第二部分 题型一 选择压轴题-【练客中考】2026年甘肃新中考物理精讲册PPT（人教版）

该初中物理中考复习课件聚焦力学和电学选择压轴题核心考点，严格对接中考说明，分析2025年甘肃中考第6题等新变化题型，梳理浮力、压强、电路分析等高频考点权重，归纳“浮沉条件应用”“动态电路分析”等常考题型，体现备考针对性。 课件亮点在于“真题精析+科学思维训练”模式，如通过2025年凉山州浮力题示范浮沉条件与密度关系推理，用武威一模电路题解析动态电路分析技巧，培养学生科学推理与模型建构能力。配套“易错选项对比”和“公式应用步骤”，助力学生掌握解题方法，教师可依此精准突破重难考点，提升复习效率。

《精讲册》 物理 第二部分　甘肃重难题型攻关 题型一　选择压轴题 (新变化：2025年选择题第6题相较往年，难度较大) 新题好题 一练提优 力学选择压轴(2025.6) 1.小亮了解到在远洋海轮上画有几条“吃水线”，如图所示。其中②是印度洋线，另外有“淡水线”“北大西洋线”等，其中印度洋线在北大西洋线上边，下列说法正确的是(　　) A. 印度洋海水密度比北大西洋海水密度小 B.同一轮船在不同水域受到的浮力不同 C.图中淡水线是⑤ D.轮船漂浮在水面是因为浮力大于重力 A 新题好题 一练提优 【解析】轮船漂浮在水面受到的浮力等于重力，故D错误；同一轮船在不同水域都漂浮，受到的浮力都等于其自身的重力，重力不变，浮力相同，由题意知印度洋线在北大西洋线上边，所以V排印度洋＞V排大西洋，根据F浮＝ρ液gV排知印度洋海水密度比北大西洋海水密度小，故A正确，B错误。淡水的密度最小，根据F浮＝ρ液gV排知排开淡水的体积最大，所以图中淡水线是①，故C错误。故选A。 新题好题 一练提优 2.(2025四川凉山州)《天工开物》中记录了我国古代劳动者煮海水制盐的方法，对用于制盐的海水密度有严格要求。关于海水等级的测评，《熬波图咏》中谈到，可以用莲子制备成四颗不同标准的“浮子”来测定海水等级。测定时，浮起的“浮子”数量越多，待测海水的等级越高(一等海水密度最大等级最高，二、三、四、五等依次次之)。若将以上四颗“浮子”放入盛有待测海水的竹管内，“浮子”的沉浮情况如图所示，下列选项正确的是(　　) A.竹管内待测的海水为一等海水 B.①号“浮子”的重力比其他三颗“浮子”大 C.①号“浮子”的密度比其他三颗“浮子”大 D.若竹管内改盛四等海水，①号“浮子”所受浮力不变 C 新题好题 一练提优 【解析】根据浮沉条件知，①号沉底，其密度大于液体的密度，而②、③、④漂浮，密度都小于液体的密度，根据漂浮时浮力等于重力可得，F浮＝ρ水gV排＝G＝ρgV；漂浮时如果物体浸入的体积占总体积的比例越大，物体的密度就越接近液体的密度，即密度越大，则ρ2＞ρ3＞ρ4；四颗“浮子”的密度关系为ρ1＞ρ2＞ρ3＞ρ4； 新题好题 一练提优 根据G＝mg＝ρVg，已知密度关系，但不知道体积关系，故无法比较重力大小，图中②号接近悬浮，海水密度在①、②之间，所以该海水为二等海水；故AB错误，C正确；图中①号沉底，改盛四等海水，液体的密度更小，因而还是沉底，故排开液体的体积不变，但液体密度变小，根据阿基米德原理知，所受浮力减小，故D错误。故选C。 新题好题 一练提优 3.将一电子秤放在水平桌面上，按实验操作规范将溢水杯中装满水放在电子秤上，用细线系住金属块并将其缓慢浸入溢水杯的水中，如图所示，金属块始终不与溢水杯接触。则下列四个选项中，判断正确的是(　　) A.金属块浸没在水中静止时与它未浸入水中时相比水对溢水杯底的压强 变大 B.金属块浸没在水中静止时与它未浸入水中时 相比电子秤的示数不变 C.剪断细线金属块沉底后静止，与剪断前相比，电子秤的示数不变 D.剪断细线金属块沉底后静止，与剪断前相比，由电子秤示数变化可以求出金属块密度 B 新题好题 一练提优 【解析】原来溢水杯中的水是满的，金属块浸没在水中静止时与它未浸入水中时相比，水的深度不变，水对溢水杯底的压强不变，故A错误；由于溢水杯中装满水，金属块浸入水中静止时，由阿基米德原理可知金属块受到的浮力等于其排开水的重力(溢出水的重力)，而金属块对水的压力大小与浮力相等(即该压力等于溢出水的重力)， 新题好题 一练提优 金属块未浸入时溢水杯对电子秤的压力F＝G杯＋G水，金属块浸没后溢水杯对电子秤的压力F'＝G杯＋G水－G排＋F压＝G杯＋G水＝F，所以溢水杯对电子秤的压力不变，则电子秤示数不变，故B正确；剪断细线金属块沉底后静止，金属块的重力大于受到的浮力，与剪断前相比，电子秤的示数变大，故C错误；剪断细线金属块沉底后静止，与剪断前相比，电子秤示数变大，但无法得出金属块的质量，所以无法求出金属块的密度，故D错误。故选B。 新题好题 一练提优 4.水平桌面上有完全相同的两个柱形容器A、B，分别装有甲、乙两种液体。将一个装有适量细沙的柱形平底试管先后放入甲、乙液体中，静止后均处于漂浮状态，放入试管后两容器中液体深度相同，如图所示。下列说法正确的是(　　) A.甲液体的密度大于乙液体的密度 B.试管在甲液体中漂浮时排开液体的质量大于其在 乙液体中漂浮时排开液体的质量 C.试管在甲液体中漂浮时液体对试管底部的压强大于其在乙液体中漂浮时液体对试管底部的压强 D.当试管分别在两种液体中漂浮时，容器A对桌面的压力小于容器B对桌面的压力 D 新题好题 一练提优 【解析】装有适量细沙的柱形平底试管先后在两液体中都漂浮，试管受到的浮力F甲浮＝F乙浮＝G，所以m排甲＝m排乙，故B错误；排开的液体体积V甲排＞V乙排，F甲浮＝F乙浮，由F浮＝ρ液V排g可得，ρ甲＜ρ乙，故A错误；根据浮力产生的原因可知，两种液体对试管底部的压力大小相等，试管底部受力面积相同，故压强相等，故C错误；因为ρ甲＜ρ乙，h甲＝h乙，由p＝ρgh得，p甲＜p乙，由F＝pS得，F甲＜F乙，F甲＋G容器＜F乙＋G容器，则容器A对桌面的压力小于容器B对桌面的压力，故D正确。故选D。 新题好题 一练提优 5.鱼缸造景漂浮球由可开合的空心浮球A和装饰物B组成。A与B的体积分别为VA、VB，两者通过质量与体积均可忽略的细线连接。将漂浮球放入装有水的鱼缸里(水足够深)，静止时，浮球A有的体积露出水面，如图甲。将装饰物B放入浮球A内部并密封后重新放入水中，如图乙，静止时浮球 A 有的体积露出水面，则下列说法正确的是(　　) A.VA＝3VB B.若将甲图浮球A中灌入体积为2VB的水， 则A和B将整体悬浮 C.若在甲图浮球A的下方悬挂两个相同的装饰物B，则整体将悬浮 D.若将甲图中细线剪断，A与B再次静止后，水对鱼缸底的压强不变 B 甲 乙 新题好题 一练提优 【解析】甲、乙两图中A、B整体处于漂浮状态，受到的浮力等于自身重力，所以物体受到的浮力不变，根据阿基米德原理可得F浮＝ρ水V排g＝ρ水×(VA＋VB)g＝ρ水×VAg，解方程可得VA＝4VB，故A错误；将甲图浮球A中灌入体积为2VB的水， 甲 乙 新题好题 一练提优 根据密度公式、重力公式可得此时A、B整体的重力G＝ρ水×VAg＋ρ水×2VBg＝ρ水×5VBg，整体浸没时受到的浮力F浮B＝ρ水V排'g＝ρ水×(VA＋VB)g＝ρ水×5VBg，则G＝F浮B，所以A和B将整体悬浮，故B正确；在甲图浮球A的下方悬挂两个相同的装饰物B，由ρ水g×＋ρ水gVB＝GA＋GB，又VA＝4VB，整理可得3ρ水gVB＝GA ＋GB， 甲 乙 新题好题 一练提优 则有6ρ水gVB＝2GA＋2GB＞GA＋2GB，则A下面悬挂两个相同的装饰物B，A仍漂浮在水面上，故C错误；将甲图中细线剪断，A与B再次静止后，B沉底，A漂浮，排开液体的体积V排变小，水面下降，h减小，根据液体压强公式可知水对鱼缸底的压强减小，故D错误。故选B。 甲 乙 新题好题 一练提优 电学选择压轴 6.如图所示是小明模拟设计的电梯超重报警电路示意图。图中压敏电阻R1的阻值随压力的增大而减小；当其受到压力高于某一设定值时，电铃发声报警。下列说法正确的是(　　) A.电铃应接在A和C之间 B.闭合开关，电磁铁内部存在无数条磁感线 C.减少电磁铁的线圈匝数，可以提高报警器的灵敏度 D.为使该报警电路在压力更小时报警，可将滑动变阻器R2的滑片向上移 D 新题好题 一练提优 【解析】当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，控制电路的电流增大，电磁铁的磁性增强，衔铁带动动触点向下运动，电铃响报警，所以电铃应该接在B、D之间，故A错误；磁感线是理想模型，故电磁铁内部不存在磁感线，故B错误；减少电磁铁的线圈匝数，通电时，电磁铁磁性减弱，要使其正常吸合，应增大电路中的电流，应使电路的总电阻变小，根据串联电路的电阻关系可知，压敏电阻的阻值变小，压力变大，降低了报警器的灵敏度，故C错误； 新题好题 一练提优 根据欧姆定律可知，电路中的电流I＝，为了确保启动电流不变，检测电路在压力更小时报警，此时压敏电阻的阻值增大，只能减小滑动变阻器的阻值，将R2的滑片向上调节，减小它的阻值，故D正确。故选D。 新题好题 一练提优 7.(2025武威一模)同学们为敬老院的老人买了一辆电动轮椅，工作原理如图所示。操纵杆可以同时控制S1和S2两个开关，向前推操纵杆时轮椅前进且能调速，向后拉操纵杆时轮椅以恒定速度后退。已知蓄电池电压为24 V，定值电阻R2为20 Ω，R1为滑动变阻器。下列对电路的判断正确的是(　　) A.S1接触点1，S2接触点2时，轮椅前进 B.S1和S2都接触点1时，轮椅后退 C.增大R2的阻值可使轮椅后退时速度增大 D.轮椅后退时电路中的电流小于1.2 A D 新题好题 一练提优 【解析】由题可知，轮椅前进且能调速，故前进电路中应有可以控制电路中的电流的装置，即滑动变阻器，且与电动机串联在电路中，由电路图可知，此时开关S1和S2都接触点1，故A错误；轮椅后退时，轮椅以恒定速度后退，即电动机应与R2串联，此时电流方向与前进时相反，由电路图可知，此时开关S1和S2都接触点2，故B错误； 新题好题 一练提优 增大R2的阻值，可使轮椅后退时电流减小，速度变小，故C错误；轮椅后退时电动机与R2串联，电源电压为24 V，R2＝20 Ω，电路中电流I＝＝＜1.2 A，故D正确。故选D。 新题好题 一练提优 8.(2025江苏南通)冬天，为控制蔬菜大棚的温度在20～28 ℃，同学们设计了如图所示的控制电路。电源电压3 V，Rt是热敏电阻，R0选用3 kΩ或5 kΩ的定值电阻。闭合开关S，当Rt两端电压U≥2 V时，开启加热系统；当U≤1.8 V时，关闭加热系统。热敏电阻Rt在不同温度时的阻值如下表。下列说法正确的是(　　) A.Rt的阻值与温度成反比 B.选用3 kΩ的定值电阻能够满足设计的要求 C.Rt和R0的功率可能相等 D.增大电源电压使开启加热系统的温度变低 温度/℃ 4.1 9.0 14.3 20.0 28.0 38.2 45.5 阻值/kΩ 22 16 10 6 4.5 3 2.5 B 新题好题 一练提优 【解析】从表中数据看，温度升高时Rt阻值减小，但通过计算并不是反比关系，故A错误；Rt与R0串联，若R0＝3 kΩ，当Rt两端电压Ut＝2 V时，U0＝U－Ut＝3 V－2 V＝1 V；串联电路电流相等，则＝，Rt＝＝＝6 kΩ，对应温度为20 ℃，开启加热系统； 新题好题 一练提优 当Rt两端电压Ut'＝1.8 V时，U0'＝U－Ut'＝3 V－1.8 V＝1.2 V，则Rt'＝＝＝4.5 kΩ，对应温度为28 ℃，关闭加热系统，符合要求，故B正确；Rt与R0串联，功率相等时，R0＝Rt，Rt＝R0，若R0＝3 kΩ，则Rt＝3 kΩ，对应的温度是38.2 ℃，温度超过了28 ℃，无法达到，故C错误； 新题好题 一练提优 若将电源电压增大到6 V，当R0＝3 kΩ，Rt两端电压Ut″＝2 V时，U0″＝U'－Ut″＝6 V－2 V＝4 V；串联电路电流相等，即＝，Rt″＝＝＝1.5 kΩ，由表中数据可知，温度高于45.5 ℃，即开启加热系统的温度变高，故D错误。故选B。 新题好题 一练提优 9.如图甲所示的电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片P从一端滑到另一端的过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所示。下列说法正确的是(　　) A.滑片从最左端向最右端滑动过程中，电流表示数变小 B.滑片滑动过程中，电压表与电流表示数之比不变 C.电源电压为6 V D.电路消耗的最大功率为3.6 W C 甲 乙 新题好题 一练提优 【解析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。当变阻器滑片向右滑动过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故A错误； 甲 乙 新题好题 一练提优 电压表与电流表示数之比等于滑动变阻器的阻值，因为变阻器滑片滑动过程中变阻器接入电路中的阻值变化，所以电压表与电流表示数之比变化，故B错误；由图乙可知，当滑动变阻器的阻值为5 Ω时，其两端的电压为3 V，通过电路的电流I1＝＝＝0.6 A，则电源电压U＝U1＋I1R0＝3 V＋0.6 A×R0①； 甲 乙 新题好题 一练提优 当滑动变阻器的阻值为10 Ω时，其两端的电压为 4 V，通过电路的电流I2＝＝＝0.4 A，则电源电压U＝U2＋I2R0＝4 V＋0.4 A×R0②；联立①②得，R0＝5 Ω，U＝6 V，故C正确；当滑动变阻器的阻值为零时电路消耗的功率最大，电路消耗的最大功率P＝＝＝7.2 W，故D错误。故选C。 甲 乙 新题好题 一练提优 $