2026届福建省高考物理强化练习卷03

2026届福建省高考物理强化练习卷03 注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上 第I卷（选择题） 一、单选题（每题4分，总16分） 1．“电动平衡车”是时下热门的一种代步工具。如图所示，人站在“电动平衡车”上在水平路面上沿直线行驶，下列说法正确的是（　　） A．地面对平衡车的支持力是由于地面发生形变而产生的 B．平衡车匀速行驶时，人受到的重力等于地面对平衡车的支持力 C．平衡车加速行驶时，车对人的作用力小于人对车的作用力 D．平衡车加速行驶时，轮胎上凹凸不平的花纹可以增大轮胎与地面间的滑动摩擦力 2．如图，矩形线框切割磁感线产生交流电压，它的匝数、电阻，将其接在理想变压器的原线圈上。“220V 22W”的灯泡L正常发光，内阻为10Ω的电风扇M正常工作，电流表A的示数为0.3A。导线电阻不计，电压表和电流表均为理想电表，不计灯泡电阻的变化，矩形线框最大电流不能超过20A。以下描述正确的是（　　） A．矩形线框转动过程中磁通量的变化率最大值为25V B．电风扇输出的机械效率约为99.1％ C．原、副线圈的匝数比 D．若将电风扇去掉，则小灯泡变亮，电流表的示数变大 3．如图所示，载人飞船发射后先在近地轨道a上做圆周运动，在P点实施变轨进入椭圆轨道b，在远地点Q进行第二次变轨进入空间站停泊圆轨道c，不计飞船质量变化，下列说法正确的是（　　） A．飞船两次变轨，在P点要加速、在Q点要减速 B．飞船在轨道c上的机械能一定大于在轨道a上的机械能 C．飞船在轨道b上运动时，在P、Q两点的加速度大小之比跟速率之比相同 D．飞船在轨道b上运动的周期大于在轨道c上运动的周期 4．如图所示，质量相等的物体a和b用劲度系数的轻弹簧连接，b放置在地面上，一根不可伸长的轻绳一端与a连接，另一端绕过两个光滑的小定滑轮、与小球c连接，c套在倾角的光滑轻杆上，F点为轻杆的底端，开始时小球c处于轻杆的E点，连接c的轻绳处于水平状态，此时物体b恰好对地面没有压力。E、F两点关于P点对称，且，已知物体a和b的质量均为3kg，小球c的质量为1.5kg，，g取，，弹簧的弹性势能为（x为弹簧的形变量）。小球c从E点由静止释放到达F点的过程中，下列说法正确的是（　　） A．物体a、b及小球c组成的系统机械能守恒 B．小球c到达P点时，物体a的速度不为0 C．小球c到达P点时，小球c的机械能增加了16J D．小球c刚到达F点时，a的动能为9.6J 二、双项选择题（每题6分，少选得3分，错选不得分，总24分） 5．有关下列四幅图的描述正确的是（   ） A．图甲中，为真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，炉内金属产生涡流发热，从而冶炼金属 B．图乙中，安检门利用自感现象可以检测金属物品，如携带金属经过时，会触发报警 C．图丙中，给铜板通上大小为的电流，电流方向如图所示，则前后表面出现电势差，且前表面电势较高 D．图丁中，粒子初速度为零经电场加速后（电压一定），进入磁场则粒子的比荷大于的比荷 6．滑块以初速度沿粗糙斜面从底端O上滑，到达最高点B后再返回到底端．利用频闪仪分别对上行和下滑过程进行拍摄，频闪照片示意图分别如图甲（上行）和乙（下滑）所示，图中A为OB的中点．下列说法正确的是（    ） A．滑块下滑时间比上行时间长 B．滑块上行与下滑的加速度之比为16：9 C．滑块上行与下滑通过A时的动能之比为4：3 D．滑块与斜面间的动摩擦因数为0.25 7．如图所示，场强为的匀强电场方向竖直向下，所带电荷量为、质量为的带电小球用长为的绝缘细线拴住，小球仅在重力、电场力和绳的拉力作用下可以在竖直平面内绕做圆周运动，、分别是轨迹的最高点和最低点。已知小球速度为0时，仅能静止在点，重力加速度大小为，小球可以看成质点，不计空气阻力、细线长度变化。下列说法正确的是（　　） A．小球可能做匀速圆周运动 B．当小球运动到最高点时，线的拉力一定最大 C．若小球恰好可以做完整的圆周运动，则小球通过点时的速度为 D．当小球运动到最低点时，小球的速度一定最大 8．如图所示，将一轻质弹簧左端固定在墙上，右端连接质量为的小球静置于光滑水平面上。以弹簧原长时小球的位置为坐标原点，水平向右为正方向建立坐标轴，给小球一向右的初速度，小球沿轴做往复运动，作出小球运动过程中动量随位置坐标变化的图像。小球的运动状态可用图像上各点的坐标表示，其中A状态的坐标为，B状态的坐标为，C、D状态的横坐标均为。已知弹簧的弹性势能，为弹簧的劲度系数，为弹簧的形变量。下列说法正确的是（　　） A．小球运动过程中的最大动能为 B．弹簧的劲度系数为 C．小球从C状态经B状态到D状态所经历的时间是其运动周期的四分之一 D．小球在C状态的动量大小为 第II卷（非选择题） 三、填空题（每题3分，总9分） 9．可控核聚变反应可向人类提供清洁而又取之不尽的能源。目前可控核聚变研究已经进入第三代，因不会产生中子而被称为“终极聚变”，其核反应方程式为： ，其释放的能量为，则该反应前后的质量亏损为 。（真空中的光速为c） 10．如图，真空中有一长方体容器底部镀有反射膜，容器内装有一定深度的液体，一束单色光以角斜射到液体表面上，在容器右侧的竖直光屏上出现两个光点P和Q，P、Q间的距离为h。若只将液体的深度增大，则P和Q间的距离h将 ，光在液体中传播的时间将 。若只将液体的折射率增大，则P和Q间的距离h将 。（以上选填“变长”“变短”或“不变”） 11．如图甲所示图像，一定质量理想气体经过两次等温变化、两次等容变化由状态完成一个循环。的过程中，单位体积中的气体分子数目 （选涂“增大”、“减小”、“不变”），状态和状态的气体分子热运动速率的统计分布图像如图乙所示，则状态对应的是 （选涂“①”、“②”）。在和的过程中，气体放出的热量分别为和，在和的过程中，气体吸收的热量分别为和12J。求完成一次循环外界对气体所做的功为 J。 四、实验题（12题5分，13题7分，总12分） 12．传统“单摆测量重力加速度”实验中，用秒表测量周期存在较大误差。某实验小组利用数字化设备改进该实验，按如图所示的实验装置进行实验。选用的器材有：摆球、不易伸长的细线、刻度尺、游标卡尺、拉力传感器、数据采集器、计算机等。实验步骤如下： （i）将拉力传感器固定在竖直木板上，并与摆球用细线相连； （ii）用刻度尺测量摆线长度l，再用游标卡尺测量摆球直径d，计算摆长； （iii）让单摆做小角度摆动，数据采集器记录拉力传感器的数据； （iv）改变摆长，重复以上步骤三次。 据此回答以下问题： (1)在测量摆长时，必须使单摆处于___________状态。 A．水平放置且拉直 B．挂上摆球后在竖直面内自然悬垂 C．竖直悬挂且用竖直外力拉紧 (2)某次测量得到的拉力传感器的示数F随时间t变化的图像如图乙所示，则该次测量中摆球摆动的周期T= s（保留两位有效数字），重力加速度可表示为 （用l、d、T表示）。 13．实验小组设计了如图1所示的电路图，来测量电源的电动势与内阻，先把电阻箱的阻值调到最大。第一种操作方式是：开关、断开，合上，再逐渐减小电阻箱的阻值，读出电流表的示数与相应的电阻箱接入阻值，多测几组、的值，最后画出的图像；第二种操作方式是：开关断开，、合上，再逐渐减小电阻箱的阻值，读出电压表的示数与相应的电阻箱接入阻值，多测几组、的值，最后画出的图像。回答下列问题： (1)按图1所示的电路图，在图2中用笔画线代替导线完成实物图。 (2)忽略电压表、电流表内阻对实验的影响，若图像的斜率和纵截距分别为、，则电源的内阻为 ；若图像的斜率和纵截距分别为、，则电源的电动势为 。 (3)若考虑电流表、电压表的内阻，第一种操作方式，是由于电流表的 作用，而产生误差，第二种操作方式，是由于电压表的 作用，而产生误差。（均选填“分压”或“分流”） 五、解答题（39分） 14．如图甲所示，2019年6月5日，我国长征运载火箭首次在海上成功发射，此次发射采用了先弹射后点火的方式。如图乙所示为某物理兴趣小组讨论弹射阶段时所画示意图，图中总质量m=6×104kg的火箭从静止开始运动，弹射阶段沿竖直方向以a=32m/s2的加速度匀加速上升了h=16m，空气阻力不计。求： (1)火箭弹射阶段所受的合力； (2)火箭弹射结束时速度的大小。 15．如图所示，绝缘水平地面上固定一半径为R=0.3m的光滑半圆弧绝缘轨道，轨道竖直与水平地面相切于B点，水平面上A、B两点间距离L=0.3m，整个区域存在竖直向上、电场强度大小为E的匀强电场。一电荷量为q=+1.0×10-9C、质量m=1.0kg的小球，从A点以水平向右的初速度v0=3m/s运动。小球与水平地面间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g取10m/s2。求： (1)电场强度时，小球刚进入半圆弧轨道时对轨道的压力大小； (2)要使得小球能运动至C点（不考虑与轨道多次碰撞），电场强度E应满足什么条件。 16．滑雪是一项受欢迎的体育运动，大多数滑雪运动员在赛道上的滑行速度超过每小时100千米，风险较大。我们设想一种电磁滑道，可以通过控制磁场强弱实现对滑行速度的控制。如图甲所示的足够长的光滑斜面与水平面成θ＝37°角，边界EF上方的区域内存在垂直斜面方向的磁场，磁感应强度变化规律如图乙所示。t＝0时刻磁场方向垂直斜面向上，0～2s时间内，单匝正方形闭合金属框ABCD在外力作用下静止在斜面上，金属框CD边与边界EF的距离为L＝m，t＝2s时撤去外力，金属框将沿斜面下滑，此后磁感应强度保持不变。已知金属框质量为0.1kg，边长为L，每条边电阻均为R＝0.025Ω，金属框CD边始终与边界EF平行，从t＝0时刻到金属框刚好完全离开磁场的过程中，金属框AB边产生的焦耳热QAB＝J，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2。 (1)CD边刚过边界EF时，求C、D两点间的电势差； (2)求金属框AB边刚到达边界EF时的速度大小； (3)求从撤去外力到金属框刚好完全离开磁场时所经历的时间。 2 1 学科网（北京）股份有限公司 《2026届福建省高考物理强化练习卷03》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 A B B C AC AB BC AD 1．A 【详解】A．地面对平衡车的支持力是由于地面发生形变而产生的，A正确； B．平衡车匀速行驶时，地面对平衡车的支持力大小等于人和平衡车的总重力，故人受到的重力小于地面对平衡车的支持力，B错误； C．平衡车加速行驶时，车对人的作用力与人对车的作用力是相互作用力，二力大小相等，C错误； D．平衡车加速行驶时，轮胎与地面之间是静摩擦力，不是滑动摩擦力，D错误。 故选A。 2．B 【详解】A．根据法拉第电磁感应定律，有 解得 故A错误； B．副线圈电路中，灯泡与电风扇并联，灯泡L正常发光，则电风扇M的电压为 电风扇所在支路电流为 电风扇输出的机械效率约为 故B正确； C．原、副线圈的匝数比为 又 由闭合电路欧姆定律，可得 联立解得 故C错误； D．若将电风扇去掉，副线圈电阻增大，电流表示数减小，导致原线圈电流减小，原线圈的端电压增大，副线圈电压随之增大，则小灯泡变亮，故D错误。 故选B。 3．B 【详解】A．飞船两次变轨均从低轨道变到高轨道，需要加速，故A错误； B．飞船在每一条轨道上运动时机械能守恒，两次变轨时飞船的机械能都要增加，故飞船在轨道c上的机械能一定大于轨道a上的机械能，故B正确； C．设轨道b上近地点和远地点到地心的距离分别为、，根据牛顿第二定律可得 解得 所以，飞船在P、Q两点的加速度大小之比为 根据开普勒第二定律，可知 则飞船在P、Q两点的速率之比为 二者比值不相同，故C错误； D．根据开普勒第三定律 可知，飞船在轨道b上运动的周期小于在轨道c上运动的周期，故D错误。 故选B。 4．C 【详解】A．当弹簧的弹性形变发生变化时，弹簧的弹性势能也发生变化，可知，物体a、b及小球c与弹簧组成的系统机械能守恒，故A错误； B．由于，可知，小球c到达P点时，小球c的速度方向垂直于轻绳，即小球c沿轻绳方向的速度为0，可知，小球c到达P点时，物体a的速度为0，故B错误； C．小球c处于轻杆的E点时，由于物体b恰好对地面没有压力，则弹簧的拉伸量 小球c到达P点时，物体a下降的高度为 可知，小球c到达P点时，弹簧处于压缩状态，压缩量为 结合上述，小球c到达P点时，物体a的速度为0，对物体a、b及小球c与弹簧组成的系统机械能守恒，可知小球c的机械能增加 解得 故C正确； D．小球c刚到达F点过程，物体a、b及小球c与弹簧组成的系统机械能守恒，则有 根据绳的牵连速度规律有 a的动能为 解得 故D错误。 故选C。 5．AC 【详解】A．图甲是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，由互感现象可知炉内金属产生涡流发热，从而冶炼金属，故A正确； B．金属物体过安检门时，金属物在安检门的磁场中发生电磁感应互感现象，内部出现感应电流，感应电流产生的磁场反作用于安检门发生报警，故B错误； C．图丙中，铜板中自由电荷为电子带负电，由左手定则可知，电子向后表面偏转，则有后表面电势较低，前表面电势较高，故C正确； D．图丁质谱仪中粒子经电场加速 磁场中洛伦兹力提供向心力 联立两式解得 因为大于，则的比荷小于的比荷，故D错误。 故选AC。 6．AB 【详解】A．因为频闪照片时间间隔相同，设时间间隔为T，从甲中可知，上行时间为3T，下行时间为4T，A正确； B．上行与下行位移相等，将上行过程看作是向下的匀加速运动，根据可得，上行与下滑的加速度之比为16：9，B正确； C．对上行（甲图）逆向思考，有，对下行（乙图），有，因此根据可知，滑块上行与下滑通过A时的动能之比为16：9，C错误； D．由于斜面倾角未知，不能求出滑块与斜面的动摩擦因数，D错误。 故选AB。 7．BC 【详解】A．小球带负电，电场强度方向竖直向下，故电场力方向竖直向上，小球速度为0时，点以外的位置不能静止，因此重力与电场力不能平衡，小球不可能做匀速圆周运动，故A错误； BD．已知小球速度为0时，仅能静止在点，可知点为等效最低点，则小球运动到点时，线的拉力最大，速度最大，故B正确，D错误； C．若小球恰好可以做完整的圆周运动，则在点有 根据动能定理有 联立解得，故C正确。 故选BC。 8．AD 【详解】A．小球运动到平衡位置（即A状态）动能最大，由， 可得小球运动过程中的最大动能为，故A正确； B．小球由B到A的过程，根据能量守恒得 解得，故B错误； C．由题意可知，振幅 故小球的振动方程为 小球由A到C的过程有 解得 又因为 故 所以小球从C状态经B状态到D状态所经历的时间为 是其运动周期的三分之一，故C错误； D．小球由B到C的过程，根据能量守恒有 又 联立可得，故D正确。 故选AD。 9． 【详解】[1]根据电荷数守恒，质量数守恒，可知。 [2]根据质能方程，得质量亏损为 10． 变长 变长 变短 【详解】[1]若只将液体的深度增大，光路图如图 由图可知 所以则P和Q间的距离h将变长。 [2]若只将液体的深度增大，光在液体中传播的路程变长，光在液体中传播的速度不变，故光在液体中传播的时间将变长。 [3]若只将液体的折射率增大，光线射入液体中偏折增大，如图 则P和Q间的距离h将变短。 11． 增大 ② 【详解】[1]A→B体积减小，单位体积中的气体分子数目增大； [2]根据图中等温线的特点，，则在图乙中状态D对应的图线，速率大的分子比例较多，故为②图线； [3]整个循环，气体吸收的热量，内能不变，由得。 【点睛】 12．(1)B (2) 2.0 【详解】（1）测量摆长时，必须使单摆挂上摆球后在竖直面内自然悬垂状态下测量，这样测量的摆长最准确。 故选B。 （2）[1]由图可知，相邻两次拉力最小的时间间隔为1.0s，所以摆球摆动的周期为 [2]根据单摆的周期公式可得 所以 13．(1)见解析 (2) (3) 分压 分流 【详解】（1）根据图1所示的电路图，完整的实物连线如图所示 （2）[1]开关、断开，合上时，根据闭合电路欧姆定律可得 可得 则图像的纵截距为 解得电源的内阻为 [2]开关断开，、合上，根据闭合电路欧姆定律可得 可得 则图像的纵截距为 解得电源的电动势为 （3）[1][2]若考虑电流表、电压表的内阻，第一种操作方式，是由于电流表的分压作用，而产生误差，第二种操作方式，是由于电压表的分流作用，而产生误差。 14．（1）（2）32m/s 【详解】（1）弹射阶段，由牛顿第二定律，火箭受到的合力为 （2）弹射过程火箭做初速度为0的匀加速运动，故末速度为 15．(1)30N (2)或 【详解】（1）小球从A运动至B，根据动能定理可得 在B点，根据牛顿第二定律可得 由牛顿第三定律得 解得 （2）①当时，假设电场强度为E1时小球恰能运动至C点，从A到C，由动能定理可得 在C点，有 解得 电场强度E应该满足的条件为； ②当时，小球将脱离水平轨道做类平抛运动，则，， 解得 综上所述，电场强度E应该满足的条件为或。 16．(1)V (2)1m/s (3)0.78s 【详解】（1）CD边运动到EF的过程中由动能定理得 解得v1＝2m/s CD边刚过边界时，AB边切割磁感线相当于电源，所以C、D两点间的电势差为 解得 （2）从t＝0时刻到AB边刚好运动到边界EF的过程中，AB边产生的焦耳热分为两部分，第一部分为金属框静止时 根据法拉第电磁感应定律得 联立解得 第二部分为金属框运动过程中AB边产生的热量 金属框从CD边刚过边界EF，运动至AB边刚到达边界EF，整个金属框产生的热量为4Q2，根据能量守恒定律得 解得 AB边刚到达边界EF时的速度大小为 （3）从撤去外力到金属框刚好完全离开磁场时经历的时间分为两段，第一段为CD边到达边界EF用时t1，此过程为匀加速直线运动 根据牛顿第二定律 ，运动学公式 解得 第二段为CD边刚经过边界EF到AB边到达边界EF用时t2，设沿斜面向下为正方向 根据动量定理 ，其中 解得 总时间为 2 1 学科网（北京）股份有限公司 $