黑龙江省牡丹江市名校协作体2025-2026学年高二上学期1月期末物理试题

高二学年期末考试 物理试题 考试时间：75分钟分值：100分 注意事项： 【.本试卷分第】卷和第Ⅱ卷两部分.答恩前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试松和浴 题卡相应位置上， 2.回答第【卷时，选出每小愿答案后，用B阳笔完苍题卡上对应题日的谷案标号棕。如需改动， 用檬皮换干净后，再选涂其它答案标号。写在本试在上无效。 3回答第Ⅱ卷时，将谷案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 4.考试结束后，将答思卡交回。 1卷 一、进拜题（本题共10小题，1一7小恩，每题只有一个进项正确，每小题4分：8一10小题，有 多个选项正确，全部速对的得6分，选不全的得3分，有远错或不答的不得分，共46分.) 1。下列关于电础波及电磁波的特性和应用，说法正确的是(） A.变化的电场一定在周田空问产生变化的磁场 B,费克斯韦在先预言了电酷被的存在，替技最先用实粒证实了电磁泣的存在 C.紫外线有杀菌消毒的作用，是因为其有热效应 D。红外线和X射线都有很高的穿透本领，常用于医学上检查人体的内部器官 2.若我因某地磁场的磁地应强度的竖直分量的大小8，随距离地面高度方的变化关系如图所示，一 直升机将一始件保持水平的闭合金导线框竖直向上匀速吊起，下列说法正确的是（ A.战框中有顺时针方向的感应电流（俯视） B.线框中的感应电流不断减小 C.线框中的忠应电流不断增大 D.线枢的四条边有向内收铭的趋势 3.回旋加速器共跟理如国所示，这台加途超由阿个怕质D形套D、D,构成，D形在的竿轻为R 第1页共9页 D形盒间的交变电压大小为：其间留有空取。现对京核(H)如速。所衡的高频电源的须率为人 已知元电荷为c,下列说法正确的是〔 D, B D 原理图 人众按的质叠为号 B。氯技被加速的次数为mR C.尔核从D形盒中飞出的最大速度随U的增大而地大 D.若保特磁5应强度B和频率r不变，则该加速器也可以对氢枝()进行如速 4,关于以下四顿图说法正确的是（ 品出 莲接两个接线柱的母故 T A,田甲，将开关断开时，灯泡A立刻炮灭 B.田乙，断开开关$后，弹资X不会立刻将衔铁D拉起而断电 C.图丙，真空治炼炉按高频交流电源后能在护体内产生祸旋发热如粘金属使金网熔化 D。图丁，恋安表的表头运输时婴把正、负接线柱用导线迹在一起，利用了电磁驱动尿理 5。为了测量储煤中不守电液体的高度，将与储裙外尧绝的两块平行金属反构成的电容C显于储 途中，电容C可通过开关S与电8L成电源相连，如田所示。当开关从找到b时，由电感L与电 容G构成的回路中产生振苦电流、下列说法中，能使C回路报荡电流的频率减小的是（) 第2时共9页 A.升高液面高度 B.增大电源的电动势 C.减小线图的匝数 D.增加平行金属板的间距 6。如田所示，水平面上因定的两光滑平行长直导轨，间距为L,处于磁感应强度为的匀强磁场 中，磁场方向与导轨平面垂直，两质量都为瓜、电阻都为日的导体棒马、↓垂直放置在导轨上，与 导轨接触良好，马静止，2以初速度%向右运动，运动过程中西特不发生相碰。不计导轨电阻。 ” 忽略感应电流产生的磁场，则( L ×× A,导体棒马最终停止运动。L以某一速度匀速运动 B。子体棒乙的最大加速度为产码 2mR C.两号件韩的切始E离绿小为2学洗 D.回路中产生的总焦耳热为片m 7.如图所示，应线右衡存在匀强磁场，磁场方向垂直纸西向外，正方形金网线根电阻为具，边长 是L,自线框从左边界进入磁场时开始计时，在外力作用下由静止开始，以垂直于础场边界的江定 加速度进入磁场区域，时划线枢全部进入酷场，只定颗时针方向为8应电范1的正方向，外力 大小为F,纹枢中电功率的瞬时红为P,通过导体换被面的电荷址为？，其中P-1图像为抛物级， 则图中这些金随时问变化的关系正确的是（) ,籍3页共9到 8,如田甲所示为一台小型发电机构造的示意田，线圈逆时针转动，产生的电动势随时何变化的正 弦规律国像如阳乙所示。发屯机战图内电阻为1.09，外接灯泡的电阻为9.09。则( 62 70.02的 -62 A,在t=0.01s的时刻。穿过线圆础通量最大 B.解时电动势的表达式为e=6N反si山50m) C.电压表的示数为6Y D.灯泡消耗的电功米为3.247 9。如图甲所示，在光洲水平面上用血力F拉一板量为、边长为4、电阻为R的单匝均匀正方形网 越私，在1位以速收进入磁感应强度为B的匀强磁场并开始计时.若磁场的交度为b(3, 在36时刻战框到达2位遮度又为，并开始离开匀登磁场.此过程中一t田像如图乙所示， () 如4到共9页 人4时刻战招的速度为%-凸 B.t=0时刻，战枢右侧边W两端电压为Ry C,0~时同内。适过技框装一权医面的电荷盘为号 D.线框从1位置运动到2位显的过程中，战框中产生的焦耳热为历 10.如田所示，子面直角坐标系0中，拍上方充需磁$应度大小为尽、垂直纸面向外的匀强 登场。在0点有一可视为质点的粒子汉，沿纸面不寄妆出同种带负电粒子，且粒子的速半均为， 粒于时入磁场时的速度方向与x独正方向的夹角的范超为60,120°。不计粒子重力及粒了间 的相互作用，已知粒子在y特上能到达的最远距离为品，则下列说法正确的是（ 0 A.粒子在碰场中运动的半径为。 B.粒子射出磁场时到0点的最近距离为a,录远距高为2a C.粒子射入磁场时的速度方向与x拍正方向的夹角越大，在磁场中运动的时间超短 D。从距0点及近的位置射出碰场的粒子在磁场中运动的时间可能为 Ⅱ卷 二、综合题（本题共5进小题，共54分） 1…为探究影南感位电装方向的因素。来光趣小组的网学度用王甲所示的电继格应实验教进行 实验，其中线因A中有铁花， 第5页共g以 红P ()小明同学将线因人插入线图8中，闭合开关S时，发现灵数电左计G的指针向左编转，按着保 持线圈A、B不动，将线圆人中的铁芯拔出，则灵敏电汽计C的指针将向 （填“左”或“右门 俯转： (②)田乙是小军同华对课本滴示实验装置改进后制作的“齿次定律演示位”，资示仪由反向并联的红、 蓝两只发光二极管（简称LD)、一定匝数的螺线管、灵收电泣计G以及强力条形世铁组成。正确 连接好实验电路后。将条形磁铁从图示位理迅速向下移动过程中，一（填“红”或“查) 色二投管发光： ()小军网学发现，条形磁铁向上移动得热快，灵收电汽计C的示效这大，这说明号应电动势 ,(坊“磁通量““磁通量的变化量”或“融通量的变化串)的增大而增大。 12。()为完成“探究变压器线园两增的电压与臣数的关系”的实验。以下器材必须要选用的是 人有闭合铁芯的原到线图 B.无铁花的原副线图 C.直该屯源 D.多用电表（低压交放电压挡） ()补实验器材后，实验中保持原刷线图匝效不交，当原线圈按入电压增大，用多用电表测得副 找圈两纳电压一·（选填“地大“成小”或，“不变门 ()用臣数A=40匝和%=80臣的变压器，实验测量数据如下表： 1.80 2.80 3.80 490 , 4.00 6.01 8.02 9.98 第6对共9页 极据测量数据可判断直接与电颜相连的战圈是一·（填，或马，） R。 (④)等效法、理塑模型法是重要的物理思维方法，合理采用物理见雄方法会让问题变得简单，这体 现了物理学科“化来为简”之爽，国乙中变压器为理变压器，若原、时线图的臣数分别为4、%， 在交流电数的电压有效值U。和电阻凡确定的情况下，河节可变电阻R当R=时，R可获 得最大功率， 13.(12分)如图所示，宽为L0.5m的平行光滑金导轨所在平面与水平面的夹角053，导九的 一端与电动势为E〔未知)、内阻0.50的直谅电源相连接，空问分布在磁8应强度B=0.4T、方向 整直向上的匀蛋磁场。一质登为m=1.5x10kg的金属杆水平放置在导轨上恰好保特静止，己知金 属杆接入电路的有效电阻R=10,导轨电阻不计，g取10ms3,s53'=0.8,cos53=0.6,求： △0. 山金属杆受到的安培力F 2)电源的电动势E: )若匀强磁场的磁感应强度大小和方向都可调丝，为使金属杆在困示位宜保持静止，求磁$应强度 的每小值B,及其方向。 第1到共9页 14.(14分)如图，边长为L的正方形abc区域及矩形cd时区城内均存在电场强度大小为B、方 向壶直向下且与6边平行的匀强电场，右边有一半轻为L且与可相切的圆形拉板。切点为 可的中点，切点处有一小孔.粒子可沿小孔进入圆形础场区城，圆形磁场区城与cd区炫内均存在 磁8应强应大小为8，方向垂直纸西向里的匀强磁场。一节电拉子从b点斜向上射入电场后沿田中 曲线运动，经cd边的中点进入cd树区域，并沿直线通过该区域后进入图形磁场区域。所有区以均 在纸面内。粒子始终在该纸面内运动，不计粒子R力，求： )拉子沿直战通过cdef区域知时的速度大小， 2拉子的电荷盘与质盘之比： )若拉子与图形挡板碰撞后原速串反弹，求拉子再次回到小孔处的时间， 第8页共9页 15.(14分)如图甲所示，水平面上图定一半径r=10m的光滑金属☒环（电阻不计），一根长为r、 阻值R=l.0M的均匀金网棒b沿半径放置在光济金属四环上，一端图定在过圆心的竖直导电转轴 上.电阻不计的宽度为L=1.0加的足钻长的水平光滑金网轨道W、P0通过开关5分别与金网圆 环及竖直导电转轴连接，垂直导轨放位着长也为L、质盘m=l.0g、阻值R=1.0n的金属棒de, 光济金属四环及两轨向存在磁感应强度大小B=1.0T、方向整直向上的的强磁场（图中未画出）。 另有相同的金属轨进WH、0C通过位于O、N左阅一小段光滑的绝终件与W、P0扣连。以O为 原点，沿OC直战为x轴，OW连线为y拍建立平面直角坐标系xO,磁8应强度B沿x轴按照图 乙分布，沿y轴均匀分布，其方向与导轨平面垂直向上，导轨右端与阻值R=0.50的电阻相连。闭 合开关5，位金属棒b以角速度au=6.0rds顺时针匀速转动，捧de向右加速达最大速度后，起过 绝终件，又立即对棒施加外力F,使其在向右运动过程中受到的安培力大小不变，棒运动中与 轨道接触良好。求： M H 0 20 【1刚闭合开关5时导体棒dk的加速度大小及它的最大速度大小： (2)越过绝缘件后，金属棒证从x=0运动到x=1m的过程中，外力F所做的功 B)企属棒从x=0运动到x=2知的过程中，流过金属棒的电荷量。 郊9页共9到 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B A B B A B C AD CD ACD 1．B　[均匀变化的电场在周围空间产生恒定的磁场，选项A错误；麦克斯韦首先预言了电磁波的存在，赫兹最先用实验证实了电磁波的存在，选项B正确；由于紫外线有显著的生理作用，杀菌能力较强，在医疗上有其应用选项C错误；X射线有很强的穿透本领，常用于医学上检查人体的内部器官，红外线没有，选项D错误．] 2．A 【详解】A．我国地区位于北半球，地磁场的磁感应强度的竖直分量竖直向下，根据楞次定律，线框中有顺时针方向的感应电流（俯视），故A正确； BC．由法拉第电磁感应定律和 − h图像得，感应电动势大小为 感应电流的大小为 可知感应电动势E保持不变，则感应电流的大小保持不变，故BC错误； D．根据楞次定律，线框的四条边有向外扩张的趋势，故D错误。 故选A。 3．B 【详解】A．根据周期公式 又 可知，故A错误； B．设D形盒的半径为，则最终射出回旋加速器的速度满足 即有 由动能定理得 联立解得，故B正确； C．由可得，最终射出回旋加速器的速度与电压无关，故C错误； D．因为氚与氦核的比荷不同，在磁场中做圆周运动的周期不同，所以不能用来加速氦核，故D错误。 故选B。 4．B 【详解】A．开关断开时，由于电感线圈的自感作用，在电感线圈与灯泡组成的回路中感应电流会持续一小段时间，所以灯泡A不会立刻熄灭，故A错误； B．将S断开，导致穿过线圈B的磁通量减小，线圈B中产生感应电流，线圈B中磁场缓慢变小，有延时释放D的作用，故B正确； C．真空冶炼炉的工作原理是炉中金属产生涡流使炉内金属熔化，不是炉体产生涡流，故C错误； D．毫安表的表头运输时要把正、负接线柱用导线连在一起，由于电磁感应现象中的“阻碍”作用，阻碍线圈的偏转，这是电磁阻尼原理，故D错误。 故选B。 5．A 【详解】A．升高液面高度时，相当于电容器的介电常数增大，根据公式，可知电容C增大；振荡电路的频率公式为，故频率减小，故A正确； B．增大电源的电动势时，开关S接a处时电容器的充电量增大，不影响振荡电路的频率，故B错误； C．减小线圈匝数时，电感的自感系数减小，振荡电路频率增大，故C错误； D．增加平行金属板间距时，电容器的电容值减小，振荡电路的频率增大，故D错误。 故选A。 6．B 【详解】A．根据楞次定律，导体棒、最终以相同的速度匀速直线运动，设共同速度为，水平向右为正方向，根据动量守恒定律可得 解得 两导体最终都以的速度匀速运动，故A错误； B．以初速度向右运动时两导体棒加速度最大，则有 解得 故B正确； C．当导体棒、速度相等时距离为零，则两棒初始距离最小，设最小初始距离为l，则通过导体棒横截面的电量为 对导体棒，由动量定理得 即 解得 故C错误； D．设导体棒、在整个过程中产生的焦耳热为，根据能量守恒定律可得 解得 故D错误； 故选B。 7.C 【详解】A．由于线框做初速度为0，加速度为a的匀加速直线运动由 ，， 解得感应电流 感应电流与时间成正比，故A错误； B．由安培力公式有 由上面几式解得 线框做匀加速度直线运动由牛顿第二定律有 解得 外力与时间的关系为一次函数，不是成正比，故B错误； C．线框中电功率的瞬时值为P则 解得 线框中电功率的瞬时值为P与时间是二次函数关系，图像是开口向上的抛物线，故C正确； D．通过导体横截面的电荷量为q有 ，， 由上式解得 又因为磁通量的变化量有 解得 通过导体横截面的电荷量为q与时间是二次函数关系，图像是开口向上的抛物线，故D错误。 由于本题选择错误的，故选C。 8．AD 【详解】A．由图可知，在t = 0.01s的时刻，电动势为0，则为中性面，穿过线圈磁通量最大，A正确； B．由图可知电动势的最大值为，周期为0.02s，则瞬时电动势的表达式为 B错误； C．由图可知电动势的最大值为，所以有效值为 电压表的示数为灯泡电压 C错误； D．灯泡的功率为 电功率为3.24瓦 D正确。 故选AD。 9．CD　[根据题图乙可知，在t0～3t0时间内，线框做匀加速直线运动，所受合外力为F，根据牛顿第二定律可得加速度为a＝得t0时刻线框的速度为v＝v0－a·2t0＝v0－，故A错误； t＝0时刻，线框右侧边MN两端的电压为外电压，线框产生的感应电动势为E＝Bav0 外电压即MN两端的电压为U外＝E＝Bav0，故B错误； 线框进入磁场过程中，流过某一截面的电荷量为 q＝IΔt＝Δt，而E＝＝ 联立解得q＝，故C正确； 由题图乙可知，线框在位置1和位置2时的速度相等，根据动能定理，知外力做的功等于克服安培力做的功， 即有Fb－W克安＝ΔEk＝0， 解得W克安＝Fb，故线框中产生的焦耳热为Fb，故D正确．] 10.ACD 【详解】A．如图所示 粒子从最右侧射入时，轨迹圆心为，根据几何关系可知为等边三角形，所以，故A正确，B错误；C正确 D．从点离开磁场的粒子在磁场中转过的角度可能为，也可能是，则在磁场中运动的时间可能为 也可能是 故D正确。 故选ACD。 11． (1)右 (2)红 (3)磁通量的变化率 【详解】（1）依题意知，当穿过线圈B的磁通量增加时，电流计指针向左偏，将铁芯拔出，穿过线圈B的磁通量会减小，根据楞次定律，可知电流计指针向右偏； （2）将条形磁铁向下移动一小段距离，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律以及安培定则可知回路中的电流沿逆时针方向，故红色二极管发光； （3）依题意可知，条形磁铁向上移动得越快，越大，越大 由 得越大，越大，说明感应电动势随磁通量的变化率的增大而增大。 12．(1)AD (2)增大 (3) (5) 【详解】（1）AB．变压器是利用互感现象工作的，有闭合铁芯时，能大大增强原、副线圈之间的磁耦合，使实验效果更明显。如果使用无铁芯的原副线圈，磁场会有很大的漏磁导致实验误差较大，所以必须选用有闭合铁芯的原副线圈，A正确，B错误； C．变压器只能对交流电压进行变压，直流电源不能产生变化的磁场，无法在副线圈中产生感应电动势，所以不能用直流电源，C错误； D．要测量原、副线圈两端的交流电压，多用电表低压交流电压挡可以用来测量交流电压，所以需要选用，D正确。 故选AD。 （2）根据变压器的变压比公式，当保持原副线圈匝数、不变时， 与成正比。当原线圈接入电压增大时，副线圈两端电压也会增大。 （3）由题中数据可知， 因实际变压器有漏磁、发热现象，可知为原线圈，直接与电源相连。 （4）把变压器和R等效为一个电阻，当作电源内阻，当内外电阻相等，即时，输出功率最大，根据理想变压器电压与匝数比的关系 得 根据理想变压器电流与匝数比的关系 原线圈的等效电阻 当时，即 解得 13．．(1)，方向水平向右 (2) (3) 【详解】（1）对导体棒受力分析，可知，安培力方向水平向右！根据共点力平衡条件可得安培力 （2）根据安培力 又因为 联立解得 （3）当安培力沿斜面向上时，即磁感应强度的方向垂直于导轨平面向上时，安培力最小，磁感应强度最小，则 解得 14．(1) (2) (3) 【详解】（1）粒子沿直线通过cdef区域，可知 解得 （2）由逆向思维可知，粒子在左侧电场中做类平抛运动，可知， 解得 （3）粒子在圆形磁场中做匀速圆周运动，则 解得r=L 则粒子转过的圆心角为 可得 则时间为 回到圆孔时间 15．(1)， (2) (3) 【详解】（1）金属棒ab产生的电动势 电流 由牛顿第二定律得 得 当de到达最大速度时，de切割磁感线产生的电动势与相等，所以有 得 （2）金属棒de在处的安培力大小为 而根据题意金属棒de所受的安培力大小不变，处与处安培力大小相等，有 解得 在金属棒de从运动到过程中，根据动能定理有 代入数据解得 （3）根据法拉第电磁感应定律，有 根据欧姆定律，有， 由图乙可知 联立以上各式并代入数据得 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $