第20期 必修第三册 核心素养阶段测试(四)测试内容第2-3章-【数理报】2025-2026学年高中物理必修第三册同步学案（教科版）

高中物理教科（必修第三册）第17~20期 数理极 答案详解 2025~2026学年高中物理教科（必修第三册）第17~20期(2025年11月) 第17期3版参考答案 方向由安培定则可得与OM垂直，同理长直导线b在0点产生 A组 的磁感应强度大小为B,方向由安培定则可得与OW垂直，如 一、选择题 图所示，两个磁感应强度合成后大小为B,方向平行于MW向 1.C2.A3.C4.D5.C6.A7.B 右，则要使0点处的磁感应强度大小为零，所加匀强磁场的磁 提示： 感应强度水平向左，故匀强磁场的方向与OM的夹角为60°，故 1.铁棒被磁化前内部各磁畴取向是杂乱的，当铁棒被磁化 C正确， 后内部各磁畴取向相同，故AB错误；铁棒属于软磁体，磁化后 6.当电流同向时，根据右手螺旋定则，两电流在线圈处产 其磁性很容易消失，比如：强震动，故C正确：铁、钴、镍以及由 生的磁场方向垂直于线圈，方向相反，磁通量为零，电流方向相 它们组成的材料能被磁化，并不是任何材料的物体都容易被磁 反时，在线圈处产生的磁场方向相同，产生的磁通量不为零，故 化，故D错误 A正确，BCD错误 2.由于在磁勺正上方放置一根由南向北通电的直导线，根 7.设a处导线在b点处磁感应强度为B。,则有2B。=B1,在 据安培定则可知电流在磁勺处的磁场方向指向正西方向，则磁 B 勺的N极向正西方向转动，S极向正东方向转动，根据题意可 d点处有B。-B=B,联立解得B=2-B,故B正确。 知，勺柄为磁勺的S极，即勺柄将向正东方向转动.故A正确。 二、填空题 3.根据安培定则可知，12在P点处产生的磁场垂直于纸面 8.奥斯特N大于左 向外，11在P点处产生的磁场垂直于纸面向里.因为在点P处 三、计算题 放一个小磁针，小磁针静止时N极垂直于纸面向外，说明P点 9.(1)0.12Wb;(2)0.36Wb:(3)0,0或180°. 处的合磁场垂直于纸面向外，又因为P点在角平分线M上，则 解析：(1)当0=60°时，穿过线圈的磁通量大小为 P点离两通电直导线的距离相等，所以I,的电流强度小于2： Φ，=BScos60°=0.12Wb 故C正确 (2)从aa'd平面向bb'c平面方向看，把线圈以cd为轴顺时 4.地球仪受到重力和通电线圈给它的磁场力，故A错误； 针转过120°角，此时通过线圈的磁通量为 地球仪受到的磁场力方向保持不变，可知通电线圈产生的磁场 ④2=BScos180°=-0.24Wb 方向不变，通电线圈的电流方向不变，故电路中的电源必须是 磁通量的变化量的绝对值为 直流电源，故B错误；由图乙可知通电线圈产生的磁场方向向 △Φ=1Φ2-Φ11=0.36Wb. 上，根据右手螺旋定则可知，电路中的b端点须连接直流电源 (3)若0=90°，则此时线圈平面与磁感线平行，穿过线圈 的正极，故C错误；增大线圈中的电流，通电线圈产生的磁场变 的磁通量为0.当线圈平面与磁感线垂直时，穿过线圈的磁通 强，地球仪悬浮的高度会发生改变，故D正确， 量最大，此时0等于0或180° 5.根据通电直导线在周围产生的磁 B 10.(1)4×106T,家庭通电导线的磁感应强度比地磁场 场的微感应强度为B=兰，可如长直号 的磁感应强度小得多； 线a在O点产生的磁感应强度大小为B, (2)2×106T,输电线正下方的磁感应强度比家庭电路中 060 的磁场的磁感应强度略小 高中物理教科（必修第三册）第17~20期 解析：(1)根据B=k子，解得距离导线0.5m处的磁感应 三、计算题 5.(1)5×106T,与水平方向成53°斜向下； 强度B1=4×106T,地磁场的磁感应强度约为B。=5× (2)8×106Wb. 105T,所以比地磁场的磁感应强度小得多， 解析：(1)根据题意可知，依据平行四 (2)输电线正下方地面的磁感应强度B,=k上=2×106T, d 边形定则可得地磁场B的大小为 比家庭电路中的磁场的磁感应强度略小 B=B+B=5×106T B组 B与水平方向的夹角（即磁倾角） 一、多选题 B, 4 a arctan arctan- 3 =539 B 1.AD 2.AD 3.BC (2)地磁场与水平面不垂直，取其与水平面垂直的B,分 提示： 量，故磁通量为 1.当电流从电磁铁的接线端α流入时，根据安培定则可 Φ=BS=4×106×2.0Wb=8×106Wb. 知，电磁铁的上端为S极，吸引小磁铁向下运动，则小磁铁的下 第18期3版参考答案 端为N极；电磁铁上部的A点磁场方向向下，故A正确，B错误； A组 由于电磁铁上端为S极，下端为N极，图中B点磁场方向向上， 一、选择题 C点磁场方向也向上，B、C两点磁场方向相同，故C错误，D正 1.C2.D3.C4.B5.A6.C7.A 确。 提示： 2.由安培分子电流假说可知，低温情况下，分子运动不剧 1.普朗克为了解释黑体辐射现象，第一次提出了能量量子 烈，在外磁场的作用下，分子环形电流的磁极趋向基本一致，因 化理论，故C正确。 而易被磁化，而高温时，分子剧烈运动，导致分子环形电流的磁 2由题意可知，圆管为金属导体，导体内部自成闭合回路， 极趋向重新变得杂乱无章，进而达到消磁目的.故AD正确。 且有电阻，当周围的线圈中产生出交变磁场时，就会在导体内 3.根据右手螺旋定则，M处导线在O点产生的磁场方向竖 部感应出涡电流，电流通过电阻要发热，该过程利用的原理是 直向下，V处导线在O点产生的磁场方向竖直向下，合成后磁 电磁感应现象，其发现者为法拉第，故D正确， 感应强度不等于0，故A错误；M在a处产生的磁场方向竖直向 3.穿过闭合回路的磁通量发生改变时，回路中有感应电流 下，在b处产生的磁场方向竖直向下，N在a处产生的磁场方向 产生，若电流表没有接入电路或有一个恒定的磁场，电流表都 竖直向下，在b处产生的磁场方向竖直向下，根据磁感应强度 不会有示数，故A错误；同理，将电流表与线圈组成闭合回路， 的叠加知，a、b两点处磁感应强度大小相等，方向相同，故B正 使线圈沿某一方向运动，如果线圈运动的方向与磁场方向平 确；M在c处产生的磁场方向垂直于cM偏右下方，在d处产生 行，电流表无示数，也不能判断出没有磁场，故B错误；电流表 的磁场方向垂直dM偏左下方，N在c处产生的磁场方向垂直于 有示数则说明穿过线圈的磁通量发生变化，一定有磁场，故C cW偏左下方，在d处产生的磁场方向垂直于dN偏右下方，根据 正确：将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某一个与磁场 平行四边形定则，可知c处的磁场方向竖直向下，d处的磁场方 平行的平面内沿各个方向运动，线圈的磁通量不变，电流表也 向竖直向下，且合磁感应强度大小相等，故C正确；由以上分析 不会有示数，因此不能断定火星表面无磁场，故D错误 可知，a、b、c、d、0五点处磁感应强度的方向都竖直向下，方向 4.线圈进人磁场和离开磁场的过程，穿过线圈的磁通量都发 相同，故D错误 二、填空题 生变化产生感应电流，测有感应电流的时间为1=故B正确 4.(1)前 5.无线光通信技术是光信号在空气中直接传输，光纤通信 (2)将电源正负极对换 将探管从另一端插入 中的光信号是在光纤中传输.不论哪种方式，传输的都是文字、 (3)D(4)B 数据和图像等信息.红外线的频率由电磁波谱可知比可见光的 高中物理教科（必修第三册） 第17~20期 频率低，由爱因斯坦的光子论可知e=h,红外光子的能量比 B组 可见光的光子能量小，故①②正确。 一、多选题 6.由于线框内的磁通量没有发生变化，所以没有感应电 1.AB 2.ABC 3.AD 流.故A错误；若线框沿y轴正方向平移，由于磁场沿y轴方向 提示： 均匀分布，则线框内的磁通量没有发生变化，因此框内没有感 1.电磁波在真空中的传播速度等于光速，与电磁波的频率 应电流产生.故B错误；若线框沿x轴负方向平移，由于磁场沿 无关，故A正确；周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成 x轴正方向逐渐稀疏，磁通量发生变化，则框内有感应电流产 电磁波，故B正确；麦克斯韦预言了电磁波，赫兹第一次用实验 生.故C正确；由于磁场沿x轴正方向逐渐稀疏，以ab为轴翻转 证实了电磁波的存在，故C错误；利用电磁波传递信息可以实 180°后，磁通量不为-Φ，则这一过程中框内磁通量的变化量 现无线通信，但电磁波也能通过电缆、光缆传播，如光纤通信， 不为2巫.故D错误。 故D错误 7.设人体与该装置的安全距离至少为x,则75 2.能量子假说认为，物质发射（或吸收）能量时，能量不是 4nx2 连续的，而是一份一份进行的，每一份能量单位，称为“能量 0.15W/m2,解得x≈2.0m,故A正确， 子”，能量子的能量e=m,v为电磁波的频率，h为普朗克常 二、实验题 量，故ABC正确，D错误. 8.(1) 3.开门、关门时，线圈磁中通量都发生了改变，都会出现感 应电流，语音系统都会发出语音.故A正确，B错误；由图可知， 开门时线圈的磁通量减小，关门时线圈的磁通量增大.故C错 误，D正确， 二、实验题 4.(1)如图所示 (2)a; (3)①断开开关②插人或拔出线圈A. 三、计算题 9.3个. 解析：每个光子的能量为B,=h加=h大，能引起人的眼睛 (2)发生发生 视觉效应的最小能量为E=l0-8J,由E=nE。可得能引起人 解析：(1)A线圈与滑动变阻器、电源、开关构成闭合电路， 眼的感觉，进人人眼的光子数至少为 B线圈与灵敏电流计连接构成回路 =是：是600o个=3个 (2)移动滑动变阻器的滑片和断开开关都会导致B线圈 中的磁通量发生变化.从而使B线圈中产生感应电流，进而让 10.(1)2×10-7m; 灵敏电流计指针发生偏转. (2)紫外线波段； 三、计算题 (3)6×10-1Bm. 5.(1)2×104s;(2)5×105个. 解析：(1)由波速公式c=入f得 解析：(1)已知激光器的功率P=10W,每次“点焊”需要 3×108 1=￡=5×105m=2×10-7m 的能量E=2×103J,根据E=Pt得，每次“点焊”视网膜的时 (2)该电磁波属于紫外线波段. 间是 (3)由0=A了得W=宁=.50m=6×105m 900 4=台=20s=2×10 一3 高中物理教科（必修第三册）第17~20期 (2)设每个光子的能量为E,则E,=m=h只 提示： 8.微波是一种电磁波，它的波长在10-3m~10m之间，传 在这段时间内发出的激光光子的数量 播不需要介质，故A正确，B错误；由于分子和原子的热运动引 。是名四 g个≈5×105个 起的一切物体不断向外辐射的电磁波又叫热辐射，故C正确； 第19期3-4版参考答案 普朗克引入能量子假说建立的黑体辐射理论与实验符合非常 一、选择题 好，故D正确， 1.A2.C3.D4.B5.D6.D7.B 9.根据安培定则可判断出电流产生的磁场的方向，线圈α 提示： 中的磁场方向垂直于纸面向里，线圈c中的磁场方向垂直于纸 1.根据麦克斯韦电磁场理论，变化的磁场产生电场，变化 面向外，线圈b、d中的合磁通量始终为零，故增大两直导线中 的电场产生磁场，故A正确，C错误；根据麦克斯韦电磁场理 的电流时，线圈a、c中的磁通量发生变化，有感应电流产生，而 论，均匀变化的磁场产生恒定电场，均匀变化的电场产生恒定 线圈bd中无感应电流产生，故CD正确，AB错误 磁场，故BD错误。 10.汽车在刹车过程中，动能减小，减小的动能一部分以电 2.安培分子电流假说认为：任何物质内部都有无数的微小 能的形式存储，因此制动能量回收系统一定利用了电磁感应现 的分子电流，之所以在通常情况下不表现磁性，是因为这些分 象，将车辆的部分动能转化为电能，故AD正确，BC错误 子电流杂乱无章的排列，当在一定的外界条件下时，这些分子 三、实验题 电流有规则排列，即显示出磁性.所以失去磁性表明分子电流 11.不偏转偏转 偏转不偏转偏转 的取向变得杂乱，故C正确. 12.(1)不对丙 3.在匀强磁场中，“眼眶”与磁场B平行，穿过的磁通量Φ (2)A.当磁场方向不变时，感应电流的方向与导体的运动 =0,“眼眶”与磁场B2垂直，则穿过的磁通量④=B2S,故ABC 方向有关 错误，D正确 B.当导体的运动方向不变时，感应电流的方向与磁场的 4.磁感线越密集的地方磁感应强度越大，由图可知B,> 方向有关 B。>B.故B正确 解析：(1)闭合电路中的一部分导体在磁场中运动，磁通 5.根据安培定则可知，铁环中心O点的磁场竖直向下；电 量不一定发生变化，因此不一定发生电磁感应现象，也就不一 流从B流入时，根据安培定则可知电磁铁上端为N极，发现小 定产生感应电流，图丙中指针不偏转就说明这一结论 磁铁向下运动，则小磁铁的下端为S极.故D正确， (2)A.图甲和图乙是采用控制变量法的对比实验，即保持 6.根据安培定则，导线C在D点的磁场方向沿DA方向，大 磁场方向不变的情况下，研究指针的偏转方向（感应电流的方 小为B。=k日，导线A在D点的隧场方向沿D方向，大小为 向)与导体的运动方向间的关系.B.图乙和图丁也是采用控制 B,=kI,导线B在D点的磁场方向沿与BD方向垂直斜向上 变量法的对比实验，即保持导体运动方向不变的情况下，研究 指针的偏转方向（感应电流的方向）与磁场方向间的关系 45°方向，大小为B。三k瓦则D点的磁感应强度大小为B了 四、计算题 万B,+B。=k3L,故D正确 13.(1)2BS:(2)5+s 2 2a 7.打断该材料分子键需要的能量为该激光器单光子能量， 解析：(I)设此时穿过线圈为正面，穿过abcd面的磁通量 则该激光的光子能量为8=加=织解得e=55×10J, Φ=BSsin30 BS, 故B正确， 解得：Φ=2 二、多选题 (2)当线框以ab为轴顺时针转过90°后，则穿过线圈为反 8.ACD 9.CD 10.AD 面，穿过abcd面的磁通量'=-BScos30° 4 高中物理教科（必修第三册）第17~20期 3.磁场与线框平面垂直，且线框中有磁场部分的面积为S 解得：=- 转动过程中磁通量的变化量△Φ=1Φ'-④1 -分（宁，穿过线框的随通量为0=因=m令，放C正 解得：△Φ=B+BS 确。 2 4.当两电阻并联接上5V电压时，它们的电流相等，根据R 14()2B,:（2)B=亿+0 BoL 了可知，此时电阻相等，故B正确，ACD错误 解析：(1)t=0时穿过MDEW回路的磁通量为 5.把电流表改装成电压表，需要串联一个电阻分压，根据 0=Bn0=上 欧蜡定律可得串联电阻阻值=号-人，=设20-80n (2)当穿过MDEN回路的磁通量不变时，MW棒中不产生 =42002=4.2kD,故C正确，ABD错误. 感应电流，可得Φ=BL(L+t)sin 0 6.设样品的电阻率为P,根据电阻定律R=p冬，得出样品 BoL 解得B与t的关系式为B= (L+vi) 15.9.4×1012个 沿松方向的电阻R=P是解得P-必放A正确：样品沿CD 解析：钠黄光的频率 方向的电阳风。=总洁合0=些据得风号故B特 ”=天=03020=5.1×10™ 3×108 误：若a=b,由R=P是可得R=尽，当增加厚度c,沿着AB 则一个光子的能量 E。=hm=6.63×1034×5.1×104J≈3.4×10-19J 方向的电阻R减小，故C错误；若a=b,由Rm=PC,减小厚 又钠光灯在t=1s内发出的光能 度c,沿着CD方向的电阻增大，故D错误 E=Pt=40×1J=40J 7.磁场中某点不能有两个磁场方向，故而磁感线不能相 那么在t=1s内穿过S=1cm球壳面积的光能量 交，故A错误；磁感线某点处的切线方向为该点的磁场方向，故 E,=sE=1×104×40 4m4×3.14文10J=3.2×10」 B正确；磁感线为闭合曲线，故而在“磁星”内部仍然存在磁场， 故C错误；若所选择的区域平行于磁感线，或磁感线从某侧进 则每秒钟穿过该球壳1cm2面积的光子数 入又从同一侧穿出时磁通量依然为零，故D错误 .E1-3.2×106 n==.4×105=94×10(个. 二、多选题 8.AC 9.BD 10.BD 第20期参考答案 提示： 一、选择题 8.图示位置，线框平面与磁场垂直，线框中的磁通量Φ= 1.C2.D3.C4.B5.C6.A7.B BS,故A正确：以CD边为轴，让线框CDEF转过180°，磁感线进 提示： 入平面的方向发生了改变，线框中的磁通量变化量△Φ=2BS, l.根据电流的微观表达式I=neS,可得该铜线中自由电 故B错误；线框以CF边为轴在磁场中转动，线框中的磁通量时 子定向移动的平均速率为v= ≈2.9×10+m/s,故C正确。 刻在发生改变，线框中会产生感应电流，故C正确：线框绕过D 2.根据麦克斯韦的电磁场理论可知，变化的磁场产生电 点与磁场平行的轴转动，线框中的磁通量始终为BS,线框中不 场，变化的电场产生磁场，如果电场不变化，不会产生磁场，同 会产生感应电流，故D错误. 理，磁场不变化，不会产生电场，故A错误；均匀变化的电场一 9.定值电阻的伏安特性曲线斜率等于电阻，电源U-I图 定产生稳定的磁场，均匀变化的磁场周围一定产生稳定的电 像的斜率的绝对值表示内电阻，则由图可得，两者阻值相等，故 场，故BC错误；周期性变化的电场一定产生同周期变化的磁 A错误；根据题意得，当外电流增大，则定值电阻两端电压增 场，故D正确。 大，可知1表示定值电阻，2表示电源，故B正确；对于电源，当 高中物理教科（必修第三册）第17~20期 内外电路的电阻相等时输出功率最大，而外电路电阻越大，效小于真实值. 率越大，故C错误，D正确， 四、计算题 10.现将滑动变阻器R的滑片P稍向上移动，滑动变阻器 13.解析：设等边三角形的内切圆的半径为r,则根据几何 接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，路端电压减小，根据闭 关系可得，=Ran300=R 3 合电路欧姆定律可得，干路电流I增大，电灯L,两端的电压增 大，所以电灯L变亮，路端电压减小，所以L,与滑动变阻器并 初始状态的磁通量更，=BS=B·πr2= 联电压减小，所以L2变暗，故A错误，B正确；干路电流I增大， 线圈绕虚线ab旋转90°时磁通量④2=0 L2与滑动变阻器并联电压减小，所以通过L2的电流减小，根据 磁通量的变化量的大小为 并联电路的特点，电流表的示数增大，故C错误；根据P=EI可 知干路电流I增大，电源的总功率增大，故D正确. AD=1重-01=10-gBR1=号mBR 三、实验题 g-答e=1=后侣 11.(1)0.348; 解析：(1)电子绕核做匀速圆周运动，根据库仑定律和牛 (2)乙； 领第二定律有号：m r 1 E且 电子的动能为E=之mu 解得瓦一号 解析：(1)由螺旋测微器的读数规则可知，该金属丝直径 的测量值为d=34.8×0.01mm=0.348mm (2)由于电子的电势能为E。=-e (2)乙图电压表示数为待测电阻两端实际电压，电流表示 因此，氢原子的能量为￡=片+上，：空 2r 数为流过待测电阻及电压表电流之和，故电流表示数偏大，由 欧姆定律可知，电阻测量值偏小，同理可知，丙图电阻测量值偏 (3)电子绕核运动形成的等效电流1=号，而7=2严 大，故测量值比真实值偏小的应是乙图所示的电路。 解得I= 2urVmr (3)实物连接如图所示，滑动变阻器的滑片置于b端时，接 15.(1)12;(2)0.12W;(3)93.3%. 入电阻最大，接通电路后的电流最小。 解析：(1)开关S接1时，根据闭合电路欧姆定律有 12.(1)(b)D;(2)1.451.00:(3)小于小于 E=UL+I(r+R) 解析：(1)因电流表内阻与电源内阻很接近，故应选择相 又小灯泡功率P=1U 对电源来说的外接法；故选(b)电路；因电流表量程较大，故为 代入数据解得r=12. 了减少误差，滑动变阻器需选小电阻，故选D: (2)开关S接2时，根据闭合电路欧姆定律有 (2)根据闭合电路欧姆定律U=E-1r,知U-I的纵轴截 E U +Uy +hr 距表示电源电动势，斜率表示电源内阻，由图像可得E= 解得UM=0.8V 1.45V,r=1.45-000=1.000. 0.45 电动机的输入功率为P人=UMI=0.8×0.2W=0.16W (3)该实验测量的误差主要来自于 15 发热功率为P热=r=0.04W, 电压表的分流，即所测的外电压和电流， 1.4 13 所以输出功率为P出=P入-P热=0.12W 外电压是准确的，测量的电流偏小，作出12 1.1 如图所示的图线，虚线表示真实图线，实10.0o2034o5 ■中 (3)电源的效率为)一受×10%=2学×10%=83汽 3 线表示测量图线，可知，测量的电动势小于真实值，测量的内阻 一 6《必修第三册》核心素养阶段测试（四） ◆数理报社试题研究中心 (测试内容：第2章一第3章) 第I卷选择题（共46分） 一、单选题（本题共7小题，每题4分，共28分，选对得4分，选对得4分，选错或不选得0分） 郑 1.某同学家里照明进户线选用的是横截面积为2.5mm的铜线，该铜线内自由电子的密度 为8.4×1028个/m3,某段时间该铜线中通过的电流为9.6A,e=1.6×10-19C,则该铜线中自由 电子定向移动的平均速率为 ( A.3.0×108m/s B.2.9×102m/s C.2.9×104m/s D.3.0×10-m/s 2.根据麦克斯韦电磁场理论，下列说法正确的是 ( ) A.有电场的空间一定存在磁场，有磁场的空间也一定能产生电场 B.在变化的电场周围一定产生变化的磁场，在变化的磁场周围一定产生变化的电场 C.均匀变化的电场周围一定产生均匀变化的磁场 D.周期性变化的磁场周围空间一定产生周期性变化的电场 3.如图1所示，边长为1的n匝正方形线框内部有一直径为1的半圆形区域的匀强磁场，磁 场的磁感应强度为B,则穿过线框的磁通量是 ( ) A.BL B.nBL2 C.BT p一8 D.nB8 图1 图2 4.如图2所示的U-I图像中，直线I为电阻R,的伏安特性曲线，曲线Ⅱ为电阻R2的伏 安特性曲线，当两电阻并联接上5V电压时，它们阻值的大小关系是 ( A.R>R2 B.R=R2 C.R R2 D.条件不足，无法判断 5.一个电流表的满偏电流I.=2mA,内阻为8002，要把它改装成一个量程为10V的电压 表，则应在电流表上 ( A.串联一个5k2的电阻 B.并联一个5k2的电阻 C.串联一个4.2k2的电阻 D.并联一个4.2k2的电阻 6.如图3所示，一块均匀的长方体样品，长为α、宽为b、厚为c,若沿着AB方向测得的电阻为 R,下列说法正确的是 A.样品的电阻率为Rc B沿CD方向的电阻为。A C.若a=b,增加厚度c,则沿着AB方向的电阻不变 D.若a=b,减小厚度c,则沿着CD方向的电阻不变 图3 图4 7.如图4所示，宇宙中“破坏力”最强的天体“磁星”，危险程度不亚于黑洞，其磁感应强度 相当于地球磁场的1000万亿倍，下列有关磁星的磁场说法正确的是 A.“磁星”表面的磁场如此强大，故而磁感线非常密集，导致磁感线可能相交 B.“磁星”表面各点的磁场方向可以用磁感线在该点的切线方向表示 C.磁场只存在于“磁星”外部，而“磁星”内部不存在磁场 D.若在“磁星”表面选一闭合区域，则闭合区域中的磁通量不可能为零 二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分，每小题给出的四个选项中，有多个选项是 正确的，全选对的得6分，少选的得3分，有错选或不选的得0分) 8.如图5所示，面积为S的长方形线框CDEF放在垂直纸面向里、足够大×××××Bx 的、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，线框平面与磁场垂直，下列分析正确×区××× 的是 A.图示位置，穿过线框CDEF中的磁通量Φ=BS B.以CD边为轴，让线框CDEF转过180°，这一过程中，线框中的磁通量 图5 变化量△Φ=0 C.线框以CF边为轴在磁场中转动，线框中会产生感应电流 D.线框绕过D点与磁场平行的轴转动，线框中会产生感应电流 9.如图6所示，在同一坐标系中分别画出某定值电阻和某电源的U-I图 像，两图线与横轴夹角分别为α、B,且=B,若将该定值电阻与该电源串联形成 闭合回路，则 A.该定值电阻与该电源内阻大小无法比较 B.1表示定值电阻，2表示电源 C.此时电源效率达到最大 D.此时电源输出功率达到最大 图6 图7 10.如图7所示的电路中，电源电动势为E,内阻为r.开关S闭合后，电灯L、L2均能发光，现 将滑动变阻器R的滑片P稍向上移动，则下列说法正确的是 A.电灯L、L2均变亮 B.电灯L,变亮，电灯L2变暗 C.电流表的示数变小 D.电源的总功率变大 第Ⅱ卷非选择题（共54分) 三、实验题（本题共2小题，共18分，将正确答案填在题中横线上或按要求作答） 11.(6分)在“测定金属丝的电阻率”的实验中： (1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其示数如图8甲所示，则该金属丝直径的测量值为 mm; 电阻丝 图8 (2)有两位同学设计的测量电阻的电路一部分分别如图乙、丙所示，若分别用这两个电路 进行实验，则测量值比真实值偏小的应是 图所示的电路.（选填“乙”或“丙”）】 (3)请根据图丁所示电路图，用连线代替导线完成图戊中的实验器材连接，并使滑动变阻 器的滑片置于b端时，接通电路后的电流最小、 12.（12分)在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材： A.待测干电池（电动势约1.5V,内电阻约1.02） B.电压表V(量程0~3V,内阻R、约为10002) C.电流表A(量程0~0.6A,内阻R约为12) D.滑动变阻器R,(0~202,10A) E.滑动变阻器R2(0~2002,1A)》 F.开关和导线若干 (1)某同学设计了如图9甲所示的()、(b)两个参考实验电路，其中合理的是 图 所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选 (填写 器材前的字母代号) UN (b) n8六 图9 (2)图乙为该同学根据(1)中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的图线，则由 图线可得被测电池的电动势E测量=一V,内阻r测量= 2.(结果保留3位有效数 字) (3)该同学根据(1)中选出的合理的实验电路，则由图线被测电池的测量电动势E测量 实际电动势E际，测量内阻「测量实际内阻「实际·（选填“大于”“小于”或“等 于”) 四、解答题（本题共3小题，共36分，解答应写出文字说明、方程式和演算步骤.只写出最后 结果的不能给分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位) 13.(10分)一匝数为N、边长为2R的等边三角形线圈如图10所示放置， 在其虚线内切圆范围内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B. 如果将线圈绕虚线αb旋转90°，求这个过程中穿过线圈磁通量的变化量. 图10 14.(12分)氢原子中核外电子绕核做半径为r的匀速圆周运动.已知电子的质量为m,电荷 量为e,静电力常量为k.不考虑相对论效应 (1)求电子的动能； (2)选离核无限远处电势能为0，电子的电势能E,=-@,求氢原子的能量； (3)求电子绕核运动形成的等效电流1. 15.(14分)如图11所示，电源电动势E=3V,小灯泡L标有“2V 0.4W”,开关S接1，当变阻器调到R=4Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关 r 2① S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作.电动M的内阻为12.求： (1)电源的内阻； 图11 (2)电动机M的输出功率； (3)电源的效率 斟 烯 (参考答案见24期)