河南省青桐鸣大联考2025-2026学年高三上学期1月月考物理试题

高三年级质量检测 物理 评分细则 11.(1)5.980(1分) d 2√3 (1分) (2)2(t1-t)(1分) π2(2L+d) r= 2(t1-t0)2 (2分) c0s30°1 3 d (3)F+2E, 根据牛顿第二定律g0B=m (1分) r 3m (2分) 解得B=mvo (1分) 12.(1)右(1分)0.46(2分) qd 2)s (3)将挡板沿y轴负方向移动距离d时，粒子第 Io (2分) 二次打在挡板上的位置离y轴的距离 (3)kU,S(2分)第一次(2分) x'=3×2W3d (2分) 13.(1)设大气压强为p。,刚要拔木塞时，瓶中气体的 解得x'=63d (1分) 压强为p,则 会是 (2分) 解得一器m 29 (2分) (2)以拔出木塞气体稳定后瓶中气体为研究对象， 设这些气体等压升温到77℃时体积为V',则 VV T.Ti (2分) 弹性挡板 解得V”-》 (2分) 则进入瓶中气体的质量与原来气体质量之比为 15.(1)设A球到最低点时，A球沿水平方向的位移 △m_V'-V6 为x1,B球沿水平方向的位移为x2,根据几何关 m-V-29 (2分) 系有x1+x2=L (1分) 14.（1)粒子在电场中做类平抛运动，则 由于小球向下运动过程中，A、B两球组成的系统 23d=vot (1分) 水平方向动量守恒 a 则mA1=mB02 (1分) (1分) 即mA1t=mg02t, 根据牛顿第二定律gE=ma (1分) mAx1-mBx2 (1分) 解得E-mud 解得x2=1m (1分) 6gd (1分) (2)设碰撞前，A的速度大小为1，B的速度大小 (2)设粒子进磁场时速度与x轴正向的夹角为0、 为2，根据水平方向动量守恒 大小为，根据动能定理有 mAU-mBU2 (1分) QEd=1 根据机械能守恒 （1分) 1 (1分) 根据速度分解vcos0=vo (1分) mAgL= 2m4听+1 Bv2 2√3 解得u1=2√10m/s (1分) 解得u=3o,0=30, 设A与C碰撞后，A的速度大小为v3,C的速度 设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r,根据题 大小为4，根据动量守恒 意可知，粒子在磁场中做圆周运动的圆心在挡板 mAV1=-mAV3十mcV4 (1分) 上，根据几何关系可知 根据机械能守恒 ·物理评分细则（第1页，共2页)· 2m4f-1 1 ，喝+号me (1分) 当物块C刚好能滑到斜面顶端时，物块与斜面间 的动摩擦因数设为2，则 4 解得u=3√10m/s,o,3√/10m/s 2mco=megL sin37°+2 meg Lcos37°(1分) 根据动能定理，A、C第一次碰撞过程，A对C做 的功 每得：品 (1分) (1分) 要使物块滑上斜面后还能滑下，则 mg sin 37>umg cos 37 (1分) (3)设当物块C与斜面间的动摩擦因数为1时， 物块滑上斜面后再滑下恰好不能与A再发生碰 撞，根据能量守恒 综合分析可知，要使物块C沿斜面下滑后与A能 2mco=mc8xsin37°+h1 ncgxcos37°(1分) 再次相碰，则物块C与斜面间的动摩擦因数应满 足的条件为20>μ≥108 9、19 (1分) 1 1 2mcvi-2mcvj-2u mcgxcos 37 (1分) 9 解得41=20 (1分) ·物理评分细则（第2页，共2页)·秘密★启用前 高三年级质量检测 物 理 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合题目要求的。 1.4Pu是钚元素的放射性同位素，其发生的。a衰变方程为Pu→X+&十Y,则下列说 法正确的是 A.A-Z=133 B.α射线比y射线穿透能力强 C.衰变过程以Y光子的形式释放能量 D.Pu比公X比结合能大 河 2.如图所示，ABC为特殊容器的截面图，AB竖直，BC为圆弧，圆心在O点，容器内壁光 滑，质量分别为m1和m2的小球a、b(均可看成质点)用轻杆连接静止在容器内，此时 b球与O点连线与竖直方向夹角为37°，重力加速度为g,此时小球a对AB的压力大 小等于 3 3 A.4m18 B.m18 3 班 级 线 C.(m+m:)g D.亏(m1+m)g 3.2025年8月9日凌晨0点31分，捷龙三号遥六运载火箭搭乘“东方航天港”号发射船 在山东日照近海海域点火升空。将吉利星座04组卫星送入600公里高度、倾角为50° 姓 名 的LE)轨道，发射任务取得圆满成功。已知我国空间站运行在离地约400公里的圆 轨道上，同步卫星运行在离地约36000公里的圆轨道上，地球可看成质量分布均匀的 球体，则下列说法正确的是 A.吉利星座04组卫星运行轨道圆心不在地心 B.吉利星座04组卫星发射速度大于在轨运行速度 C.吉利星座04组卫星运行周期比地球自转周期大 D.吉利星座04组卫星运行线速度比我国空间站在轨运行线速度大 物理试题第1页（共6页） 4.某公园水池底有一点光源，在水面形成一个圆形亮斑，往池中加水，当池中水面上升 高度时，水面圆形亮斑的直径增大了d,则池中水的折射率为 A.h+a B.ahd d d C. D. d d2-h2 √4h2-d2 5.如图所示，不可伸长的金属软导线放在光滑绝缘的水平面上，水平面处在垂直于水平 面向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为B,软导线两端固定在水平面上的M、 N两点，M、N间的距离为d,软导线的长为2d,软导线拉直时，P点为软导线的中 点，将软导线M、N两端接入电路，通入从M到N、大小为I的恒定电流，待导线稳定 时，下列说法正确的是 A.软导线稳定时的形状为“∧”形 B.MP段与PN段导线受到的安培力相同 CPN段导线受到的安培方大小为号1d D.PN段导线受到的安培力大小等于整个导线受到安培力大小的一半 6.如图所示为三级台阶，台阶2的宽度为L,每级台阶的高度均为h,在P点以大小为 √2弘的初速度水平抛出一个小球，小球运动过程中恰好贴着台阶1边缘的A点、台 1 阶2边缘的B点落到台阶3上，不计空气阻力、不计球的大小，重力加速度为g,则P 点和A点间的水平距离等于 P○→6 A.L 2 台阶1下 h B.L 2 台阶2 C.h-L 台阶3 D.h+L 7.如图所示，长为2L、宽为L的矩形金属线框abcd静止在光滑绝缘水平面上，金属线框 的质量为m、电阻为R,水平面上两个边长均为L的正方形区域MNPQ、ACDE内分 别有垂直于纸面向外的匀强磁场I、Ⅱ，两磁场的磁感应强度大小相等，PQ、AC边之 间的距离也为L,现给金属线框一个水平向右、大小为。的初速度，结果线框刚好能 通过两个磁场，线框运动过程中，ab边始终与MN平行，线框ad、bc边始终在磁场外， 物理试题第2页（共6页） 则下列判断正确的是 A.线框ab边通过磁场I时，ab边中的电流方向从b到a B.线框b边通过篮场I的过程中，通过线框截面的电荷量为m火 C.线框通过磁场I与通过磁场Ⅱ线框中产生的焦耳热相等 D.若线框的初速度为2uo,则线框通过两个磁场后的速度小于vo 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有 两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选 错的得0分。 8.柳枝条在平静水面上的P点不停地上下点水，激起的水波向四周传播，水面上有A、B 两点，波刚传播到B点时，B点正向下振动，此时A点正在平衡位置向上振动，A、B、 P不在一条直线上，P到A与P到B的路程差为d,若柳枝条点水看成简谐运动，振 动的频率为f,则下列说法正确的是 A.水波向A点传播的速度与向B点传播的速度大小不等 B.柳枝条开始点水的方向向下 C.B点向上振动时，加速度一定向下 D.水波的波长可能是0.4d 9.如图所示，粗细均匀的足够深光滑圆桶竖直固定放置，将一个小球从桶上口边缘P点 以一定的水平初速度沿桶壁抛出，此后小球始终沿桶的内壁运动，小球可看成质点，从 小球被抛出开始计时，下列说法正确的是 A.小球每转动一周动能增量相同 B.小球每转动一周重力冲量相同 C.小球重力的瞬时功率与运动时间成正比 D.小球的动能与下降的高度成正比 10.如图所示，三角形ABC为等腰直角三角形，BC边长为2L,∠A=90°，在三角形的三 个顶点A、B、C分别固定一个点电荷，B、C处点电荷为等量同种电荷，BC边上D点 的电场强度大小为E,方向垂直BC向下，CD=L,静电力常量为，则下列判断正 物理试题第3页（共6页） 确的是 A.A点处的点电荷带正电 B.B、C两点处的点电荷可能均带负电 C.B点处的点电荷电荷量大小为492 D.A、B两点的点电荷在D点产生的合场强大小大于C点的点电荷在D点产生的场 强大小 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)小李同学要测量当地的重力加速度，设计的实验装置如图甲所示，力传感器可 以测量细线的拉力随时间变化的规律，测得细线长为L。 力传感器 丙 (1)实验前先用螺旋测微器测小球的直径，示数如图乙所示，则小球直径d= mm; (2)让小球在竖直面内做小角度摆动，力传感器记录细线拉力随时间变化的图像如图 丙所示，则小球摆动的周期T= ;求得当地的重力加速度g= （用 L、d、t1、to表示)； (3)小王同学也用该装置测当地的重力加速度，他让小球在竖直面内做大角度摆动， 力传感器测得小球摆动过程中细线上的最大拉力为F,、最小拉力为F2,小李同学又 测得小球质量为m,由此求得当地的重力加速度g= 12.(9分)实验小组要测量金属丝的电阻率，先取合适的器材组成了如图甲、乙所示的电 路图。金属丝的横截面积为S。 金属夹 金属夹 甲 物理试题第4页（共6页） (1)先用甲图电路进行实验，闭合开关前将滑动变阻器的滑片移到最 （填 “左”或“右”)端，将金属夹移到最右端，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表和电流表 的指针偏转均较大，若电流表的示数如图丙所示，则电路中的电流I。= A; 0.2 0.4 、、5生5生玉美五主1上玉主主童是王2人96 A 丙 (2)改变金属夹的位置重复实验多次，每次实验调节滑动变阻器，使电流表的示数均 为I。,再记录每次实验电压表的示数U及金属丝接入电路的长度x,作U-x图像， 得到图像的斜率为k,,则金属丝的电阻率ρ= (结果用已知量和测量量 表示)； (3)再次按乙图电路进行实验，按正确操作改变金属丝接人电路的长度多次实验，每 次实验保持电压表的示数均为U。,记录每次实验电流表的示数I及金属丝接入电路 的长度x,作子x图像，得到图像的斜率为则金属丝的电阻率ρ二 ;前后 两次实验，因电表内阻引起系统误差的是（填“第一次”“第二次”或“第一次 和第二次”)实验。 13.(10分)如图所示，在玻璃瓶中倒入小半瓶热水，倒入热水后在瓶口塞上木塞，塞上木 塞时瓶中气体温度为77℃，过一段时间后，当瓶中气体温度与外界大气温度相同时， 拔出木塞。已知大气压强为1atm,环境温度为17℃，瓶中气体体积为V,开始时瓶 中气体压强为1atm,求： (1)刚要拔木塞时，瓶中气体的压强； (2)拔出木塞待气体稳定后，进入瓶中气体的质量与原来瓶中气体总质量之比。 14.(12分)如图所示，平面直角坐标系的第一象限内有沿y轴负方向的匀强电场，第四 象限内有垂直于纸面向外的匀强磁场，在磁场中有一个平行于x轴足够长的绝缘弹 性挡板，挡板到x轴的距离为d。在y轴上坐标为(0，d)的P点有一粒子源，源源不 断地沿x轴正向射出质量为m、电荷量为g的带正电的粒子，粒子初速度为v。,经电 场偏转，粒子从x轴上坐标为(2√3d,0)的Q点（图中未标出）进人磁场，并垂直打在 物理试题第5页（共6页） 弹性挡板上，粒子打在弹性挡板上沿挡板方向的速度不变，垂直于挡板方向的速度等 大反向。不计粒子的重力，不考虑粒子间的相互作用，求： (1)匀强电场的电场强度大小； (2)匀强磁场的磁感应强度大小； (3)将挡板沿y轴负方向移动距离d,粒子第二次打在挡板上的位置到y轴的距离。 装 弹性挡板 15.(17分)如图所示，倾角为37的斜面体固定在光滑水平面上，斜面长为1.2m,斜面底 端与水平面平滑连接，质量为2kg的物块C静止在水平面上，质量为2kg的小球B 订 套在固定的光滑水平直杆上，用长为3m的细线将质量为1kg的小球A与小球B 注意清点有无漏印或缺页， 连接，开始时A、B两球均静止，细线刚好水平伸直，由静止释放小球A,小球A运动 到最低点刚好沿水平方向与物块C发生弹性碰撞，碰撞瞬间，连接小球A的细线也 恰好断开，物块在斜面上减速后沿斜面滑下再次进入水平面，并且能与小球A再次 发生碰撞。不计小球和物块的大小，重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°= 0.8。求： 若有要及时更换。 (1)A与C碰撞前，B沿杆运动的距离； (2)A与C第一次碰撞过程中，A对C做的功； (3)物块C与斜面间的动摩擦因数4的取值范围（答案均可用分数表示）。 线 B 37° 77777777777777779y77777777777777 物理试题第6页（共6页）高三年级质量检测 物理 参考答案 1.C解析：根据质量数、电荷数守恒可知，A=223, 解得x=h,L,A项正确。故选A。 Z=92,因此A一Z=131,A项错误；a射线比Y射 2 线穿透能力弱，B项错误；衰变过程释放的能量以 7.B解析：根据右手定则可知，线框ab边通过磁场 y光子的形式释放，C项正确；反应产物比结合能 I时，ab边中的电流方向从a到b,A项错误；线框 更大，Pu比X比结合能小，D项错误。故选C。 通过磁场I时受到的平均安培力大于通过磁场Ⅱ 2.C解析：设AB对a的弹力大小为FN,对a、b整 时受到的平均安培力，因此线框通过磁场I产生的 焦耳热大于通过磁场Ⅱ产生的焦耳热，C项错误； 体研究，有FN=（m1+m2)gtan37°= 设线框αb边通过磁场I时通过线框截面的电荷量 4(m1十m2)g,C项正确。故选C。 为q,则g=BL ,根据动量定理有4BgL=mU,解 3.B解析：所有卫星圆轨道的圆心一定在地心， A项错误；吉利星座04组卫星发射速度大于第一 1 mvoR 1 mvoL 得B=2√，则q=2√R,B项正确； 宇宙速度，在轨运行速度小于第一宇宙速度，B项 若线框的初速度为2oo,则4BqL=2mv。一mv',解 正确：由GMm=4mr可知，吉利星座O4组卫星 得u'=vo,D项错误。故选B。 运行周期小于同步卫星的运行周期，即比地球自转 8.BD解析：机械波在同种介质中传播速度大小相 同，A项错误；波刚传播到B点时，B点正向下振 周期小，C项结讽：由G-m可知，轨道半径 动，说明波源处柳枝条开始点水的方向向下，B项 越大，线速度越小，D项错误。故选B。 正确；B点向上振动时，如果速度在增大，加速度向 4.B解析：设光在水面发生全反射的临界角为C,根 上，C项错误；由题意知，(2m+1)2=d(n=0,1, 1 d 2,…),当n=2时，入=0.4d,D项正确。故选BD。 据题意，sinC= ,则水 1 h+(2d) √4h2+d2 9.BC解析：每转动一周下落的高度不同，重力做功 不同，动能的增量不同，A项错误；小球沿水平方向 1 的折射率n= =√4h2+d 的运动为匀速圆周运动，因此每转动一周时间相 sin C ,B项正确。故 d 同，小球每转动一周重力冲量相同，B项正确；小球 选B。 重力的瞬时功率P=gv,=mg2t,C项正确；由动 5.C解析：在安培力作用下，整个导线稳定时刚好 形成直径为d的半圆，A项错误；MP段与PN段 能定理可知E,=mgh十}m,D项错误。故 导线受到的安培力大小相等，方向不同，B项错误； 选BC。 10.AD解析：根据电场强度分解可知，A点点电荷 PN段导线的有效长度为 d,因此受到的安培力 在D点产生的场强沿AD方向，因此A点点电荷 带正电，A项正确；B、C两点点电荷在D点的合 大小等于号D1,C项正确：整个导线受到安培力 场强沿CD向左，由此判断B、C处点电荷均带正 电，B项错误；过A点作BC的垂线AF,连接 大小为BId,不等于PN段导线受到的安培力大 小的两倍，D项错误。故选C。 AD,根据几何关系AF=L,FD=子L,则∠ADF 6.A解析：设P点离台阶1上表面高度为H,P、A =53°，设B、C两点的点电荷带电量均为q,则 水平距离为x,根据题意，H= 2gti,x=vot, q E,解得g=1024: 3 49EL2 4 H+h=z十=w,将。=√2&L代入， 1 C项错误；C点点电荷在D点产生的场强方向水 ·物理答案（第1页，共3页)· 平向左，根据矢量合成可知，A、B两点点电荷在 系统误差，第二次测量得到的电阻率为准确值，不 D点产生的合场强斜向右下，由于斜边大于直角 存在系统误差。 边，则D项正确。故选AD。 13.答案：1器m 号 解析：(1)设大气压强为p。,刚要拔木塞时，瓶中 气体的压强为p,则 11.答案：(1)5.980(1分) 会片 (2分) 29 (2)2(t1-to)(1分) π(2L+d) (2分) 解得p (2分) 2(t1-to) 35atm (3)E+2F (2)以拔出木塞气体稳定后瓶中气体为研究对象， (2分) 3m 设这些气体等压升温到77℃时体积为V',则 解析：(1)小球的直径 vV T2T (2分) d=5.5mm+0.01×48.0mm=5.980mm。 (2)小球摆动的周期T=2(t1一to),根据单摆周 解得V-》 (2分) 则进入瓶中气体的质量与原来气体质量之比为 期公式T=2π ,得到 △m_V'-V6 m V 29 (2分) 8》 、mvd 14.答案：(1) 6gd (3)设小球摆动时的摆角为0，摆长为1，根据牛顿 (2)mu。 第二定律有F,=mg cos0,F1一mg=m7,根据 'qd (3)6√3d 机械能守恒有mg1一eos0)一mo,l-L十 解析：(1)粒子在电场中做类平抛运动，则 号解得F,+2,=3mg,即g2E 23d=vot (1分) 3m (1分) 12.答案：(1)右(1分)0.46(2分) (2)éS 根据牛顿第二定律gE=ma (1分) I (2分) 解得E-mu6 (1分) (3)kU.S(2分)第一次(2分) 6gd 解析：(1)闭合开关前将滑动变阻器的滑片移到最 (2)设粒子进磁场时速度与x轴正向的夹角为0、 右端，使其接入电路的电阻最大；电流表的示数为 大小为，根据动能定理有 0.46A; qEBa-2mw-7moi 1 (1分) (2)根据部分电路厥姆定律，U=1,0亏，根据题意 根据速度分解vcos0=v0 (1分) IP=k1,解得p=1。 S 解得v= 2 300,0=30°， 设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r,根据题 (3)根据部分电路欧姆定律，U。=1(R十P号)， 意可知，粒子在磁场中做圆周运动的圆心在挡板 得到宁-之十话根据题意 上，根据几何关系可知 d 23 r= c0s30° 3 a (1分) S=b:,解得p=k,U,S。第一次由于电压表分 0 流，使测得的电流偏大，得到的电阻率偏小，存在 根据牛顿第二定律qB=m 02 (1分) ·物理答案（第2页，共3页)· 解得B=mvg (1分) 解得u1=2√10m/s (1分) qd 设A与C碰撞后，A的速度大小为vg,C的速度 (3)将挡板沿y轴负方向移动距离d时，粒子第 大小为，，根据动量守恒 二次打在挡板上的位置离y轴的距离 mAv--mAv3+mcvs (1分) x'=3×2√3d (2分) 根据机械能守恒 解得x'=6√3d (1分) 1 1 2nAvi十 cv (1分) .4 解得u三31om/s,04e310m/8 根据动能定理，A、C第一次碰撞过程，A对C做 的功 1 W-- 160 (1分) (3)设当物块C与斜面间的动摩擦因数为1时， 物块滑上斜面后再滑下恰好不能与A再发生碰 弹性挡板 撞，根据能量守恒 15.答案：(1)1m 2mcoi=mcgzsin37°+h1 mcgzcos37°(1分) a18 1 1 2mcw-zmcu号=2μ1 mcgzcos37° (1分) (8易≥品 .19 9 解得41一20 (1分) 解析：(1)设A球到最低点时，A球沿水平方向的 当物块C刚好能滑到斜面顶端时，物块与斜面间 位移为x1,B球沿水平方向的位移为x2,根据几 的动摩擦因数设为42，则 何关系有x1十x2=L (1分) 由于小球向下运动过程中，A、B两球组成的系统 2mco=megLsin37°+k2 ncgLcos37°(1分) 水平方向动量守恒 19 则mA1=mB02 (1分) 解得μ2=108 (1分) 即mA1t=mBd2t, 要使物块滑上斜面后还能滑下，则 mAx1-mBI2 (1分) mg sin 37>umg cos 37 (1分) 解得x2=1m (1分) (2)设碰撞前，A的速度大小为o1,B的速度大小 即A号 为2，根据水平方向动量守恒 综合分析可知，要使物块C沿斜面下滑后与A能 再次相碰，则物块C与斜面间的动摩擦因数应满 mAvl=mBUz (1分) 9 19 根据机械能守恒 足的条件 20>μ≥108 (1分) magl =1 1 (1分) ·物理答案（第3页，共3页)·