼为研究对象，考查平衡问题中的隔离法和整体法。 F 【解析】设每个灯笼的重力为mg,对灯笼2，下面的轻绳和竖直方向的夹角为a,有tana= mg 对灯笼1和2整体，上面的轻绳和竖直方向的夹角为A,有aB=3-F,联立可得6， 2mg 因两根轻绳等长，由几何关系可知，灯笼2正好处于悬点正下方，故C项正确。 【拓展】要产生A选项的情景，左右水平拉力之比为多少？ 【点评】对解决平衡问题，应熟悉隔离法和整体法。 4.【答案】D 【立意】以斜面上的两球为分析对象，考查物体平衡中的隔离法和整体法的应用、牛顿第二 定律（瞬时性）以及牛顿第三定律的理解。 第3页共10页 【解析】对A球有：=mg sin30°，解得弹簧的压缩量x=s，故A项错误；对B球有 2k Fw=2 mg cos30°=√3mg,再由牛顿第三定律可知，B球对斜面的压力大小为√3mg,故B 项错误；撤去挡板瞬间，弹簧的弹力不变，A球所受合力为零，加速度为零，故C项错误； 撤去挡板前，对A、B两球整体分析得，挡板对B球的支持力大小F=3 mg sin30°=1.5mg, 撤去挡板瞬间，R消失，其他力不变，对B球有15mg2ma,解得a=3g，故D项正确。 4 【拓展】如果斜面不固定，靠摩擦静止在地面上，问撤去挡板前地面对斜面是否有摩擦力？ 撤去挡板后地面对斜面是否有摩擦力？ 【点评】应掌握物体平衡中的隔离法和整体法、牛顿第二定律以及牛顿第三定律的应用。 5.【答案】C 【立意】以演员吊威亚（钢丝）为背景，考查运动的合成和分解以及对超重失重的理解。 【解析】如图所示，将车速v分解为沿着钢丝方向的速度y和垂直于钢丝方向的速度v,v 与演员的速度大小相等，即y徽=y=vcose,车速v不变，不断减小，则y不断增大，即 演员有竖直向上的加速度，处于超重状态，故A、B项错误；当37°时，演员的速度大小 为Y衡=3.2m/s,故C项正确，D项错误。 LEEEEEEEEEE 7777777777 【拓展】为确保演员匀速上升，轨道车应加速还是减速运动？ 【点评】应掌握运动的合成和分解在求关联速度的应用，掌握超重失重的条件。 6.【答案】C 【立意】以70后在台阶上弹玻璃珠为背景，考查平抛运动的基本规律。 2h 析】玻璃珠在竖直方向做自由落体运动，由h三)g窄 而甲、乙两玻璃珠的竖 直位移之比为4：1，则t:t2=2:1,故A项错误；玻璃珠在水平方向做匀速直线运动，由x=V 得=，而甲、乙两玻璃珠的水平位移之比为41，则m:2=2:1,故B项错误；由y,=g 得y,甲y,2=2:1,故C项正确：玻璃珠落在E点时的速度大小v=√+，可得：业=2：1， 故D项错误。 第4页共10页 【拓展】已知每个台阶的高为h,宽为d,从A点水平弹出的玻璃珠其初速度多大才能落在第 4个台阶上？ 【点评】应熟悉平抛运动的基本规律。 7.【答案】B 【立意】以神舟二十一号载人飞船返回舱在陆场过程为研究对象，考查牛顿第二定律的应用。 【解析】取竖直向下为正方向，发动机工作时，有v2-v2=-2ax,解得返回舱的加速度大小 a=y-72-1 m/s2=24m/s2,由牛顿第二定律得mg-4F=m(-a),解得每台发动机工 2x2×1 作时对返回舱的推力大小F=2.55×104N,故B项正确。 【拓展】把下降距离改为下降时间又如何解？ 【点评】应熟悉牛顿第二定律的基本应用（已知受力求运动和已知运动求受力）。 8.【答案】AB 【立意】以漂流船在玻璃直滑道上作匀加速直线运动为例，考查匀加速直线运动的规律和重 要推论 【解折凉流船通过B点时的速度大小一齐-mg=3ms,放A项正确：根据x=or 可知，漂流船的加速度大小a=7-ms=05ms,放C项错误：日点距斜面顶 T2 端的距离xg= =9m,A点距斜面顶端的距离xxx4=4m,故B项正确：漂流船通过C 2a 点时的速度大小vc=yB+aT=4m/s,故D项错误。 【拓展】求A点速度；过C点后再过2s的运动位移 【点评】应掌握匀加速直线运动的规律和重要推论 9.【答案】ABC 【立意】以投掷铅球为背景，考查斜抛运动的基本规律。 【解析】铅球从1位置运动至4位置的时间t1=0.6s,从4位置运动至8位置的时间t2=0.8s, 根据逆向思维，竖直方向有，=g头=6ms,水平方向有M:=,x,=8ms,出手速度大小 t+t =√，+，=10ms,抛出角满足tan0==3，解得37°，出手高度 h=- 28=1.4m,落地速度的大小v=1.+(g42}=8√2m/s,故A、B、C 项错误。 第5页共10页 【拓展】求运动中的最小速度、落地速度的方向等。 【点评】对斜抛运动的基本规律应熟悉。 10.【答案】AC 【立意】考查牛顿第二定律的应用，分析临界问题（分离情景)，加速度一时间图像的应用。 【解析】当两木块之间的弹力为零时，两木块即将分开，此时二者的加速度相同，设为α， 对木块A有8-tum4gm4a,对木块B有2+t-umg-mga,或对两木块整体有 8-t+2+tum4 g umag-(m4+mg)a,解得a=1m/s2,仁6s,可见前6s内，两木块整体受到 的合外力不变，加速度大小始终为1m/s2,6s末两木块开始分离，故A、C项正确；1s末， 对木块B有2+什FAB umgg-mga,可得两木块之间的弹力大小FAB=5N,故B项错误；6s后， 对木块B有2+tumng-mga,.即a=1-】,其加速度一时间图像如图所示，a-1图像与t轴 围收的面汉表示速度变化虽.则10s未未块8的速度大木-x6:生产4ms-12ms, 故D项错误。 Aa/(m·s2) 2 →t/s 6 10 【拓展】求分离时的速度和位移。 【点评】应熟悉牛顿第二定律的应用：隔离法和整体法、分析临界问题（分离情景、打滑情 景等)，加速度-时间图像的拓展学习。 11.【答案】(1)B(2)右(3)1.20(4)换用质量远大于小盘和砂子总质量的小车 或减小小盘和砂子的总质量（只要建议合理即可给分） (每空2分) 【立意】考查实验：研究物体加速度与质量的关系。 【解析】(1)刻度尺用于测纸带上小车的位移，天平用于测小车、小盘和砂子的质量，电源 与打点计时器用于在纸带上打点，不需要弹簧测力计，故B项正确。 (2)由图乙可知小车向左做加速运动，故需向右移动小木块降低斜面倾角，直至小车做匀速 直线运动。 (3)由题意可知，相邻计数点间的时间间隔T=01s,根据逐差法可得，小车的加速度 a=+x4-x-5=1.21+12.40-8.80-10.01)×102 m/s2=1.20m/s2。 (2T2 (2×0.1}2 第6页共10页 (4)图像弯曲是由于小盘和砂子失重带来的影响不可忽略，因此避免或减小该系统误差需满 足小车的质量远大于小盘和砂子的总质量，保证小车每次运动时受到绳子的拉力大小几乎不 变（只要建议合理即可给分）。 【拓展】打C点时的速度。 【点评】对研究物体加速度与力和质量的关系这个实验中的原理、仪器、步骤、数据处理、 结论和误差分析应熟悉。 12.【答案】(1)自由落体(2)①A ② (3)1.96 (每空2分) 2h 【立意】考查在学习平抛运动中的几个重要实验（教师演示实验和学生分组实验）。 【解析】(1)两球同时落地说明A球竖直方向上的运动与B球相同，即A球竖直方向做自 由落体运动。 (2)①斜槽末端切线应当保持水平，以保证小球做平抛运动，故A项正确；斜槽的摩擦力 对实验没有影响，故B项错误。 ②坚直方向有)，水平方向有，联立解得。三 (3)小球经过相邻两个位置的时间间隔t= yhe-yab 9.8×102 s=0.1s,则小球做 9.8 平抛运动的初速度大小=出=2×9.8×10 m/s=1.96m/s。 0.1 【拓展】1、哪个实验说明平抛运动水平方向做匀速直线运动：2、丙图中的抛出点的坐标？ 【点评】对平抛运动中的几个重要实验，无论是教师的演示实验还是学生分组实验，都应该 熟悉。 13.【答案】(1)10N (2)20N 【立意】考查物体的平衡中的隔离法、相似三角形求解法和正交分解法。 【解析】分别对小球A和木块B受力分析如图所示 4 R mgg 第7页共10页 (1)对小球A,处于平衡状态，由相似三角形有m&=T (3分) 2R1.5R 解得T=10N (1分) (2)对木块B,处于平衡状态，水平方向有F=f升TCos0 (2分) 竖直方向有mBg-N+-Tsin0 (2分) 又FW (1分) 解得F-20N (1分) 【拓展】已知半球面的质量（比如5kg),半球面不固定，求半球面此时对地面的摩擦力和 压力。 【点评】应熟悉处理平衡问题的各种解法：隔离法、整体法、相似三角形求解法、正交分解 法、图解法等。 14.【答案】(1)0.5 (2)1.2s 【立意】以水平和倾斜传送带为模型，考查牛顿第二定律的应用。 【解析】(1)小包裹做匀加速直线运动时，有=g (1分) 与传送带共速用时：=' (1分) a 位移 (1分) 2a 匀速运动时有x2=vt2 (1分) 且有t1+2=2s x1+x2=3.6m (1分) 解得u=0.5 (1分) (2)小包裹刚放上传送带做匀加速直线运动时，有a1=gsin0件gcos010m/s2 (1分) 用时4，=上=0.2s d 位移=2a =0.2m (1分) 由于mgsin0>umgcos0,小包裹会继续做匀加速直线运动，有a2=gsin0 ugcos0-2m/s2(1分) 且有=w,+2,G=L,-6 (1分) 解得t4=1s(另一解t4=-3s舍去) (1分) 故小包裹运送到B端的时间=t3+t4=1.2s (1分) 【拓展】水平和倾斜中，小包裹与传送带的划痕各为多少？ 第8页共10页 【点评】传送带模型是高中物理中的重要模型，应熟悉牛顿第二定律在这种模型中的应用。 15.【答案】(1)0.1 (2)1.8s (3)8.1m 【立意】以木板木块为模型，考查牛顿第二定律的应用。 【解析】 (1)前1s内，对滑块A,有4mg=ma (1分) 由4图像可得a=3-2 m/s2=1m/s2 (1分) 1 解得4=0.1 (1分) (2)前1s内，对木板B有F-4mg-42·2mg=ma2 (1分) 由4图像可得a,=4 m/s2=4m/s2 (1分) 1 解得木板B和地面间的动摩擦因数4，=0.2 (1分) 1s后，对木板B有4mg+h2·2mg=ma3 (1分) 解得a=5m/s2 (1分) 木板B向右减速用时1，=A=0.8s (1分) a 由于4mg<42·2mg,之后木板B保持静止 (1分) 故木板B的运动总时间t=t+t2=1.8s (1分) 滑块A减速到零的时间为t,==3s>1=1.8s,故上述结果合理 a (3)滑块A继续向左减速到零，减速总位移为x= 6=4.5m (2分) 2a 木板B的总位移x=2=3.6m (2分) 所以木板B的最短长度为L=x+x,=81m (1分) 【拓展】AB都停止后，为了让滑块A从木板B上滑落，求应该施加多大的水平向右的拉力？ 【点评】木板木块模型是高中物理中的重要模型，应熟悉牛顿第二定律在这种模型中的应用。 第9页共10页 高一期末质量监测·物理细目表 题 题型 分值 主考点 难度 号 1 单项选择题 4 几个重要的物理概念 易 2 单项选择题 4 匀变直线运动（刹车陷阱问题） 易 3 单项选择题 物体的平衡（隔离法和整体法） 中 4 单项选择题 4 物体的平衡，牛顿第二定律瞬时性 中 5 单项选择题 4 运动的合成和分解 中 6 单项选择题 4 平抛运动 中 7 单项选择题 牛顿第二定律的应用（两类问题） 较难 8 多项选择题 6 匀变速直线运动（规律和推论） 中 9 多项选择题 6 斜抛运动 中 10 多项选择题 6 牛顿第二定律的应用（临界） 较难 11 实验题 8 研究物体加速度与力和质量的关系 中 12 实验题 P 研究平抛运动的规律 较难 13 计算题 10 物体的平衡 中 14 计算题 12 牛顿第二定律的应用（传送带） 中 15 计算题 16 牛顿第二定律的应用（木板木块） 较难 第10页共10页地密★扁用前 高一即末质量监测 物理 表卷满分100分，考玖时间5分钟。 ●注置事项： 1,答卷前，考生务您将白己的姓名、准考证号等筑写在答题卡上，并将准考证号条形同枯贴在容 题卡的指定位置。考试结束后，将答题卡交回， 2四答遗择题时，速出每小题答案后，用2B船笔把答题卡上对应愿日的答案标号旅黑。如需政 动，用橡皮推干净后，再选检其他答案标号」 3国答非选择题时，将答案写在睿断卡上。写在本试卷上无效。 一、选择面：本题共1门小冠，共46分，在每小题给出的四个送源中，第1一7蝴只有一项符合题 日要求，每小题《分：第8一10题有多项符合题日要术，每小题6分，金部迹对的得6分，选对 但不全的得3分，有速错的得0分。 L极是很多年轻人喜玫的一项运动测极运动过程可化如下：如图所示，将等客桃为质点，原 长为45m的弹性绳一端周定在O点，另一端和游客相连。静客从O点白由下落，至B点时弹 性绳自然伸直，经过C点时合力为零，到达最概点D,然后弹起，整个过程沿竖直方向，弹生绳 始修在弹性限度内，重力加速度g=10m/g,不计游客受到的空气图力。美于等客从O+B→ C*D的过程中，下列说法正确的是() A,游客从O+B过程做自由落体运动，速度越未越大.其惯性也逐 斯增大 B尊客此次体验完金失置的时阿为35 C,游客经过B点时迷度最大 D游客从C→D过程做减德运动，该过程中尊客对弹性闻的拉力小 于弹性绳对醉客的拉力 03 2.2025年9月歼一35战斗机在福建号航空母限通过电慰弹射系就成功宾现弹财起飞。如图 所示为开一35战斗机某次降落的画面，假设异一35战年机在“福建”号笔直的水平跑道上降 常，刚着视时的初速皮为60m/,在阻力作用下产生的加遮度大小恒为18m/公，“辐童~号航 母始终静止不动，则歼一35战斗机在看舰后4s内的位移大小为( A.96 m B.100m C.120m D.240m 商一物理第1页{共4页】 3为T喜理0蛇6年元旦，营造喜庆领围，某同学将两个完全相间的灯笼（可视为质点）通过等长 的两根经绳连在一起，挂在天花板上，如图所示。现有一同学对灯笼1施加一水平向右、大小 为3F的恒力，可时另一同学对灯笼2施加一水平向左，大小为F的恒力，待灯定重新平衡后正 南的情景大致是( D 4,如图所示，足够长的光沿国定斜面的领角为3°，底部有一器直到面的固定挡板，质量为树的A 球与质量为2m的B球用轻弹普市接处手静止状态。已知弹要的对度系数为女，重力加速皮为 :下列说法正确的是( A弹簧的压缩量为警 BB球对斜置的压力大小为15g C操去挡板震同.A球的加速度大小为号 30 D.教去指板瞬间，B球的加速度大小为部 5,如图甲所常为某电影公司拍深武打片时演员吊威亚（钢丝）的场段，可以简化为如图乙 所示，物道车通过细佣丝畸过滑轮拉着演员竖直上升，便可最现出演员飞棉走要的效 菜。某次拍报时轨道车沿水平地面以一4m/s的速度向左匀建途动，某时刻连接轨道 车的削盆与水平方向的夹角0=37”，已知如3？”=0,6，oa7"=0.8.则下列说法正确 的是() A族员正匀速上升 B该时刻就员处于失重软志 C,该时刻演员的速度大小为3.2m/。 日被时刻置员的速度大小为5/ 6,如密新示为等高等宽的台阶，A,B,C,D,E均为台阶的边经点。一同学将甲最清孩由最上面 台阶的边缘A点沿水平方向弹出，经过一段时可甲玻璃珠直接落在E点：另一司学警乙玻璃 寐由D点沿水平方向弹出，乙被璃珠也，好直棱落在E点，不计空气阻力，两玻璃珠均援为更 点，下列说法正确的是( A从抛出到落至E点，甲，乙两玻璃珠的鲨 酌时可之此为411 B甲，乙两玻瑞味弹出的初迷度大小之比 为41 C甲、乙两骏璃宋落在E点时的竖直迤度 大小之比为21 D.甲，乙两玻璃球落在E点时的速度大小之比为《1 离一信理第2页共6夏) 元，2025年1山月14日16时0分，神舟二十一号最人飞船返同能在东风容陆场成功答稽，安全淡 同神舟二十号乘组天员。在距离地而的高度约1切时，返同舱盛部配备的4台发功机可时 竖直向下政气，如图所示，使返回能的速度在1m左右的距离内由7m/s降到1m/。已知返 回第的总质量大的为3×10k螺，不考成越回触的质量变化和受可的空气积力，童力如速度g= 10m/,则每台发动机工作时对运四脸的锥力大小约为( A.L8×10N 且.2.55X10NC.7.2X100N D,1.02×103N 8如图甲所示。一源流船（可视为质点》从玻璃直滑道的斜面膜端由静止开始沿直线匀加通下情， 依次经过滑道上的A、B,C三点，将玻璃直滑道简化成如图乙所示的斜面模型，测得一 5,xc=7m,凝策船通过这再段距肉的时间均为2，下列说法正确的是() A.潭毫船通过B点时的速度大小为3m/ B.A点更斜面顶端的距离为4m C.源篷加的加速度大小为1m/ D.藻蓝船通过C点时的墓度大小为5m/s 象，投辉铅球时，铅球的出干高度，出手速度的大小和方向《用出于速度方向与水平方肉的夹 角8表示，也叫端出角》都财对成馈有影响。如图所示，一司半在练习投掷铅球（可视为质点）时， 另一同学用手机的连拾功能记录了船球在整中的运动位置。已知手机连拍的时周间隔为T一 Q.2*,图中1位置为铅球刚出手时的位置，4位置为铅球运动中的最高点，8位置为铅球刚要落 地时的位登，测得水平射程x一11.2m,不计室气阻力，重力加速度g=10m/,n3计= 0.6:e0437产=0,8，下列说法正确的是( A.出手速度的的大小为10m/ B抛出角0=37严 -6 C出平高度为14m D,落意速度的大小为16m/a 喜一物理第8页（共6页） 0.如街所示，质量分别为m=1g,m0一4kg的A,日阿木块静置在粗植的水平面上，再杰录而 亚独触组不粘连.两木块与地面间的动摩振因数均为：一0.1，从一0时刻开监，对术快人燕 加一水平推力F,-(8一)N,对术块B施加一水平拉力F。-(2+)N.重力加速度 10m/信.下列说法正确的是( A.1象末木块A的加速度大小为1m/ B13来木块A对木扶B的弹力大小为1N C,6末两木换开始分离 D.10s来木块B的速度大小10m/s 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 山.《8分)某实验小组设计实验研究物体的加速度与质量的关系，实较规置如图甲所示， 小车底蒂 小木 远特方自 乙 (1)除了图甲所示的实脸器材以外，下列器材中不需要的是 一（单项：题登材螺字可宇 号). A刻度尺B弹簧测力计C天平D.电尊 它打点计时唇 《2)卸下小盘，移动小木块圆整木板的颜解角度，轻推小车，小车发动纸带打山的点漆如圆乙 所示，此时需要向 (填“左”成“右")移动小术换，直到打出点造均匀的重。 (3》安装小盘，并在小盘上剑人一定量砂子，打点计时得接人颜率为50H的交流电需，持打 点程定后释放抵带，打点计时整打出的纸带如图丙所示（两相邹计数点之闻正有小计时 点2有出)，此时小车的却速度为 m/(结果保留三位有效数字). 100 12 1240 》保持小盘和砂于的总质量不变，在小车上增成钩码，重复实脸，记豪排次实验中小军及车 上钩码的总霞量M以及相应的加魂度，并绘制a·疗图像。从图T中可以发现，周藉加 嘉度增大，白于小盘和砂子失重带来的影响不能忽咯，给制的图也发生寄山。睛授县一条 避免成减小读系能误差的建议： 商一物理第4面（共6页） 12.(8分)某学校师生做了三个实验来研究平抛运动的规律， (1)如图甲所示为课重上老师微的演示实整：园甲中两个完金相同的小球A,B处于同一病 度，用领被打弹片、A球沿水平方向抛出，同时B球自由落下，观察到两球同时落地政变 小球距地国的初始高度和击打力皮，多次重复实验，两球仍然同时落惑，可判断做平地运 动的A球竖直方向做 运动。 (2)如图乙所承为同学们在实验室做的分组实脸，来定盘研究平抛运动，将白纸和复写领对齐 重叠并圆定在竖直的硬板上，钢球沿解信轨道PQ滑下后从Q点飞出，落在水平培板 MN上。由于挡版靠近硬板一侧较餐，解球落在挡板上时，铜球侧面会在白纸上挤乐出 个有迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将们下一系列痕迹点。 ①关于该实验的一些做法，合理的是 〔填正确答案标号)。 A解相末端切线应当保持水平 B.为减小阻力影响，斜情轨道必额光滑 ②若某次实验时，小球水平抛出后下降高度为本时的水平位移为x,重力加嘉度为g,则小 球的平抛初建速度为（用h、x、g表承）， (3)学完平抛运动后，老而带同学们去科技馆采用颇闪那相的方法研宽平抛运骑，拍摄到如图 丙所示的阻片，小球在平抛运动中的几个位置如圆丙中的a、6、c、d所示，图中每个小方格 的边长为L=9.8m,则该小球徽平抛运动的初违度大小h= m/,(重力加速 度g=9.8m/s,结果绿留三位有效数字) 13.(10分)如图所示，半径为R的光滑半球面固定在水平地而上，定滑轮C(平径可忽略)在半隙 面球心O的正上方，C心的距离为2R,绕过定桥轮C的整绳一编请接盛量为m4=言k的小 球A(可提为质点)，另一端连接质量为深。一3kg的木换B,木换B放在粗是水平地面上，与 地面侧的动唯擦因数以=0.5。木换B在水平向右的拉力F的作用下极慢向右移动，当A、C 之间的轻绳长为1.5R时B、C之间的轻绳与水平方肉的夹角0■37，重力知魂度g 10m/6,in37"=0.6,eo437"=0.8,求北时 (1)经绳对小球A的拉力大小： (2)水平向右的拉力F的大小。 高一物理第5页（共8页] 14.(12分)传遂带在生活生产中应用广泛，如图甲所示的传送蒂是一款能钟缩、能调节领角的传 遂带，某次使用时将它水平放置，简化为如图乙所示，传送带网端A,B何距离L,一3.6m,在 电动机的带动下以v=名m/。的速度逆时针匀速运转，一小包裹（可视为质点）轻放在A端，小 包裹先酸匀加速直线运动再做匀速直线运动，用时名：小包商到达B端，重力如蔬皮飞一 10m/,in3T=0.6,cs37=0.8,求， (1》小包裹与传送带间的动摩攘因数： (2)如图丙所示，将传送带镶醉放置，模角0=37，A,B间距离测整为L:一3.2m,运转速度不 变，再将小包爽轻枚在A端，求小包爽到达B的时鸭L。 1516分)如图甲所示，木板B静止在水平地面上，带块A(可视为质点)蚊在术板B右端，滑块 A与术板B的质量均为m一1kg,l一0时刻滑换A以，一3/的初速度向左运动，同时在 术极B右结能加一个水平向右的拉力F=9N,作用1象后撒去拉力F,其中0一1内桥块A 和木板B的。·（关系图像如图乙所示，水平向右为正方向。设最大静摩擦力等于滑动摩擦 力，需获A始终没有离开木板B,重力加速度g=10m/心，求： (》滑块A与木板B之何的动摩擦因数，： (木板B的运动总时同4， (3)木板B的最短长堂， 1m-与 2 高一物理第6页（线6页）