江西省宜春市丰城一中2025-2026学年人教版九年级上学期期末物理模拟试卷

丰城一中2025-2026学年人教版九年级（上）期末物理模拟试卷 一、填空题（共16分，每空1分） 1．（2分）新冠肺炎病毒“奥密克戎”传染性很强，病毒的传播 　 　 （是/不是）分子无规则运动；新冠肺炎病毒的平均直径为100nm＝　 　 m。 2．（2分）汽车已经成为平常百姓家庭的基本代步工具，如图所示是汽车内燃机工作循环中的一个冲程，它是 　 　 冲程，若汽车内燃机标有“2400r/min”，则该内燃机每秒对外做功 　 　 次。 3．（2分）电暖气与连接它的导线是串联，通过它们的　 　 相同，而电暖气的电阻比导线的大，所以相同时间内，电暖气产生的热量比导线　 　 ，所以电暖气温度很高，而导线却不热。 4．（2分）两只定值电阻，甲标有“10Ω 1A”，乙标有“15Ω 0.6A”，把它们串联在同一电路中，电路中允许通过的最大电流为　 　 A，两端允许加的最大电压为　 　 V。 5．（2分）如图所示，是一种测定油箱内油量的装置。其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定一个浮子。当电流表示数越小时，滑动变阻器连入电路的阻值　 　 （填“越大”或“越小”），油箱内油量　 　 （填“越多”或“越少”）。 6．（2分）两个小灯泡分别标有“3V 3W”和“4V 2W”字样。将两个小灯泡串联在电路中，让其中的一个小灯泡正常发光，而另一个小灯泡不超负荷工作，则电路中所允许通过的最大电流是 　 　 A，所允许加的电源最大电压是 　 　 V。（灯丝电阻不变） 7．（2分）如图所示电路，灯泡L1、L2的连接方式是 　 　 。在闭合开关后，如果电流表A1示数为0.5A，电流表A2示数为0.3A，则通过小灯泡L1的电流是 　 　 A。 8．（2分）进入冬季，各种取暖高功率电器开始使用，安全用电尤为重要。若线路连接处连接不完全，容易造成该处 　 　 变大，相同时间内该处产生的热量 　 　 （选填“变大”、“变小”或“不变”），从而加速导线老化，有火灾隐患。 二、选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上，第9~12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确选项，每小题2分，全部选择正确得3分，不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分） 9．（2分）下面是某同学记录的一些生活中的数据，其中符合实际的是（　　） A．电热水壶的功率约为1500W B．骑自行车的速度约为18m/s C．把一本物理课本从地上拿到课桌上做的功约为0.2J D．人双脚站立时对地面的压强约为1.2×106Pa 10．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片P，由最右端移到最左端，得到两电表示数的U﹣I图像。有关说法正确的是（　　） A．电源电压为4V B．R1的阻值30Ω C．滑动变阻器R2的最大阻值20Ω D．电路总功率最大值1.2W 11．（2分）实验是学习物理的重要方法，对图中相关实验的说法正确的是（　　） A．甲：研究气体的扩散时，必须将盛有红棕色的二氧化氮的瓶子放在上面 B．乙：探究电阻与横截面积的关系时，在电路中先接入金属丝全部长度，再将其对折后接入电路 C．丙：研究导体的串联电路中电流的规律时，必须准备多个不同规格的小灯泡重复实验 D．丁：研究电流与电压的关系时，滑动变阻器的作用是保持电阻R两端的电压不变 12．（2分）如图所示是饭店里常用的一款干手器，其铭牌上标有“220V 1000W”的字样，它在工作时，电动机转动的同时还可以吹出热风，下列说法正确的是（　　） A．干手器的额定功率越大，表示消耗电能越多 B．使用1min，就产生60000J的热量 C．在使用干手器时是电能转化为内能和机械能 D．干手器的电动机和电热丝一定是串联的 （多选）13．（3分）如图所示，是电学中常见的电路图，在A、B两点间分别接入下列选项加点字的元件，并进行对应实验，对滑动变阻器在此实验中的作用描述正确的是（　　） A．探究电流与电压的关系——改变定值电阻两端电压 B．探究电流与电阻的关系——使定值电阻两端电压成倍数变化 C．测量小灯泡的阻值——多次测量求平均值，减小实验误差 D．测量小灯泡的额定功率——调节小灯泡两端电压，使小灯泡在额定电压下发光 （多选）14．（3分）现有“6V 3W”的灯泡L1和“6V 6W”的灯泡L2，将它们接入电路中，不考虑灯丝电阻的变化。下列关于两只灯泡的说法正确的是（　　） A．串联接在6V的电源上，通过L1 和L2中的电流之比为1：1 B．串联接在6V电源上，L1更亮些 C．串联接在12V的电源上，两灯均能正常发光 D．并联在5V的电源上，L1和L2消耗的实际功率之比为1：4 三、计算题（第15小题7分，第16小题7分，第17小题8分，共22分） 15．（7分）如图是某品牌新型管线饮水机，其额定电压为220V，额定功率为2000W。这种饮水机没有水仓，打开出水开关立即给水加热，出水口随即流出热水，停止出水时，加热就会停止[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。 求：（1）假如饮水机流入水温为18℃，流出水温为98℃，20s流出0.1kg热水，则20s流出的水吸收的热量为多少？ （2）饮水机的加热效率是多少？ 16．（7分）如图所示，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为30Ω，只闭合开关S1，电流表A2的示数为0.3A，再闭合开关S2，电流表A2的示数增大了0.9A。求： （1）电源电压U； （2）电阻R的阻值； （3）开关均闭合时，电路消耗的总功率。 17．（8分）如图所示的电路中，电源电压恒为6V，灯泡L上标有“3V 1.5W”字样（设灯丝电阻不变），定值电阻R1的阻值为15Ω，滑动变阻器R2的规格为“50Ω 1A”，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，求： （1）小灯泡L的电阻； （2）闭合S、断开S1、S2，电流表示数为0.3A，此时滑动变阻器R2连入电路的阻值； （3）同时闭合S、S1、S2，滑动变阻器的滑片滑至最右端，通电1min定值电阻R1产生的热量； （4）同时闭合S、S1、S2，在确保各元件安全的情况下，滑动变阻器R2的最大功率。 四、实验与探究题（共28分，每小题7分） 18．（7分）物理是一门注重实验的自然科学，请同学们根据自己掌握的实验操作技能，解答下列问题。 （1）如图所示，图甲电能表的示数为 　 　 kW•h，消耗0.5kW•h的电能此电能表的转盘转 　 　 圈；图乙电阻箱的示数为 　 　 Ω。 （2）小明同学在用伏安法测量电阻的实验中，连接好电路后，闭合开关前，他发现电压表指针如图丙所示，出现这一现象的原因是 　 　 ；同小组的小月同学连接好电路，在用开关试触时发现电压表指针也出现同样现象，出现这一现象的原因是 　 　 。若电压表、电流表的示数如图丁、戊所示，电压表的示数是 　 　 V，则被测电阻的阻值是 　 　 Ω。 19．（7分）林红同学想探究煤油和菜籽油的热值大小关系，实验时组装了如图甲、乙所示的两套规格完全相同的装置。 加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 甲杯水温/℃ 25 27 29 32 34 36 38 乙杯水温/℃ 25 26 27 28 29 30 31 【设计实验】 （1）在安装图中的实验器材时，应先调整固定 　 　 （选填“上”或“下”）面夹子的位置； （2）实验中应控制燃料燃烧的 　 　 （选填“时间”或“质量”）相同，并通过 　 　 变化大小来比较燃料燃烧放出热量的多少。 【进行实验】 （1）林红同学取质量相同的煤油和菜籽油加入酒精灯中，记下杯中水的初温； （2）每隔1min把杯中水的温度记录在表格中。 【实验结论】 （1）分析表中记录的数据，可知煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大的是 　 　 ； （2）若实验前酒精灯中煤油的质量为150g，实验后为130g；烧杯中水的质量为500g，水的初温25℃，末温85℃，则煤油的热值为q＝　 　 。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）] 【实验分析】通过实验测到的煤油的热值与实际值相比，会偏 　 　 （选填“大”或“小”），其主要原因是 　 　 。（写出一点即可） 20．（7分）江川和小弦同学测量定值电阻R的阻值，电路如图1所示。 （1）用笔画线代替导线，根据图1所示电路，把图2中的滑动变阻器正确连入电路； （2）连接电路时，开关要 　 　 （选填“闭合”或“断开”）； （3）小弦连接好电路，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，原因可能是定值电阻发生了 　 　 ； （4）排除故障后，将滑动变阻器的滑片P移至某一位置，电压表的示数为1.5V，电流表的指针如图3所示，其示数是 　 　 A，由此得出，被测定值电阻的阻值R＝　 　 Ω； （5）小弦同学完成一次实验后，为确保测量结果的准确性，接下来的操作是 　 　 ； A.换用阻值不同的定值电阻再进行多次测量 B.调节滑动变阻器的滑片P到不同位置进行多次测量 （6）完成上述实验后，江川同学把被测电阻更换为小灯泡，根据多次测量的数据描绘出的U﹣I图像并不是一条直线，通过分析发现，原因是灯丝的电阻会随 　 　 的变化而变化。 21．（7分）做“测量小灯泡额定功率”的实验（灯泡的额定电压为2.5V，设灯丝电阻阻值不变）。 （1）小明按如图1所示的电路图连接电路后，闭合开关，发现小灯泡较暗，电流表有示数电压表有示数，调节滑动变阻器的滑片，两表的示数都不变，原因是滑动变阻器（如图2）接了 　 　 两个接线柱（用接线柱的字母表示）。 （2）排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为 　 　 V时为止，若此时电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定电功率为 　 　 W。 （3）同组的小月同学设计了一个电路，如图3，也测出了该小灯泡正常发光时的功率，其中定值电阻的阻值R＝25Ω，正确操作步骤如下： ①只闭合开关S和 　 　 ，调节滑动变阻器的滑片使电流表示数为I1＝　 　 A； ②只闭合开关S和 　 　 ，保持滑动变阻器的滑片位置不动，读出电流表示数为I2； ③小灯泡的额定电功率表达式为P额＝　 　 （用物理量符号表示）。 参考答案与试题解析 一．选择题（共4小题） 题号 9 10 11 12 答案 A C C C 二．多选题（共2小题） 题号 13 14 答案 AD AB 一、填空题（共16分，每空1分） 1．【解答】解：病毒不是分子，它通过“飞沫”传播，不是分子无规则运动； 新冠肺炎病毒的平均直径为100nm＝100×10﹣9m＝1×10﹣7m。 故答案为：不是；1×10﹣7。 2．【解答】解：由图可知，内燃机的进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，为内燃机的压缩冲程； 汽车内燃机的飞轮转速2400r/min＝40r/s，即内燃机的飞轮每秒转40圈， 由于内燃机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，所以该内燃机每秒对外做功20次。 故答案为：压缩；20。 3．【解答】解：电暖气与连接它的导线是串联的，则通过它们的电流相同； 工作时，通过电暖气和导线的电流相等，电暖气的电阻比导线大，根据Q＝I2Rt可知，相同时间内电暖气产生的热量比导线多，所以电暖气的温度很高而导线不热。 故答案为：电流；多。 4．【解答】解：串联时电路电流为0.6A；两端允许加的最大电压是U＝IR＝0.6A×（10Ω+15Ω）＝15V。 故答案为：0.6；15。 5．【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流， 由I的变形式R可知，当电流表示数越小时，电路中的总电阻越大， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，滑动变阻器连入电路的电阻越大， 由图可知，滑片上移时接入电路中的电阻越大，浮子下移，油箱内油量越少。 故答案为：越大；越少。 6．【解答】解：由P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I11A，I20.5A， 由欧姆定律可得两灯的电阻分别为：R13Ω，R28Ω； 因为串联电路电流处处相等，且题中已知两灯泡串联在电路中，若只有一个灯正常发光，而另一个小灯泡不超负荷工作，则只能保证电流较小的灯泡正常发光，由此电路中的电流应为0.5A； 电源电压：U＝I2（R1+R2）＝0.5A×（3Ω+8Ω）＝5.5V。 故答案为：0.5；5.5。 7．【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关后，电路中的电流从电源正极出发，依次经开关、电流表A1开始分支，一支经灯泡L1回到电源的负极，另一支经灯泡L2、电流表A2回到电源的负极，据此可知电路中电流有两条路径即为并联； （2）经分析可知，闭合开关后，灯泡L1、L2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测灯泡L2支路的电流， 由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可得，通过小灯泡L1的电流：I1＝I﹣I2＝0.5A﹣0.3A＝0.2A。 故答案为：并联；0.2。 8．【解答】解：（1）电阻与横截面积成反比，与长度成正比，接触不良，横截面积将减小，电阻增大。 （2）由焦耳定律知，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，根据公式Q＝I2Rt可知，同一处地方且通电时间是相同，电阻大的产生的热量越多。 故答案为：电阻；变大。 二、选择题（共14分，把你认为正确选项的代号填涂在答题卡的相应位置上，第9~12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确选项，每小题2分，全部选择正确得3分，不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分） 9．【解答】解：A．电热水壶的功率约为1500W，故A正确； B．骑自行车的速度约为5m/s，故B错误； C．把一本物理课本从地上拿到课桌上做功约：W＝Gh＝mgh＝0.25kg×10N/kg×0.8m＝2J，故C错误； D．成年人的体重大约是600N，双脚的面积大约是S＝500cm2＝5×10﹣2m2，则成年人双脚站立时对地面的压强大约是1.2×104Pa，故D错误。 故选：A。 10．【解答】解：由图1可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大， 由图乙可知，电路中的电流I1＝0.6A， 由I可得，电源的电压：U＝I1R1＝0.6A×R1， 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小， 由图乙可知，电路中的电流I2＝0.2A，R2两端的电压U2＝4V， 则滑动变阻器的最大阻值：R220Ω，故C正确； 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电源的电压：U＝I2（R1+R2）＝0.2A×（R1+20Ω）， 因电源的电压不变， 所以有：0.6A×R1＝0.2A×（R1+20Ω）， 解得：R1＝10Ω，故B错误； 电源的电压：U＝I1R1＝0.6A×10Ω＝6V，故A错误； （2）由（1）可知，电路中的最大电流为0.6A，因此电路总功率最大值：P＝UI1＝6V×0.6A＝3.6W，故D错误。 故选：C。 11．【解答】解：A、红棕色二氧化氮气体比空气密度大，如果把装着二氧化氮气体的瓶子放在上面，空瓶子放在下面，由于二氧化氮的密度大于空气，在重力作用下也会出现相同的现象，不能说明分子在不停地做无规则运动，故A错误； B、探究电阻与横截面积的关系时，要控制电阻的材料和长度不变，在电路中先接入金属丝全部长度，再将其对折，对折后电阻丝的长度和横截面积都发生了改变，不符合控制变量法要求，故B错误； C、为了得到普遍性规律，研究串联电路中电流的规律时，必须准备多个不同规格的小灯泡重复实验，故C正确； D、研究电流与电压的关系时，应保持电阻不变，调节滑动变阻器滑片的位置，改变电阻两端电压，记下对应的电流值，故D错误。 故选：C。 12．【解答】解：A、干手器的额定功率大，实际功率不一定大，不知道工作时间，消耗的电能不一定多，故A错误； BC、正常工作1min，消耗的电能为W＝Pt＝1000W×60s＝60000J，而干手器是将电能转化为内能和机械能的，所以不能产生60000J的热量，故B错误，C正确； D、干手器的电动机和电热丝能够独立工作，是并联的，故D错误。 故选：C。 13．【解答】解：A、探究电流与电压的关系时滑动变阻器的作用一般有保护电路和改变被测电阻两端电压，故A正确； B、探究电流与电阻的关系时滑动变阻器的作用是保护电路和保持定值电阻两端电压不变，找出普遍规律，故B错误； C、小灯泡的电阻受温度影响较大，不可以多测几组数据，通过求平均值来减小误差，故C错误； D、在“伏安法”测小灯泡电功率的实验中，调节小灯泡两端电压，使小灯泡在额定电压下发光，故D正确。 故选：AD。 14．【解答】解：甲、乙两灯泡的额定电压相等，额定功率不同，不考虑灯丝电阻的变化，由P可得，两灯泡的电阻之比：， A、串联接在6V的电源上，因串联电路中各处的电流相等，则通过L1和L2中的电流之比为1：1，故A正确； B、串联接在6V电源上，由于L1和L2中的电流相等，根据P＝I2R可知L1和L2实际功率之比为：，所以P1′＞P2′，则L1更亮些，故B正确； C、串联接在12V的电源上，由串联电路的分压特点可知，两灯泡两端分得的电压之比为：， 所以U1′＝8V，U2′＝4V，故灯泡两端的电压都不与额定电压相等，故都不能正常发光，故C错误； D、并联在5V的电源上，并联电路中各支路电压都相等，由P可得，两灯泡并联工作时实际功率之比： ，故D错误。 故选：AB。 三、计算题（第15小题7分，第16小题7分，第17小题8分，共22分） 15．【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（98℃﹣18℃）＝3.36×104J； （2）由P可知，饮水机正常工作20s消耗的电能：W＝Pt＝2000W×20s＝4×104J； 饮水机的加热效率：η84%。 答：（1）20s流出的水吸收的热量为3.36×104J； （2）饮水机的加热效率是84%。 16．【解答】解：（1）只闭合开关S1，电路中只有R1工作，电流表A2的示数即为通过R1的电流，I1＝0.3A， 由欧姆定律可得，R1两端的电压：U＝U1＝I1R1＝0.3A×30Ω＝9V， 所以电源电压：U＝U1＝9V； （2）闭合开关S1和S2，R1、R2并联，R1两端的电压不变，通过R1的电流也不变，电流表A2测量干路电流，电流表A2的示数增大了0.9A， 由并联电路的电流规律可知，R2中的电流：I2＝0.9A， 由并联电路的电压规律可知，R2两端的电压：U2＝U＝9V， 由欧姆定律可得，R210Ω； （3）根据并联电路的电流规律可知，干路的电流：I＝I1+I2＝0.3A+0.9A＝1.2A， 由电功率计算公式可得，电路消耗的总功率：P＝UI＝9V×1.2A＝10.8W。 答：（1）电源电压U为9V； （2）电阻R2的阻值是10Ω； （3）开关均闭合时，电路消耗的总功率为10.8W。 17．【解答】解：（1）由题意可得，小灯泡L的电阻为RL6Ω； （2）闭合开关S、断开开关S1、S2，灯泡L与R2串联，电压表测小灯泡的两端电压，电流表测电路的电流，根据欧姆定律可得，电路中的总电阻为R总20Ω， 则变阻器R2连入电路的阻值为R2连＝R﹣RL＝20Ω﹣6Ω＝14Ω； （3）闭合开关S、S1、S2，滑片滑至最右端时，L被短路，R1与R2并联，根据并联电压特点知，U1＝U＝6V，则通电1min定值电阻R1产生的热量为Q1＝W1t60s＝144J； （4）闭合开关S、S1、S2，L被短路，R1与R2并联。电压表无示数，因为电流表量程为0～0.6A，则干路上的电流最大为0.6A，根据欧姆定律可得，通过R1的电流为I10.4A， 则R2的最大功率为P2max＝U2I2＝6V×（0.6A﹣0.4A）＝1.2W。 答：（1）小灯泡L的电阻为6Ω； （2）闭合S、断开S1、S2，电流表示数为0.3A，此时滑动变阻器R2连入电路的阻值为14Ω； （3）同时闭合S、S1、S2，滑动变阻器的滑片滑至最右端，通电1min定值电阻R1产生的热量为144J； （4）同时闭合S、S1、S2，在确保各元件安全的情况下，滑动变阻器R2的最大功率为1.2W。 四、实验与探究题（共28分，每小题7分） 18．【解答】解： （1）在电能表的表盘上，数字方框中最后一位是小数，单位是kW•h，图示电能表示数为2020.1kW•h； “3000r/（kW•h）”表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转过3000转；用电器消耗0.5kW•h的电能时电能表上转盘的转数：n＝3000r/（kW•h）×0.5kW•h＝1500r； 由图乙可知，电阻箱的示数：R＝0×1000Ω+3×100Ω+6×10Ω+0×1Ω＝360Ω。 （2）电压表在使用前，指针如图丙，指针不在零刻度线上，原因是电压表没有调零； 在用开关试触时，发现电压表指针如图丙，指针反向偏转，原因是电压表的正负接线柱接反； 如图丁，电压表选用0﹣3V的量程，分度值为0.1V，示数为2.3V； 如图戊，电流表选用0﹣0.6A的量程，分度值为0.02A，示数为0.48A； 被测电阻的阻值R4.8Ω。 故答案为：（1）2020.1；1500；360；（2）电压表没有调零；电压表的正负接线柱接反；2.3；4.8。 19．【解答】解：【设计实验】（1）因要用灯的外焰加热，故在安装、调整实验器材时，需要先固定下面铁夹的位置； （2）根据控制变量法可知，实验中应控制燃料燃烧的质量相同，由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小； 根据表格中数据，相同质量的两种燃料燃烧完后，煤油的水温升高较大，说明煤油放出的热量较多，即煤油的热值较大； 【实验结论】 （1）分析表格数据可知，甲杯水的温度升高的较快，即甲煤油灯燃烧产生的热量多，所以其热值大； （2）水吸收的热量Q吸＝cm（t2﹣t1）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（85℃﹣25℃）＝1.26×105J， 酒精灯放出的热量Q放＝Q吸＝1.26×105J， 燃烧酒精的质量m′＝150g﹣130g＝20g＝0.02kg， 由Q放＝mq可得酒精的热值q6.3×106J/kg； 【实验分析】：测量值比课本中的“标准值”偏小，是因为燃料无法完全燃烧以及没有考虑在加热过程中热量的散失。 故答案为：【设计实验】（1）下；（2）质量；温度计升高的示数；【实验结论】：（1）煤油；（2）6.3×106J/kg；【实验分析】：小；燃料无法完全燃烧以及没有考虑在加热过程中热量的散失。 20．【解答】解：（1）由图1可知滑动变阻器滑片左移，滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以滑动变阻器选择左下接线柱和一个上接线柱串联接入电路，如图： ； （2）连接电路时，开关要断开； （3）闭合开关，发现电流表有示数，说明电路通路，电压表无示数，说明电压表与导线并联接入电路，所以原因可能是定值电阻发生了短路； （4）电流表的指针如图3所示，电流表接入电路的是小量程，分度值为0.02A，其示数是0.3A，根据欧姆定律可得被测定值电阻的阻值R5Ω； （5）为确保测量结果的准确性，接下来应调节滑动变阻器的滑片P到不同位置进行多次测量，计算平均值，减小误差，故选B； （6）把被测电阻更换为小灯泡，根据多次测量的数据描绘出的U﹣I图像并不是一条直线，通过分析发现，原因是灯丝的电阻会随温度的变化而变化。 故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）短路；（4）0.3；5；（5）B；（6）温度。 21．【解答】解：（1）连接好电路，闭合开关，电流表有示数，则电路为通路；若小灯泡较暗，说明电路的电流较小，电路的电阻较大，且无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表和电压表的示数都不变，说明变阻器没有了“变阻”的作用，造成这一现象的原因可能是：滑动变阻器接了下面的AB两个接线柱； （2）排除故障后如图甲，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为2.5V时为止，此时电流表的示数如图乙，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，小灯泡额定功率为： P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W； （3）实验步骤： ①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1＝0.1A； ②闭合开关S和S1，断开开关S2，保持滑动变阻器滑片位置不动，读出电流表示数为I2； ③在步骤①中，电流表测定值电阻的电流，由欧姆定律可得，定值电阻的电压为： U＝I1R＝0.1A×25Ω＝2.5V， 根据并联电路电压的规律，灯的电压为额定电压，灯正常发光； 在步骤②中，电流表测R与灯并联的总电流，由于电路连接关系没有改变，各电阻的电压和电阻大小不变，故通过灯的电流不变，由并联电路电流的规律，灯的额定电流为：IL＝I2﹣I1， 小灯泡额定功率表达式为：P额＝U额IL＝U额（I2﹣I1）。 故答案为：（1）AB （2）2.5、0.75 （3）①S2、0.1 ②S1 ③U额（I2﹣I1）【或：2.5（I2﹣0.1）】。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $