江苏省徐州市第一中学2025-2026学年高一上学期12月调研物理试题

江苏省徐州市第一中学2025-2026学年高一上学期12月调研考试 物 理 考试时间：75分钟 满分：100分 命题人：周岩、张学庆 审核人：张祥凤 一、单选题（本大题共11小题，每小题4分，共44分） 1．物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识。推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步。关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（ ） A．伽利略首先提出了惯性的概念，并指出质量是惯性大小的唯一量度 B．伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法 C．牛顿运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿运动定律都能通过现代的实验手段直接验证 D．当时，称作物体在时刻的瞬时速度，这应用了微分思想的分析方法 2．量纲在物理学中有重要作用，可以用来校验公式的正确性、简化单位换算、辅助推导物理关系等。若g表示重力加速度，L表示长度，ρ表示密度，S表示横截面积，v表示速度，根据物理量的量纲判断下列说法不正确的是（ ） A．ρSv3表示的物理量是力 B．表示的物理量是时间 C．表示的物理量是速度 D．vS表示的物理量是流量（单位时间流过其横截面的体积） 3．巴黎奥运会跳水女子双人10米跳台决赛，中国选手双人跳水以绝对优势获得金牌。比赛中两位运动员的动作一致，同步分为满分10分，则下列说法正确的是（ ） A．指运动员比赛中的通过的路程 B．裁判员在评同步分时，只能以水面为参考系 C．研究运动员的空中翻转动作时，不可将运动员视为质点 D．跳水运动员在起跳后，若忽略空气阻力，其运动可视为自由落体运动 4．学校体育器材室有一圆弧形篮球架，如图所示，若某同学将同一篮球分别放在、、、位置，挡板均竖直，不计摩擦，下列说法正确的是（ ） A．在位置时篮球对圆弧篮球架的压力最大 B．在位置时篮球对圆弧篮球架的压力最大 C．在位置时篮球对挡板的压力最大 D．在位置时篮球对挡板的压力最大 5．某破冰船成功冲出厚重的密集浮冰区，胜利突围解困成功。如图为破冰船连线冲破冰层时的破冰原理示意图，若船体向前的推力为F，两侧船体间夹角为，、分别与两侧船体垂直，则沿、两侧推开冰层的力大小为（ ） A．F B． C． D． 6．在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中，得到的结果如图所示，则下列说法正确的是（ ）    A．本实验所采用的科学方法是控制变量法 B．拉力的方向用铅笔沿细绳划线得出 C．在用图示法表示各力时必须采用相同标度 D．为减小实验误差，F1、F2越大越好 7．如图所示，三根在竖直平面内的光滑细管A、B、C上端平齐，B管竖直放置，A管与B管的夹角为α，C管与B管的夹角为β，且α﹤β。三个小球同时从管口顶端静止释放，经过相同的时间，三球所处位置正确的是（ ） A． B． C． D． 8．如图，一条平直的大河宽1800m，河水流速处处相等，都为；一艘汽艇相对河水速度大小恒为，从岸边A点出发，河对岸正对A点处记为B点，在河对岸点的上游有C点，下游有D点，且，则（ ） A．该汽艇有可能在10min内到达河对岸某处 B．该汽艇不可能在20min内到达河对岸某处 C．如果汽艇沿直线AC到达C点比沿直线AD到达D点用时更长 D．如果汽艇相对于水的速度不变，但河水流速加快，汽艇过河的时间可能增加也可能减少 9．电梯、汽车等交通工具在加速时会使乘客产生不适感，其中不适感的程度可用“急动度”来描述。急动度是描述加速度变化快慢的物理量，即。汽车工程师用急动度作为评判乘客不舒适程度的指标，按照这一指标，具有零急动度的乘客，感觉较舒适。图为某汽车加速过程的急动度随时间的变化规律。下列说法正确的是（ ） A．在时间内，汽车做匀加速直线运动 B．在时间内，汽车做匀加速直线运动 C．在时间内，汽车加速度的变化量大小为 D．在时间内，乘客感觉较舒适 10．如图，水平桌面上有一薄板，薄板上摆放着小圆柱体A、B、C，圆柱体的质量分别为、、，且。用一水平外力将薄板沿垂直的方向抽出，圆柱体与薄板间的动摩擦因数均相同，圆柱体与桌面间的动摩擦因数也均相同。则抽出后，三个圆柱体留在桌面上的位置所组成的图形可能是图（ ） A． B． C． D． 11．如图所示，在倾角的固定光滑斜面上，劲度系数为的轻质弹簧下端固定在斜面底端的挡板上，上端与小滑块相连，小滑块在斜面上紧靠着但不粘连，、的质量均为，初始时小滑块均处于静止状态。现用沿斜面向上的拉力拉动，使沿斜面向上做加速度大小为的匀加速运动，、的图像如图所示，的图像在时刻的切线与轴平行，已知重力加速度大小为，则（ ） A．施加力的瞬间，、间的弹力大小为 B．A、在时刻分离，此时弹簧弹力大小为 C．弹簧恢复到原长时，的速度达到最大值 D．沿斜面向上运动过程中速度最大时，、间的距离为 二、实验题（本题共15分） 12．小宏用如图甲所示的装置探究加速度与物体受力的关系，让槽码通过细绳拖动小车在长木板上做匀加速直线运动。 (1)关于本实验，下列说法正确的是______。 A．除图中已有的器材，还需要交流电源、天平（含配套砝码）、秒表和刻度尺 B．如图甲，此时有可能正在进行“补偿阻力”的实验操作 C．实验时小车应从靠近打点计时器处由静止释放 D．应适当调节滑轮高度，使细线与桌面平行 (2)实验中打出的一条纸带的部分实验数据如图乙所示，相邻两个计数点间还有四个点未画出。所用交流电源的频率为50Hz，则打C点时小车的速度大小为 m/s；小车的加速度大小为 （结果均保留两位有效数字）。 (3)小宏做实验时，得出的图像如图丙所示，可能的原因是 。 (4)为了解决上面的问题，小宏选用图丁所示器材进行实验，设小车质量为，共6个槽码，每个槽码的质量均为，重力加速度取。实验步骤如下： ①安装好实验器材，跨过定滑轮的细线一端连接在小车上，另一端悬挂着6个槽码。调整轨道的倾角，用手轻拨小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列等间距的点，表明小车沿倾斜轨道匀速下滑； ②保持轨道倾角不变，取下1个槽码（即细线下端悬挂5个槽码），让小车拖着纸带沿轨道下滑，根据纸带上打的点迹测出加速度； ③逐个减少细线下端悬挂的槽码数量，重复步骤②； ④以取下槽码的总个数的倒数为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上作图线。 按照上述步骤，小宏得到了一条直线，测得其斜率，则 kg。 三、解答题（本题共4小题，共41分） 13．（6分）某课外兴趣小组借助传感器，研究一小球做平抛运动的规律。小球水平抛出时速度与竖直方向成角，落地时速度方向与竖直方向成角，小球可看作质点，重力加速度取，求（结果可以保留根式）： (1)小球做平抛运动的初速度大小； (2)小球抛出时距离地面的高度； 14．（8分）如图所示，质量为M的小车放在光滑水平面上，小车上用细线悬吊一质量为m的小球（），用水平向左的外力拉小车，使小球和车一起向左匀加速运动，细线与竖直方向成角，如图甲。求： (1)水平向左的外力F的大小。 (2)若用同样大小的力水平向右拉小球，使小球和车一起向右匀加速运动，此时细线与竖直方向夹角的正切值为多少？ 15．（12分）如图所示为货场传送带的模型，传送带倾斜放置，与水平面夹角为θ =37°，传送带AB长度足够长，传送皮带轮以大小为v =2 m/s的恒定速率顺时针转动．一木炭包以v0=12 m/s的初速度从A端滑上倾斜传送带并留下一段黑色的径迹，若木炭包与皮带之间的动摩擦因数μ=0.5，且可将木炭包视为质点．（g=10 m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8） （1）求木炭包刚滑上传送带时加速度为多大？ （2）从木炭包滑上传送带开始计时，木炭包再次滑回A端用时？ （3）木炭包从滑上传送带到再次回到A端，黑色径迹长度为多少？ 16．（15分）如图所示，质量M=2kg的木板A静置于水平地面上，质量m=3kg的物块B（可视为质点）以v0=4m/s的水平速度，从木板A的最左端开始在木板A上滑动.已知A与B、A与地面间的动摩擦因数分别为μ1=0.2、μ2=0.1，重力加速度g取10m/s2。 （1）求木板A的加速度大小aA； （2）若物块B未从木板A的右端滑出，求木板A的最小长度； （3）若木板A的长度为L=1.45m，为使物块B不从木板A的右端滑出，在它刚滑上木板时，对A施加水平向右的恒力，该力作用时间t0=0.5s后撤除，求恒力的最小值Fmin。 答案及解析 1． 【答案】B 【详解】A． 牛顿在《自然哲学的数学原理》中首次提出了惯性的概念，并指出质量是惯性大小的量度，而非伽利略。故A错误； B． 伽利略通过斜面实验结合逻辑推理（如外推法）研究自由落体运动，突破了传统经验束缚，建立了科学的研究方法。此描述符合史实，故B正确； C． 牛顿第一定律（惯性定律）描述的是理想状态（无外力作用），无法通过实验直接验证，需借助逻辑推理。故C错误； D． 瞬时速度的定义应用了极限思想（当Δt趋近于0时平均速度的极限），而非微分思想。微分是数学工具，用于计算导数，但题目中未涉及导数的具体运算，故D错误。 故选B。 2． 【答案】A 【详解】A．、、的量纲分别为、、，所以的量纲为 力的量纲为，表示的物理量不是力，故A错误，符合题意； B．、的量纲分别是、，故的量纲为 故表示时间，故B正确，不符合题意； C．的量纲为 故表示的物理量是速度，故C正确，不符合题意； D．的量纲为 流量的量纲是，表示的物理量是流量，故D正确，不符合题意。 故选A。 3． 【答案】C 【详解】A．10m指的是运动员初始位置与水面的高度差，不是运动员比赛中的通过的路程，故A错误； B．参考系的选取具有任意性，裁判员在评同步分时，不一定要以水面为参考系，也能以其中一个运动员为参考系，故B错误； C．研究运动员的空中翻转动作时，运动员的形状大小不能忽略不计，不可将运动员视为质点，故C正确； D．跳水运动员在起跳后，由于存在斜向上的初速度，所以运动员不是做自由落体运动，故D错误。 故选C。 4． 【答案】A 【详解】篮球受到重力、挡板的支持力和斜面的支持力，篮球受力分析如图所示 由平衡条件可知挡板对篮球的支持力大小为 圆弧篮球架对篮球的弹力大小为 其中为弧面的倾角，越大，越大，挡板对篮球的支持力越大，所以在位置时挡板对篮球的支持力最大，根据牛顿第三定律可知，篮球对挡板的压力最大；越大，越小，圆弧篮球架对篮球的弹力越大，所以在位置时圆弧篮球架对篮球的弹力最大，根据牛顿第三定律可知，在位置时篮球对圆弧篮球架的压力最大。 故选A。 5． 【答案】A 【详解】对F进行分解，如图 由图可知，由于沿、两侧推开冰层的力与两侧船体垂直，则两分力夹角为120°且大小相等，由几何关系可知，沿、两侧推开冰层的力大小均为F。 故选A。 6． 【答案】C 【详解】A．本实验所采用的科学方法是等效替代法。故A错误； B．记录拉力方向时，应该在细线的方向上点两个点来记录，不可以用铅笔沿细线画一条线来表示，这样橡皮条会发生形变，实验误差很大，故B错误； C．在用图示法表示各力时必须采用相同标度，标度不同无法寻找分力与合力的关系，故C正确； D．为减小实验误差，F1、F2适当大一些，不能超过弹簧测力计的量程。故D错误。 故选C。 7． 【答案】C 【详解】如图所示，ABCD为同一圆上的点，圆的半径为R，小球从A沿光滑杆AB、AC、AD滑下， 从AB下滑用时，有 解得 从AC下滑，有 而AC的长度为 故有 解得 同理若从AD下滑，时间为，即小球到达圆上三点所用时间相同； 依此结论可知，而现在三个小球均从管口上方下滑且无摩擦，相同时间后小球的位置是在同一个圆弧上，且所在位置与竖直位置连线与倾斜轨道夹角为直角，故选C。 8． 【答案】C 【详解】AB．汽艇相对水速度 水流速度 当汽艇垂直河岸航行时，垂直分速度最大，过河时间最短 A错误，B错误； C．沿AC航行时，汽艇需朝上游调整方向，垂直分速度 沿AD航行时，汽艇朝下游调整方向，垂直分速度 因， 故 过河时间，越小，时间越长，因此沿AC到达C点用时更长，C正确。 D．过河时间由垂直分速度决定，与水流速度无关，D错误。 故选C。 9． 【答案】C 【详解】AB．由急动度的物理意义可知，在时间内，急动度增加，加速度增加得越来越快，在时间内，急动度不变，则加速度均匀增加，故A错误，B错误； C．由急动度的物理意义可知，图像的面积代表加速度的变化量，在时间内，汽车加速度的变化量大小为，故C正确； D．急动度越小乘客越舒适，在0~5.0s时间内急动度较小，乘客感觉较舒适，故D错误。 故选BC。 10． 【答案】A 【详解】设圆柱体的质量为m，圆柱体与薄板间的动摩擦因数、圆柱体与桌面间的动摩擦因数均为，则在抽薄板的过程中，圆柱体在薄板摩擦力的作用下做加速运动，离开模板后在桌面摩擦力的作用下做减速运动，根据牛顿第二定律有 可得，加速运动与减速运动时的加速度都为 由于圆柱体A先离开薄板，B、C同时后离开薄板，则根据可知，A离开薄板时的速度小于B、C离开薄板时的速度，同时A加速的位移小于B、C加速的位移。离开薄板后，根据可知，B、C在桌面上滑动的距离相等，且大于A在桌面上滑动的距离。 故选A。 11． 【答案】D 【详解】A．施加前，对、整体，根据平衡条件有 解得 施加力的瞬间，设、间的弹力大小为，对A受力分析由牛顿第二定律有 联立解得 A错误 B．B、根据图可知，在时刻、分离，此时它们具有相同的加速度和速度，且 对A受力分析由牛顿第二定律有 代入数据解得此时弹簧弹力大小为 B错误； CD．当的合力为零时，其速度达到最大，对应图中的时刻，此时对A受力分析有 A、分离时， 过程中A运动的位移为 B运动的位移为 由题意可知 A、间的距离为 联立解得 C错误；D正确。 故选D。 12． 【答案】(1)C (2) 0.69 0.48 (3)小车质量不再远大于槽码的质量 (4)0.038 【详解】（1）A．打点计时器可以记录小车运动的时间，不需要秒表，需要交流电源、天平（含配套砝码）和刻度尺，A错误； B．进行“补偿阻力”的实验操作时，小车前面不能悬挂槽码，B错误； C．实验时小车应从靠近打点计时器处由静止释放，以便在纸带上打出更多的点，充分利用纸带，C正确； D．应适当调节滑轮高度，使细线与木板平行，保证细线对小车的拉力等于小车受到的合力，D错误。 故选C。 （2）[1]因为交流电源的频率是50Hz，相邻两计数点间还有四个点未画出，所以相邻计数点的时间间隔s，根据匀变速直线运动时间中点的瞬时速度等于平均速度可知，打C点时小车的速度 [2]根据结合逐差法，可得纸带的加速度 （3）以小车为研究对象，根据牛顿第二定律可得 以槽码为研究对象，根据牛顿第二定律可得 联立可得， 可知当小车质量远大于槽码的质量时，小车受到的合外力可以近似等于槽码的重力，所以图线上部弯曲的原因是：随着槽码质量的增加，小车质量不再远大于槽码的质量。 （4）根据题意可知，对于小车匀速时有 取下个槽码后，对小车和槽码分别受力分析有， 联立解得 整理可得 则有s2/m 解得kg。 13． 【答案】(1)5m/s (2)3.75m 【详解】（1）当小球抛出后小球的竖直分速度为 水平方向的分速度为 （2）小球落地时竖直方向的分速度为 小球抛出时距离地面的高度为 14． 【答案】(1) (2) 【详解】（1）用水平向左的外力拉小车，使小球和车一起向左匀加速运动，以小车和小球为整体，根据牛顿第二定律可得 对甲图小球分析，如图所示 则有 ， 联立解得 ， （2）用同样大小的力水平向右拉小球，使小球和车一起向右匀加速运动，根据牛顿第二定律可得 对乙图小球分析，如图所示 则有 ， 联立解得 15． 【答案】（1） （2）（3）（9+4）m 【分析】（１）货物刚滑上传送带时,受到重力、传送带的支持力和沿传送带向下的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律求解加速度。（２）货物的速度和传送带的速度相同后,继续向上做匀减速运动,滑动摩擦力方向沿传送带向上，由牛顿第二定律求出加速度,由运动学公式求出速度减至零的时间和位移，再求出上滑的总位移.货物到达最高点后将沿传送带匀加速下滑，由下滑位移大小与上滑总位移大小相等，求出下滑的时间,最后求出总时间。（３）当炭包和传送带共速时求出此段相对位移差为，当炭包速度向上减为零时求出此段位移差为，炭包向下加速运动再次回到A点时求出此段位移差为，即可求出长度。 【详解】（1）设货物刚滑上传送带时加速度大小为，货物相对传送带向上运动，所以货物受到的摩擦力沿传送带向下，货物受力如图所示。 根据牛顿第二定律得 又 ， 解得 。 （2）货物速度从减至与传送带速度相同所用时间 位移大小 。 过了后货物所受摩擦力沿传送带向上，设此时货物的加速度大小为，同理可得 方向沿传送带向下。设货物再经时间，速度减为零，则 。 沿传送带向上滑动的位移大小 ， 上滑的总距离为 。 货物到达最高点再次下滑时的加速度大小为，设下滑时间为，由 ， 解得 s 则货物从端滑上传送带到再次滑回端的总时间为 。 （3）当炭包和传送带共速时， ｍ， =2m， 则 ｍ 当炭包速度向上减为零时， ｍ， =2m， ｍ 炭包向下加速运动再次回到A点时， ｍ， ｍ， ｍ， =9+4ｍ 16． 【答案】（1）aA=0.5m/s2（方向水平向右）；（2）Lmin=3.2m；（3）Fmin=7N 【详解】（1）设开始B、A间滑动摩擦力为FfB，A、地间最大静摩擦力为FfAm，因 FfB=μ1mg=6N>FfAm=μ2（m+M）g=5N① 故木板A的加速度 aA==0.5m/s2② 方向水平向右。 （2）B、A等速前B的加速度 aB1=μ1g=2m/s2③ 方向：水平向左 设经过时间t21时B、A速度相等且为v等，则： 对B v等=v0-aB1t21④ 对A v等=aAt21⑤ 联立②③④⑤得 t21=1.6s，v等=0.8m/s⑥ 等速过程中B相对A向右滑动的距离 ⑦ 等速后因为 μ1≥μ2 物块B与木板A一起向右匀减速运动，故要使物块B不从木板A的右端滑出，木板A的最小长度 Lmin=x相21⑧ 联立⑥⑦⑧得 Lmin=3.2m⑨ （3）由（2）可知，当恒力取最小值Fmin且作用t0=0.5s后立即撤除Fmin时B、A还没有等速，撤除Fmin经t3后B、A才等速，然后一起向右匀减速运动。 对A在撤去恒力Fmin前 Fmin+μ1mgμ2（m+M）g=MaA1⑩t0内B相对A向右滑动距离 ⑪ 设再经过t32后B、A速度相同为v共，则 ⑫t32内B相对A向右滑动的距离 ⑬ 故要使物块B不从木板A的右端滑出，应满足 L=x相31+x相32=1.45m⑭ 联立得 Fmin2-27Fmin+140=0 即 Fmin=7NFmin=20N舍去，因若Fmin=20N则Fmin作用t0=0.5s时A的速度 aA1t0=5.25m/s 大于此时B的速度 v0aB1t0=3m/s 故舍去。 即恒力F的最小值Fmin=7N 试卷第2页，共18页 - 19 - 学科网（北京）股份有限公司 $