2026届湖南省长沙市南雅中学高三上学期适应性保温训练物理试题

1 南雅中学2026届高三适应性考试保温训练试卷 物理 命题人：高三物理组 审题人：高三物理组 本试题卷分为三道大题，共6页。时量75分钟，满分100分。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求。） 1.氢原子能级图如图所示，一群处于高能级的氢原子向低能级跃迁时会发出 E/eV 0 各种频率的光，其中三种如图中a、b、c所示。下列说法正确的是 0.54 A.一群处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁时一共能发出5种频率的光 B.从=4跃迁到3能级的氢原子发出的光，能使处于5能级的氢原子 -3.4 发生电离 C.a光比b光更容易发生衍射现象 D.c光子的能量大于a光子的能量 -13.6 2.如图所示，发电机线圈绕垂直于匀强磁场的轴匀速转 动，产生的电动势为e=220W2sin100m(),电能通过升压 电动机 变压器向远处输送。已知输电线上的电流为2A,输电线 路总电阻为252，降压变压器副线圈接了一台额定电压为 220V、额定功率为1100W的电动机，恰好能正常工作， 线 发电机线圈内阻及电路中其余导线电阻均不计，变压器均 路 为理想变压器，不计一切摩擦，则下列说法中的正确是 降压变压器 A.输电线上损失的电压为50V .电动机正常工作时电流为10A 升压变压器 C. 图示时刻，发电机输出的电流为零 D.升压变压器原副线圈的匝数比为2：5 3.如图所示，航天器A与空间站B在同一平面内沿不同轨道顺时针方向稳定运行。 某时刻二者的连线与航天器A的轨道相切，己知A、B的运行半径分别为r2,运行 周期分别是TA、T,则 A. 此刻A、B分别与地心的连线间的夹角为30° B.A所受万有引力比B大 C.B的运行周期T是A的运行周期Ta的4倍 D。经过，的时间两卫星第二次距离最近 4如图所示，某同学在进行投篮练习。己知A、B、C是篮球运动轨迹中的 三个点，其中A为抛出点，B为篮球运动轨迹的最高点，C为篮球落入篮框 的点，且A、B连线垂直于B、C连线，A、B连线与水平方向的夹角060°， 不计空气阻力。则篮球从抛出到落框的过程 A.过B点时的速度最大 B.从A点到B点的过程中，速度变化量方向竖直向上 C.IAB:fBC=3:1 D.hAB:hBC=3:1 5.三个质量不同的小球用轻质细绳相连，并用轻质细绳系在天花板上，从上到下小球的质量分别为2kg、 1kg、1kg,三个小球均受到水平向左且大小相等的恒定风力。当三个小球稳定时，其实际形态最接近的是 A B. C. D.o 试卷第页，共6页 6.如图，A、B两个物体相互接触但不粘连，放置在光滑水平面上，m=4kg, mB=6kg。从O开始，有推力Fa和拉力FB分别作用于物体A、B上，FA、 FB随时间的变化规律为FA=8一24，FB=2十21。则第2s末与第4s末物体B 的加速度之比和速度之比分别为 m A.2:51:8 B.3:53:7 C.451:8 D.1:124 7.在深度为一号m的水池底部水平放置着一个由三条极细的细灯带构成的等腰直角 三角形光源，光源的俯视图如图所示，光源的直角边长度一l8m,水的折射率厂子 不考虑多次反射，设水池足够大，光在真空传播速度为c,下列说法正确的是 A,设灯带上任意点射向水面的光线发生全反射时的临界角为C,则siC-0.65 6.灯带上任意点射向水面的光线在水面上形成一个圆形亮斑，此亮斑半径为√7m C.水面上有灯光射出的区域内部围有一个无光线射出的暗区 D.水面上有灯光射出的区域的面积约为6.4m2 二、多项选择题（本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题有多个选项符合题目要求， 全部选对得5分，选对但不全得3分，错选或不选不得分。) 8.在研究密闭容器内的理想气体的状态变化时，常会记录其变化过程的PV图像。 下图中A、B图线分别对应某理想气体的两个状态变化过程，一下列说法正确的是 A.气体由状态1变化到状态2，气体分子数密度增加 B.气体由状态2变化到状态1，外界对气体做正功 C.若气体沿直线B从状态1变化到状态2，气体对外做功绝对值为P)2) 2 D.若曲线A为等温过程，由状态2变化到状态1的过程中气体从外界吸收热量 9.如图甲所示，圆形区域内存在与圆平面平行的匀强电场E(图中未画出)，圆的 两条直径AB与CD间的夹角为60°，从A点向圆内不同方向发射速率相同的不计 重力的带正电粒子，发现从圆边界射出的粒子中D点射出的粒子 速度最大。以A为坐标原点，沿AB方向建立x坐标轴，B点的坐 标为2m,x轴上从A到B的电势变化如图乙所示，则 公 圆边界上D点电势最高 B.电场强度E=10Vm C.C点的电势为12V xm D.把一电子从D点移到C点电场力做功20eV 阳 乙 10.如图，真空中两个足够大的平行金属板M、N水平固定，间距为d,M板接地，其形成的电容器电容 为C。M板上方整个区域存在垂直纸面向里的匀强磁场。M板O点处正上方P点有一粒子源，可沿纸面 内任意方向发射质量均为m、电荷量均为q、速度大小 均为%的同种带电粒子。当发射方向与OP的夹角030° X 时，粒子恰好垂直穿过M板Q点处的小孔。已知OP=L, X 初始时两板均不带电，粒子碰到金属板后立即被吸收， P 电荷在金属板上均匀分布，金属板电量可视为连续变化， Ad x 不计金属板厚度、粒子重力及粒子间的相互作用，忽略 边缘效应及极板之外区域的电场。下列说法正确的是 A.磁场的磁感应强度B-m心 2gL B.N板上吸收粒子数目的最大值为Cmo2 C.在系统达到稳定后，将N版瞬间下移d系统再次稳定后，N板最终吸收的粒子数为学，能打到M 板下表面的粒子的落点位置离Q点距离为√d D。在系统达到稳定后，将N板瞬间上号系统再次稳定后，N板最终吸收的粒子数为学， 能打到M 板下表面的粒子落点位置离Q点距离为受 试卷第2页，共6页 三、主观题（本题共5小题，其中11题6分，12题12分，13题9分，14题14分，15题16分) 11.(每空2分)小明同学利用如图1所示的装置探究加速度与物体所受合力的关系。固定有遮光条的滑 块置于气垫导轨上，细线的一端通过力传感器固定在滑块上，另一端挂着钩码，调整导轨底部的调节旋钮， 使气垫导轨水平，并调节滑轮高度，使细线与气垫导轨平行。 光电门 力传感器 遮光条 滑块 cm 刻度尺 连气源 W mmmtm 钩码 气垫导轨 1020 图1 图2 (1)实验前 (选填“需要”或“不需要”)保证钩码的质量远小于滑块及遮光条的总质量； (2)实验时先用游标卡尺测出遮光条的宽度d,如图2所示，游标卡尺上第8条刻度线与主尺某刻度线对 齐，则d= cm; (3)用刻度尺测出遮光条到光电门的距离L(L》d),由静止滑块释放，与光电门连接的数字计时器记录 下遮光条的遮光时间： (4)用上述测量的物理量计算加速度，则加速度大小为 (用d小、L、t表达) 12.（每空2分)实验小组利用如下器材测 量某卷金属丝的电阻，并测出其电阻随温 10 度变化的特性，将其改装成一个金属丝电 阻温度计： 待测金属丝：R 00 电流表：A1(量程0.6A,内阻RA1=32) 电流表：A2（量程1mA,内阻R=202) 学生电源：E(电动势6V,内阻不计) 滑动变阻器：R(最大阻值为52) 定值电阻：R1(阻值为9802) 定值电阻：R2(阻值为59802) 图2 开关、导线若干。 图1 (1)利用多用电表欧姆档粗测R,在20℃时，把欧姆档调到“×1”档，表盘示数如图1所示，测量结果为 2。 (2)为精确测量20℃时该金属丝的电阻R,该小组设计了图2所示电路，其中定值电阻应该选 （填 “R”或“R2”):请在图2中两个圆圈内画上对应电流表的符号 (3)若某次实验中电流表A1的读数为0.40A,电流表A2的读数为.0.80mA,则待测漏丝的阻值Rx的精确 值为 2。(结果保留两位有效数字) (4)不断改变金属丝所处的环境温度，测出该卷金属丝的电阻随金属丝所处环境的摄氏温度变化遵循函数关 系R=R+H,式中R表示0℃时的金属丝的电阻，t表示金属丝的摄氏温度。（测量时金属丝的温度由金属 丝所处环境的温度决定，金属丝本身的发热可忽略不计。) (⑤)将这卷金属丝与一个电池（电动势E已知、内阻未知）、电流表（满偏电流g已知，内阻未知）及一个滑动 变阻器串联起来，连接成如图3所示的电路，用该卷电阻丝做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的 温度刻度，就得到了一个简单的“金属电阻温度计”。使用时，首先要在0℃ 时校准，即在0℃时调整滑动变阻器的阻值，使电流表指针指在g处。此 后测量时，保持滑动变阻器阻值不变，则电流表的位置处的温度刻度值应 为 (用E、g、k表示)。若由于使用时间过久，导致电池 内阻增加，但电池电动势未变，而且校准仍能实现，则温度的测量值 图3 温度的实际值（填“大于”、“小于”、“等于”）。 试卷第3页，共6页 13.(9分)如图(a)所示，同一介质中有波源P、2,已知P0=12m,QR=5m,P2L2R,0时刻，两波 源同时起振，波源P振动图像如图(b)所示，波源Q振动图像如图(c)所示，振动方向均垂直于PQR 平面，仁5s时R点开始振动。 (1)波的传播速度及波长？ (2)R点在07s内走过的路程？ y/cm Ay/cm +R 3 图(a) 图(b) 图(c) 试卷第4页，共6页 14.(14分)如图所示，以A、B为端点的光滑圆弧轨道固定于竖直平面，一长滑板静止在光滑水平地面 上，左端紧靠B点，上表面所在平面与圆弧轨道相切于B点。离滑板右端L。=O.2m处有一竖直固定的挡板 P,一物块从A点由静止开始沿轨道滑下，经B点滑上滑板，此时立即将圆弧轨道辙掉。己知物块可视为 质点，质量m=1kg,滑板质量M=5kg,圆弧轨道半径R=1.8m,物块与滑板间的动摩擦因数0.2，重力 加速度g=10s2。滑板与挡板P的碰撞没有机械能损失，物块始终没有滑离滑板。 (1)求物块滑到B点时对圆弧轨道的压力大小： (2)求滑板与挡板P第一次碰撞前瞬间物块的速度大小： (3)求滑板长度的最小值。 R B M 一L 试卷第5页，共6页 15.(16分)如图所示，电源电动势为E,内阻为一电容器的电容为C,K是旋钮开关，可以分别接通 12、13、23,MN、PQ是两根位于同一水平面的平行光滑导轨，导轨间距为L,导轨电阻可以忽略不计， 导轨处在垂直导轨向下的匀强磁场中，磁感应强度为B,a、b两根导体棒，质量分别为m1、m2(m1<m)、 电阻均为R,开始时。、b导体棒均静止。现将开关钮至接通12，求： (1)当开关接通12的瞬间，求流经a棒的电流i,以及b棒的加速度a2: (2)从开关接通12到a、b棒一起匀速运动的过程中，电源的电功： (3)若将开关接通l3,当电容器的电压稳定后，再将开关接通23，求a、b棒的最大速度m? Er 试卷第6页，共6页 南雅中学2026届高三适应性考试保温训练试卷物理答案 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求。） 1.【答案】B 【详解】A.一群n=3能级的原子一共只能发出3种频率的光 B.n=4跃迁到m=3能级发出的光子能量为0.66eV,而m=5能级的氢原子电离只需要0.54eV,故用该光照射 处于=5能级的氢原子，氢原子会发生电离。B正确 C、D.a、b、c三种光中，a光频率最高，能量最高，波长最短，最不容易发生衍射现象。C、D错误。 2.【答案】A 【详解】A根据可知U=lR,输电线损失的电压为50V,A正确： B.根据P=U可知，电动机正常工作电流为5A,B错误； C图示时刻，磁通量为零，电动势最大，输出电流最大，C错误； D.由4=4：3得34=5：2，故U=2.5U4=550V。又由U2=U3+IR可知，升压变压器副线圈电压U2=600V, 故12=U1:.U2=220:600=11:30,故D错误。 3.【答案】D 【详解】A.设图示时刻两卫星5地球球心的连线夹角为9，则©os日=分=得日=，放A错误 B。根据万有引力定律有P=G,因二者的质量关系未短，所以无法比较万有引力的大小，故B错误： C由开谐勒第三定律有反-之，得么。1 方2，即空间站B的周期是航天器A的2N5倍，故C错误。 D,设由图示时刻经时间：两卫星第二次相距最近，号名名得 ,故D正确。故选D。 4.【答案】C 【详解】AB点只有水平速度，速度最小，A错误。· B从A点到B点的过程中，速度变化量方向竖直向下，B错误。 C设篮球在A点的竖直分速度为，在C点的竖直分速度为Vo,篮球的水平分速度为Vx。 篮球从A到B过程，根据逆向思维将篮球看成从B到A的平抛运动： 篮球在A点时，设速度与水平面夹角为0；根据平抛运动推论可得tan日'-y-2tan日=2tan60 篮球从B到C做平抛运动，根据几何关系可知B、C连线与水平方向的夹角为a=90°-0-30° 篮球在C点时，设速度与水平面夹角为a;根据平抛运动推论可得tana'-g=2tana=2tan30° 又a=。,红=名联立可得篮球从A到B与从日到C的运动时同之比为架合品器片C正确。 g g D.由h=g可知，hAB:hpc-9:1,故D错误。 5.【答案】A 【详解】令m1=2kg、m2=1kg、m3=1kg,绳子与竖直方向夹角如图所示 3F 3F 则an8mmtg级an622Ft2nd=F-E所以0<0=& (m2+m3)g 2g g m3g g 6.【答案】B 【详解】分离时，两物体间互作用为为装，但加速度相同，故a==品得1=2智，故2… 则0到2s内，AB加速度相同，均为a=tB=1m/s2,2s末B速度为2=a1t-2ms。 mA+mB 2s后，物体只受F作用，故4s末B的加速度为a'=2+24=ms2, 6 则第2s末与第4s末物体B的加速度之比为3：5： 又2s到4s内B物体所受合力的冲量为1A-不6+0×2=16，对B应用动量定理IA=m4一mM,得y4-兰m/5s, 则第2s末与第4s末物体B的速度之比为3：7，综上所述答案选B。 7.【答案】D 【详解】A.全反射的临界角为C,sinC上=0.75，A错误。 B如图，灯带上任意点射向水面的光线在水面上形成一个圆形亮斑， 充斑边缘处光线恰好发生全反射，故anC=青台故亮宽半径R=0.6m 试卷第1页，共4页 故B错误。 C,光源上每个点线射出的区域均是R-0.6m的圆形亮斑，则三边上的无数多点光源发 出的光在水面上有光线射出的区域形状是这些相同圆形区域叠加后的图形，如图所 示，可发现无空缺区，故C错误。 D.在三角形三个顶点正上方的水面上有光线射出的区域边缘是圆弧形，故光线出射区 域可分割成以下图形：以C点为圆心的135°扇形、以B点为圆心的135°扇形、以A 点为圆心的90°扇形：以AB、AC、BC为长边、以R为短边的三个矩形：以及光源 本身的等腰三角形ABC。 放有灯光射出的水面区域面积为135R×2+90 R2+2aR+√2aR+1a2≈6.44m2 360 360 二、多项选择题（本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题有多个选项符合题目要求， 全部选对得5分，选对但不全给3分，错选或不选不给分。) 8.【答案】BC 【详解】A体积膨胀，气体分子数密度减小，A错误。 B体积压缩，气体对外界对做正功，故B正确。 C.气体对外界做功为图像与横轴所围梯形面积，为P),L,C正确。 D.等温变化过程中内能不变，又由于气体体积减小，外界对气体做功，则气体对外放热。D错误 9.【答案】BD 【详解】AB,从D点射出的粒子速度最大，说明电场力做功最多，粒子沿电场线方向的位移最大，可知 电场强度沿着CD方向；沿着电场线方向电势逐渐降低，所以圆边界上D点电势最低。已知圆半径r=1m 则有UAB=E2rcos60°=10V,解得E=10Vm,故B正确； C.因B点电势为零，则UcB-pc-B=Er(1+cos60°上J5V,则C点电势为9c=15V,故C错误。 D.C、D间的电势差为Ua=Ex2=20V 把一电子从D移到C电场力做功为W=qUbc=-ex(-20V=20eV,故D正确：故选BD。 10.【答案】ACD 【详解】A.粒子轨迹如图所示，由几何关系可知， 2L,又故B=党选项A正确： aB' B.随着粒子不断打到N极板上，N极板带电量不 断增加，两板间电压不断增加，且后进入粒子做减 速运动，当某一粒子到达N极板时速度恰好减为零， 即满足mw2-9U,又C号-号则= 2，故B 错误。 C,若在系统达到稳定后，即垂直M板进入的后续粒 子均不能到达N板。将极板间距变为2d后，由于 N 这一瞬间电场强度不变，故后续粒子仍在到达离Q为的位置即减速为零并反向返回，故最终N板上吸 收的粒子数不变，仍为器，但两板间电压变为原来的2倍，即变为U2U, 且因金属板厚度不计，当粒子在磁场中运动轨迹的弦长仍为PQ长度时，粒子仍可从2点进入两板之间， 由几何关系可知此时粒子从P点沿正上方运动，进入两板间时的速度方向与M板夹角为=60°，此后在两 板间做类斜上抛运动，运动时间~巴，其中一兴品故落在M板下表面时，距Q点距离为 (wco)-:宽又粒子mU放xB,故C正确。 D若在系统达到稳定后，即后续粒子均不能到达N板。将极板问距瞬间变为0.5d,则这一瞬间电场强度不 变，放后续粒子将会打到N板上，故Q会增加，mvg2=gU知U不变，又由C一品号号可知，由于d 变为原来的一半，故-2m学，后续垂直进入的粒子仍从Q点射出，但从P点沿正上方运动仍能到达Q, 且粒子的速度方向与M板夹角仍为a60,则在两板间运动时间t仁2o,其中a二g,故 md' 6cosr器受，故D正确， 试卷第2页，共4页 三、主观题（本题共5小题，其中11题6分，12题12分，13题9分，14题14分，15题16分） 11、（每空2分)【答案】不需要0.440 a=2F 【详解】(1)通过拉力传感器可以获取滑块受到的拉力，因此不需要保证钩码的质量远小于滑块及遮光条的 总质量。 (2)由图可知游标尺的第8条刻度线与主尺上某一刻度线对齐，根据游标卡尺的读数规则，得到遮光片 的宽度d=4mm+8×0.05mm=4.40mm=0.440cm (4)根据运动学公式可得滑块的加速度a=广将滑块的速度号代入，可得a= d" 12.【答案】(1)10/10.0（3)R2=59802见解析图 ④9.0·(5)a 等于 【详解】(1)欧姆表的读数为10×12=102 (3)要将电流表A,改装为6V电压表，需满足：R-59802:.电路图如右 (4)R和电流表A1两端总电压为U=0.80×10~3×6000V-4.8V,故R,和电流表 A1的总电阻为兴12.00，减去电流表内阻3.02，待测电阻为9.00 (5)由题可知，0°C时，+Rx和 当电流表示数为时，有R“R@ 则壳则司 由于电池电动势未变，且校准仍可实现，故由①式可知，Rx不变，故由R,+R共号 可知，同样的I对应的t不变，故温度的测量值等于实际值。 13,【答案】2m12cm 【详解】1)由题可知，==1mls,故波长=v=2m(4分) 2)由题可知，0-5s内，R点未起振，路程为0(2分) 又PR=(PO)2+(QR)2=13m,波源P产生的波传到R点历时P=13s. 故5~7s内，R点的振动全部由波源2产生的波引起，振动时间为T,路程为52=442=12cm;(3分) 14.(14分)【答案】1)30N:(2)4m:(3)m 【详解】(1)物块从A到B根据机械能守恒有mgR=,m6(1分) 在B点FN-mgm1分) 解得vo=6ms,F=30N(1分) 由牛顿第三定律Fs=FN30N(1分) (2)方法一：假设滑板与P碰前，物块与滑板达到共同速度，物块与滑板组成的系统动量守恒有 mvo-(m+0y(1分) 设此过程滑板运动的位移为s,对滑板由动能定理得μmg=三Mw-0 联立解得=1.25m>Lo(1分) 则假设不成立，滑板与挡板P碰撞前瞬间未达到共速，设碰前瞬间滑板速度为2，由动能定理有 umgL0=M30(1分) 解得v2=0.4ms 根据动量守恒定律有mvo=mv1+M2(1分) 解得y1-4m/s(1分) 此时滑板的速度2=a2t=0:4m/s 方法二： 假设滑板与挡板P第一次碰撞前物块与滑板已经共速，设物块加速度大小为41，滑板加速度大小为2，有 a1=4g-2m/s2(1分) a2-0-04m/s21分) 设物块滑上滑板到二者共速时间为6，由运动学公式v共o-a1lo一20 解得v共=1m/s,to-2.5s 试卷第3页，共4页 该过程中滑板的位移为x饭空o-1.25m>Lo(1分) 故假设不成立，滑板与挡板P第一次碰撞前物块与滑板未共速，设滑板开始运动到与挡板碰撞的时间为1： 有L0=a2(1分） 解得1=1s 故物块的速度为y1vo-a1t1=4m/s(1分) (3)碰撞后速度反向，因为m>M2,由动量守恒可知当物块和滑板第一次共速时，速度方向向右，有 my-Mw2=(m+M0v共1(1分） 解得v失1mls '失方向向右，故滑板会与挡板再次碰撞，当物块和滑板第二次共速时，速度方向向左，根据动量守恒有 MW共1mv共1=(m+M0v共2(1分) 解得v失2号m/s 之后物块与滑板以共同速度向左一直匀速运动，分析可知从物块滑上滑板开始到达到向左的共同速度'共2： 物块相对于滑板始终向滑板的右端运动，整个过程根据能量守恒有 mv哈-(m+0跌2 ugLmi.2(分) 代入数值解得滑板长度的最小值为Ln-尝m1分) 15.【详解】(1)(4分)由电路分析知：刚接通瞬间流经a棒和b棒的电流相等，由E-2i1+i,R(1分) 化简得：票1分) 对b棒分析可知：BiL=m2a2(1分) 则有：器1分) (2)(6分)根据分析可知：当接通之后a棒和b棒会受到安培力，但m<m2,所以初始b棒加速度大于 a棒加速度，两棒会有速度差，从而会导致两棒电流不等，又进而影响速度差，最终α棒和b棒只能一起 以速度v匀速运动。 由此可知：E=BLv(1分) 对a棒由动量定理可知：∑BiL△=m1y,求和可知：BgL=m1y(1分) 同理对b棒由动量定理可知：BqL=m2v（1分) 则流过电源的总电荷量为：9总9+96（1分) 电源的总功：W=9总E(1分) 代入可知：细+迟(1分) B22 (3)(6分)根据分析可知：当接通之后a棒和b棒会受到安培力，但m1<m2,所以初始b棒加速度大于 α棒加速度，两棒会有速度差，从而会导致两棒电流不等，.又进而影响速度差，同时电容电压在变小，当 导体棒产生的电动势与电容电压相等，a棒和b棒会一起以速度vm匀速运动。 则有当导体棒产生的电动势与电容电压U1相等时：U1=BLvm(1分) 对a棒由动量定理可知：∑BiL△=mym,求和可知：BgaL=m1ym(1分) 同理对b棒由动量定理可知：BqL=m2m（1分) 电容器放出的电荷量为：9a+q6=CE-CU1(1分) CBLE 联立求解得：mm2cs亚(2分） 试卷第4页，共4页