【青桐鸣大联考】2026届高三12月联考物理（B卷）试题

秘密★启用前 2026届普通高等学校招生全国统一考试 青桐鸣大联考（高三） 遍 物理(B卷) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。 2.回答选择題时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需 蒙 改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在 本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合题目要求的。 1.如图所示为现代所做的伽利略斜面实验的频闪照片：让小球沿左侧斜面从静止开始向下运 动，小球将冲上右侧斜面；减小右侧斜面的倾角，重复实验，直至斜面最终变为水平。几次实 验中小球都从同一位置由静止释放，下列说法正确的是 A.右侧斜面的倾角越小，小球冲上右侧斜面过程中的平均速度越大 B.右侧斜面的倾角越大，小球冲上右侧斜面过程中的平均速度越大 C.由于小球与斜面之间存在摩擦，右侧斜面的倾角越小，小球冲上右侧斜面高度越低 D.由于小球与斜面之间存在摩擦，右侧斜面的倾角越大，小球冲上右侧斜面高度越低 2.学校的水火箭实验小组制作的水火箭两次从A点斜抛的运动轨迹如图所示，两次运动的轨 迹分别为1和2，落点分别是B点和C点，忽略空气阻力，则 A.轨迹2对应的水火箭的运动时间更长 ☒ B.轨迹1对应的水火箭的运动时间更长 担 时 C.轨迹2对应的水火箭的初速度更大 D.轨迹1对应的水火箭的初速度更大 物理试题(B卷)第1页（共8页） 3.心脏除颤器的原理是首先向除颤器的储能电容器充电，使电容器获得一定的能量，再对患者 皮肤上的两个电极板放电，让一部分电荷通过心脏，刺激忠者的心脏恢复正常跳动。如图甲 是一次心脏除颤器的模拟治疗，图乙是其等效电路图。人体模型可导电，已知该心脏除颤器 的电源电动势为5kV,电容器电容为10μF,放电结束时电容器两极板间的电势差减为零， 电容器能量公式为E=CU,下列说法正确的是 电源 分 A.这次放电有0.5C的电荷量通过人体组织 B.电容器放电过程中，人体模型两端的电压不断减小 C.若电源电动势提高为10kV,则电容增大为20F D.放电过程中放出的电能为250J 4.一辆质量为m的汽车，在斜坡上以速度v匀速下坡。现发现前方有障碍物，司机立即刹车， 假设刹车过程中汽车所受摩擦力在刚开始最大，随着刹车片温度越来越高，其所受摩擦力逐 渐减小，最后汽车在障碍物前刚好停止，整个刹车过程用时为：。重力加速度为g,忽略空气 阻力。下列说法正确的是 A司机开始剂车时到障码物的距离为号 B从刹车到停止，礼车克服摩擦力做功为m心 C.从刹车到停止，汽车所受重力对汽车做功为m3心 2 D,从刹车到停止，合外力对汽车做功为-2m心 5.将一个小球以某一初速度水平抛出，不计空气阻力，小球在空中运动的过程中，其动能E, 随水平位移的平方x2变化的图像如图所示，已知图线与纵轴交 点的纵坐标为b、斜率为k,则可以求出下列哪个物理量 A.当地的重力加速度 B.小球的初速度 C,小球下落h时的动能 D.小球的重力 物理试题(B卷)第2页（共8页） 6.如图所示，一根与水平方向夹角为0=15°的杆固定放置，用三根轻细绳OM、ON、OP悬挂 一个小球，绳端M、N固定在杆上，小球处于静止状态，轻绳OM、ON与杆的夹角分别为 a=60°和B=15°.OM、ON上的拉力大小分别为F,和F,.则下列关系式正确的是 N 0 A.F1￥F:=3:2 B.F1:F:=2:3 C.F,:F,=5√2 D.F,F,=√E:5 7.中国的载人登月计划旨在2030年前实现人类首次登陆月球，为体验在月球上行走的感觉， 可采用悬在空中的氨气球拉着人在地面上前行。已知地球半径为R,地球表面重力加速度 为g,月球质量为地球质量的p倍，月球半径为地球半径的g倍，不考虑星球自转，为使质量 为m的人在地球表面前行感觉到和月球表面相同的“重力”，则氢气球对该人的拉力大小为 A.mg q B.(1)mg D.(1-)mg 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或 两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.在A、B处分别放置电荷量为q1,q:的点电荷，其中的一条电场线如图中实线所示。a和月 分别是该电场线在A、B处的切线与A、B连线的夹角，且a<B.下列说法正确的是 01g A.A、B处点电荷均带正电 B.A、B连线上从A到B电场强度先减小后增大 C.在图示电场线上由静止释放一个正试探电荷，试探电荷将沿电场线运动至B D.A、B处点电荷电荷量大小关系为|q>|q: 物理试题(B卷)第3页（共8页） 9如图甲所示的电路中，电源电动势为E,内阻为，电压表和电流表均为理想电表，移动滑动 变阻器的滑片、电源的输出功率P与电压表读数U的关系图像为如图乙所示的抛物线，则 电源电动势和内阻为 E 甲 乙 U。2 U。2 A.E=4U B.E=2U。 C.r一4P。 D.r=P。 10.如图所示，在第二、三象限内存在沿x轴负方向的匀强电场，场强大小为E,在第一、四象 2Exo 限（含y轴）存在辐射状电场，任意一点的电场方向由原点指向该点、大小为E,= r (r为该点到原点的距离)。在第二象限中坐标为（一x。,y。)的M点处由静止释放出质量 为m、电荷量为e的电子，不计电子的重力，下列说法正确的是 A电子第一次通过y轴时的速度大小为 2eEzo m B.电子第二次通过y轴时的速度大小为2 eEzo m C.电子从开始到再次回到M点所用的时间为4 2mxo 2m eE +xyoeEzo D.电子从开始到再次回到M点所用的时间为2 2mzo+ryo 2eEro m 物理试题(B卷)第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某同学利用数字化信息系统测量一节旧电池的电动势和内阻，实验装置如图甲所 示，多次改变电阻箱的阻值，记录电阻箱的阻值为R时电压传感器的示数U,并在计算机 上显示出如图乙所示的二R十R关系图线， AUUV) 9 01 x1000 x100 数 电压 采集器 传感器 0.50 R 61 计算机 -023 xIQ ×0.10 0 V(R+RXQ) 甲 乙 丙 (1)某次调节中，电阻箱各旋钮位置如图丙所示，则电阻箱的阻值为 Q: (2)定值电阻的阻值为R,则号 (用E、r、R。、R表示)： (3)根据图乙可得E=V,r=_D(结果均保留两位有效数字). 12.(9分)某实验小组同学用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律。他们将一不可伸长 的轻绳跨过光滑轻质定滑轮，轻绳两端分别与滑块和钩码相连接，滑块上固定有遮光条，滑 块和滑轮间的轻绳与导轨平行。将滑块在气垫导轨上由静止释放，测得滑块上的遮光条通 过光电门1、2的挡光时间分别为t1、2,若遮光条的宽度为d,光电门1、2之间的距离为L, 滑块和遮光条的总质量为M,钩码的质量为m,当地的重力加速度为g,气垫导轨已调节 至水平。 ,光电门 连气源 气垫导轨 (1)该实验小组在实验时， (填“需要”或“不需要”)将左侧垫高以平衡摩擦力： (2)滑块通过光电门2的瞬时速度为 (用题中字母表示)： (3)滑块在两光电门之间运动的过程中，滑块和钩码组成的系统重力势能的减少量为 ,动能的增加量为 ,若两者在误差允许范围内近似相等，则说明 物理试题(B卷)第5页（共8页） 13.(10分)如图所示，两个带电荷量均为Q(Q>0)的点电荷分别固定于M、N两点，M、N位 于同一水平线上，O为M、N连线的中点，一绝缘轻绳的一端系在O点，另一端系一个电荷 量为一Q、质量为m的小球A,小球恰能在M、N连线的中垂面内绕O点做圆周运动。已 知OA=OM=ON=l,静电力常量为k,重力加速度为g,求： (1)小球的最小动能： (2)小球的最大动能. A 物理试题(B卷)第6页（共8页） 14.(12分)如图所示，质量为m=2.0kg的物块P放置于水平面上，P和墙面间水平拴接着 劲度系数为k=50N/m的轻弹簧，且弹簧处于原长状态.现用水平力F向左级慢压P,使 P向左移动到某一位置，撤去水平力F后，物块P能先向右再向左运动，之后恰好不能再 向右运动。已知P与水平而间的动摩擦因数为μ=0.5，弹簧弹性势能可表示为E,= :,其中：为弹资形变量，弹资始终处于弹性限度内，最大静摩擦力每于滑动摩擦力， 亚力加速度g=10m/5,求： (1)P停止运动时弹簧的形变量大小： (2)在向左缓慢压P的过程中，力F的最大值和全过程中P与水平面摩擦产生的热量. 物理试题(B卷)第7页（共8页） 15.(17分)如图所示，竖直平面内固定着半径为R=0.5m的光滑圆弧形轨道，最高点A与圆 心O的连线竖直。质量M=2kg、长为d=8.5m的长薄板Q锁定于倾角0=37°的固定斜 面上，其最下端到斜面底端距离为l=12.5m,其最上端与圆弧形轨道相切。一质量为 m=3kg的滑块P(可看作质点)从A点以初速度v。沿切线进人轨道，经过B点时对圆弧 轨道的压力大小为F、=174N,之后滑上长薄板Q,同时解除对Q的锁定，Q滑到斜面最 底端时与固定在斜面底端的挡板碰撞后被锁定，P与挡板碰撞后以相同大小的速度返回。 已知P与Q之间的动摩擦因数μ1=0.5，Q与斜面之间的动摩擦因数μ2=0.25，最大静摩 擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°= 0.8。求： (1)P的初速度v。的大小； (2)Q与挡板相碰前瞬间的速度大小； (3)P滑上Q之后相对Q运动的总路程。 物理试题(B卷)第8页（共8页） 2026届普通高等学校招生全国统一考试 青桐鸣大联考（高三） 物理(B卷)参考答案 1.C解析：几次实验中小球都从同一位置释放，则 2mu6,若斜率和截距已知，其乘积满足b 1 冲上斜面前速度大小相同，最终都减小为零，由此 可得平均速度大小相同，A、B项错误；由于小球与 1 mg,小球的重力可求，D项正确。故选D。 斜面之间存在摩擦，右侧斜面的倾角越小，运动相 6.C解析：结点O受力平衡，水平方向有 同距离小球克服摩擦力做功越多，机械能损失越 F1cos(a-0)=F2cos(B+0),可得F1cos45°= 多，小球冲上右侧斜面高度越低，C项正确，D项错 误。故选C。 F2cos30°，即F1:F2=√3：√2，C项正确。故 2.B解析：水火箭在空中做斜抛运动，到达最高点 选C。 GM月 过程有九=号g,则水火箭运动的总时间一 R2,可得 .B解析：根据题意可得&A上R一GM 2、√2。由于h>h,所以>2，A项错误，B项 g8,为使质量为m的人在地面上前行感觉 8月、 到和月球表面相同的重力，氢气球对该人的拉力大 正确；轨迹1对应的水火箭的竖直初速度更大，但 水平初速度更小，合速度大小无法判断，C、D项错 小F=mg-mg月= -号)mg,B项正确，故 误。故选B。 选B。 3.B解析：电容器储存的电荷量为Q=CU= 8.BD解析：根据电场线方向可知，A处点电荷带正 0.05C,放电结束时电容器两极板间的电势差减为 电、B处点电荷带负电，A项错误；A、B连线上从 零，所以通过人体组织的电荷量为0.05C,A项错 A到B电场强度先减小后增大，B项正确；电场线 误；电容器的放电过程中，电容器的电荷量减少，人 为曲线，若试探电荷沿电场线运动，受力与速度同 体模型两端的电压不断减小，B项正确；电容器电 向，将做直线运动，互相矛盾，C项错误；由于α< 容只和电容器本身有关，C项错误；放电过程中电 B,可知A附近电场线比B附近更密集，根据电场 容器放出的电能为E=)CU=125J,D项错误。 原理可知q1>q2|,D项正确。故选BD。 9.BD解析：电压表测量的是路端电压，即U=E 故选B。 4.D解析：汽车做加速度减小的减速运动，其平均 1r,解得1=E- 2,代人P出=IE-Ir得P幽= 速度小于？，所以司机开始刹车时到障碍物的距离 _1+卫U,即输出功率与路端电压成二次函数 小于受，A项错误；根据题干条件不能确定礼车刹 关系，当U=号 时，电源的输出功率P最大，可得 车距离，重力对汽车做功无法计算，C项错误；根据 U.2 动能定理，可知合外力对汽车做功为一7m,即 E=2U,=P。B、D项正确。故选BD。 10.AC解析：根据动能定理可得，电子第一次经过 摩擦力做功和重力做功的代数和为一言m。,B项 1 2eEx0,A项 y轴时有eEx。-2mui,解得oi一√m 错误，D项正确。故选D。 2Exo mvf 5.D解析：小球速度为℃=√(gt)十6 正确；电子到达y轴时r=yo,有e yoyo ⑧子十i,动能为E,-名mv- 20·x2+ 电子在第一、四象限运动时，恰以O点为圆心、y0 为半径做匀速圆周运动，电子第二次通过y轴时 ·物理答案(B卷)（第1页，共3页）· 的速度大小仍为1= 2eEx0,B项错误；电子单 13.答案：(1)②Q1 m 2mgl 程在第二象限做一段加速运动，在第三象限做一 (2)②Q5 20,在第一象限和 4l 段减速运动，每段的时间t1= 解析：(1)小球在竖直面内做圆周运动，在最高点 第四象限各做一段四分之一圆周运动，每段的运 时速度最小，库仑力与重力的合力提供其做圆周 动时间t2一2 ,电子在第三象限速度减为0后， 运动的向心力。 由几何关系得小球A与M、N之间的距离均为 沿原路线返回M点，则电子从开始到再次回到 L=√2l, M点所用的时间为t=4t1+4t2=4, 每个点电荷对小球A的库仑力大小为 V eE 2m,C项正确，D项错误。故选AC。 F-kQi Q =k (2分) yoeExo 根据平行四边形定则和牛顿第二定律有 11.答案：(1)16.3(1分) (2分) (2E+E‘R,十R 2Fcos45°+mg=m7 (1分) 1 (3)2.0(2分)4.0(2分) Ek= 2m, 解析：(1)根据电阻箱各旋钮位置，读出电阻箱的 阻值为16.32。 联立解得Eu=2kQ+1 4l十2mgl (2分) (2)利用闭合电路欧姆定律得E=U十R。十R, (2)小球在最低点的速度最大，小球由最高点运动 到最低点的过程中，库仑力不做功，只有重力做 即吃E+E'十R 1 功，由动能定理得 mg·2l=Eka-Eh (2分) (3)由图乙结合(2)问结果可知，E=2.0V,r= 4.02。 解得Ek2= 2kQ2 4l 2mgl (2分) 12.答案：(1)不需要(1分) 14.答案：(1)0.2m (2)4 (2分) (2)60N34J 解析：(1)为保证物块向右运动又向左运动一次， (3)mgL(2分) M+m)ar(层) 向左运动到停止时，弹力大小刚好等于最大静摩 (2分)该系统机械能守恒(2分) 擦力，恰好不能再向右运动，即物块停下来时弹簧 解析：(1)滑块与气垫导轨不接触，故不需要将左 处于压缩状态，设此时弹簧的压缩量为x1, 侧垫高以平衡阻力。 有kx1=μmg, (2分) 解得x1=0.2m (2分) (2)滑块通过光电门2的瞬时速度为0，=4 t2 (2)设物块运动到最右端时弹簧的伸长量为x2, (3)该运动过程中系统重力势能的减少量为 撤掉F瞬间弹簧的压缩量为x3。从最右端到最 △E。=mgL, 终停下来，由能量守恒得 动能的增加量△E-M+m)()M+ a-xi-mga,十，) (2分) m)》 撤掉F后，从最左端运动到最右端，由能量守恒 定律得 即a=aM+m)a() a-红-mga十z,） 1 (2分) 若二者在误差允许范围内近似相等，则说明该过 F在弹簧压缩量为x3时取得最大值，有 程中滑块和钩码组成的系统机械能守恒。 Fm=kx3十mg=60N (2分) ·物理答案(B卷)（第2页，共3页）·2026届普通高等学校招生全国统一考试 青桐鸣大联考（高三） 物理(B卷)评分细则 11.(1)16.3(1分) 撤掉F瞬间弹簧的压缩量为x3。从最右端到最 (2E+E·R,十R 1 (1分) 终停下来，由能量守恒得 (3)2.0(2分)4.0(2分) x-tai-mg,+） 1 (2分) 12.(1)不需要(1分) 撤掉F后，从最左端运动到最右端，由能量守恒 (2)4 (2分) 定律得 kxi-2kai-umg ( 1 (2分) (3)mgL(2分) (M+m)( F在弹簧压缩量为x3时取得最大值，有 (2分)该系统机械能守恒(2分) Fm=kxg十hmg=60N (2分) 13.(1)小球在竖直面内做圆周运动，在最高点时速度 物块运动过程中产生的热量 最小，库仑力与重力的合力提供其做圆周运动的 Q=4mg(2x3+2x2+x1)=34J (2分) 向心力。 15.(1)根据牛顿第三定律，P受到圆弧轨道的支持力 由几何关系得小球A与M、N之间的距离均为 FN=FN=174 N (1分) L=√2l, P在B点处由轨道的支持力和重力分力的合力 每个点电荷对小球A的库仑力大小为 提供向心力，有 F-E0- Q9 21 (2分) F'-mgcos -m (1分) R 根据平行四边形定则和牛顿第二定律有 从A点到B点，根据动能定理有 2Fcos45°+mg=mi (2分) mgk (1+0 )v (2分) Eu= 2mw1, 解得v。=√7m/s (1分) (2)P滑上Q后，P的加速度大小 联立解得E1= √2kQ2,1 (2分) 41 _mg sin0-μ1gcos0 a1= (1分) m (2)小球在最低点的速度最大，小球由最高点运动 Q的加速度大小 到最低点的过程中，库仑力不做功，只有重力做 功，由动能定理得 a2= Mg sin 0+umg cos 0-u2 (M+m)gcos 0 M mg·2l=Ea-Ek1 (2分) (1分) 解得E6=2Q+5 (2分) 假设Q与挡板相碰前P、Q能共速，则 4l v=a2t=vB十a1t (1分) 14.(1)为保证物块向右运动又向左运动一次，向左运 动到停止时，弹力大小刚好等于最大静摩擦力，恰 Q运动位移为x一a22≤L,即假设成立。 好不能再向右运动，即物块停下来时弹簧处于压 共速后P,Q共同向下加速，加速度大小为 缩状态，设此时弹簧的压缩量为x1, (M+m)gsin 0-u2(M+m)gcos 0 (1分) 有kx1=mg, (2分) M+m 解得x1=0.2m (2分) 末速度满足v2-v2=2a(l-x) (1分) (2)设物块运动到最右端时弹簧的伸长量为x2, 解得v'=11m/s (1分) ·物理评分细则(B卷)（第1页，共2页）· (3)Q与挡板碰后停止运动，P向下加速，与挡板 解得x'=29 m<d (2分) 发生碰撞后上滑，Q与挡板相碰前的过程，P相 对Q下滑的距离为 假设成立， =- 即Q被锁定后，P在Q上做往返运动，最终静止 (1分) 在挡板处， 设P与挡板碰撞前的速度为vm, 根据能量守恒定律有 对于Q静止后，P的加速下滑过程有 oa-v'2=2a1(d-△x), mgd-ar)sin0+2g”=41 Co9g-Ar） 碰撞后，设P的加速度为a3,由牛顿第二定律有 (2分) mg sin 0+umg cos 0=ma3, 解得5=213 8 m (1分) 假设P未脱离Q,由运动学公式有 0-vn=-2a3x', ·物理评分细则(B卷)（第2页，共2页）·秘密★启用前 2026届普通高等学校招生全国统一考试 青桐鸣大联考（高三） 遍 物理(B卷) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号、座位号、考生号填写在答题卡上。 2.回答选择題时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需 蒙 改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在 本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合题目要求的。 1.如图所示为现代所做的伽利略斜面实验的频闪照片：让小球沿左侧斜面从静止开始向下运 动，小球将冲上右侧斜面；减小右侧斜面的倾角，重复实验，直至斜面最终变为水平。几次实 验中小球都从同一位置由静止释放，下列说法正确的是 A.右侧斜面的倾角越小，小球冲上右侧斜面过程中的平均速度越大 B.右侧斜面的倾角越大，小球冲上右侧斜面过程中的平均速度越大 C.由于小球与斜面之间存在摩擦，右侧斜面的倾角越小，小球冲上右侧斜面高度越低 D.由于小球与斜面之间存在摩擦，右侧斜面的倾角越大，小球冲上右侧斜面高度越低 2.学校的水火箭实验小组制作的水火箭两次从A点斜抛的运动轨迹如图所示，两次运动的轨 迹分别为1和2，落点分别是B点和C点，忽略空气阻力，则 A.轨迹2对应的水火箭的运动时间更长 ☒ B.轨迹1对应的水火箭的运动时间更长 担 时 C.轨迹2对应的水火箭的初速度更大 D.轨迹1对应的水火箭的初速度更大 物理试题(B卷)第1页（共8页） 3.心脏除颤器的原理是首先向除颤器的储能电容器充电，使电容器获得一定的能量，再对患者 皮肤上的两个电极板放电，让一部分电荷通过心脏，刺激忠者的心脏恢复正常跳动。如图甲 是一次心脏除颤器的模拟治疗，图乙是其等效电路图。人体模型可导电，已知该心脏除颤器 的电源电动势为5kV,电容器电容为10μF,放电结束时电容器两极板间的电势差减为零， 电容器能量公式为E=CU,下列说法正确的是 电源 分 A.这次放电有0.5C的电荷量通过人体组织 B.电容器放电过程中，人体模型两端的电压不断减小 C.若电源电动势提高为10kV,则电容增大为20F D.放电过程中放出的电能为250J 4.一辆质量为m的汽车，在斜坡上以速度v匀速下坡。现发现前方有障碍物，司机立即刹车， 假设刹车过程中汽车所受摩擦力在刚开始最大，随着刹车片温度越来越高，其所受摩擦力逐 渐减小，最后汽车在障碍物前刚好停止，整个刹车过程用时为：。重力加速度为g,忽略空气 阻力。下列说法正确的是 A司机开始剂车时到障码物的距离为号 B从刹车到停止，礼车克服摩擦力做功为m心 C.从刹车到停止，汽车所受重力对汽车做功为m3心 2 D,从刹车到停止，合外力对汽车做功为-2m心 5.将一个小球以某一初速度水平抛出，不计空气阻力，小球在空中运动的过程中，其动能E, 随水平位移的平方x2变化的图像如图所示，已知图线与纵轴交 点的纵坐标为b、斜率为k,则可以求出下列哪个物理量 A.当地的重力加速度 B.小球的初速度 C,小球下落h时的动能 D.小球的重力 物理试题(B卷)第2页（共8页） 6.如图所示，一根与水平方向夹角为0=15°的杆固定放置，用三根轻细绳OM、ON、OP悬挂 一个小球，绳端M、N固定在杆上，小球处于静止状态，轻绳OM、ON与杆的夹角分别为 a=60°和B=15°.OM、ON上的拉力大小分别为F,和F,.则下列关系式正确的是 N 0 A.F1￥F:=3:2 B.F1:F:=2:3 C.F,:F,=5√2 D.F,F,=√E:5 7.中国的载人登月计划旨在2030年前实现人类首次登陆月球，为体验在月球上行走的感觉， 可采用悬在空中的氨气球拉着人在地面上前行。已知地球半径为R,地球表面重力加速度 为g,月球质量为地球质量的p倍，月球半径为地球半径的g倍，不考虑星球自转，为使质量 为m的人在地球表面前行感觉到和月球表面相同的“重力”，则氢气球对该人的拉力大小为 A.mg q B.(1)mg D.(1-)mg 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或 两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.在A、B处分别放置电荷量为q1,q:的点电荷，其中的一条电场线如图中实线所示。a和月 分别是该电场线在A、B处的切线与A、B连线的夹角，且a<B.下列说法正确的是 01g A.A、B处点电荷均带正电 B.A、B连线上从A到B电场强度先减小后增大 C.在图示电场线上由静止释放一个正试探电荷，试探电荷将沿电场线运动至B D.A、B处点电荷电荷量大小关系为|q>|q: 物理试题(B卷)第3页（共8页） 9如图甲所示的电路中，电源电动势为E,内阻为，电压表和电流表均为理想电表，移动滑动 变阻器的滑片、电源的输出功率P与电压表读数U的关系图像为如图乙所示的抛物线，则 电源电动势和内阻为 E 甲 乙 U。2 U。2 A.E=4U B.E=2U。 C.r一4P。 D.r=P。 10.如图所示，在第二、三象限内存在沿x轴负方向的匀强电场，场强大小为E,在第一、四象 2Exo 限（含y轴）存在辐射状电场，任意一点的电场方向由原点指向该点、大小为E,= r (r为该点到原点的距离)。在第二象限中坐标为（一x。,y。)的M点处由静止释放出质量 为m、电荷量为e的电子，不计电子的重力，下列说法正确的是 A电子第一次通过y轴时的速度大小为 2eEzo m B.电子第二次通过y轴时的速度大小为2 eEzo m C.电子从开始到再次回到M点所用的时间为4 2mxo 2m eE +xyoeEzo D.电子从开始到再次回到M点所用的时间为2 2mzo+ryo 2eEro m 物理试题(B卷)第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某同学利用数字化信息系统测量一节旧电池的电动势和内阻，实验装置如图甲所 示，多次改变电阻箱的阻值，记录电阻箱的阻值为R时电压传感器的示数U,并在计算机 上显示出如图乙所示的二R十R关系图线， AUUV) 9 01 x1000 x100 数 电压 采集器 传感器 0.50 R 61 计算机 -023 xIQ ×0.10 0 V(R+RXQ) 甲 乙 丙 (1)某次调节中，电阻箱各旋钮位置如图丙所示，则电阻箱的阻值为 Q: (2)定值电阻的阻值为R,则号 (用E、r、R。、R表示)： (3)根据图乙可得E=V,r=_D(结果均保留两位有效数字). 12.(9分)某实验小组同学用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律。他们将一不可伸长 的轻绳跨过光滑轻质定滑轮，轻绳两端分别与滑块和钩码相连接，滑块上固定有遮光条，滑 块和滑轮间的轻绳与导轨平行。将滑块在气垫导轨上由静止释放，测得滑块上的遮光条通 过光电门1、2的挡光时间分别为t1、2,若遮光条的宽度为d,光电门1、2之间的距离为L, 滑块和遮光条的总质量为M,钩码的质量为m,当地的重力加速度为g,气垫导轨已调节 至水平。 ,光电门 连气源 气垫导轨 (1)该实验小组在实验时， (填“需要”或“不需要”)将左侧垫高以平衡摩擦力： (2)滑块通过光电门2的瞬时速度为 (用题中字母表示)： (3)滑块在两光电门之间运动的过程中，滑块和钩码组成的系统重力势能的减少量为 ,动能的增加量为 ,若两者在误差允许范围内近似相等，则说明 物理试题(B卷)第5页（共8页） 13.(10分)如图所示，两个带电荷量均为Q(Q>0)的点电荷分别固定于M、N两点，M、N位 于同一水平线上，O为M、N连线的中点，一绝缘轻绳的一端系在O点，另一端系一个电荷 量为一Q、质量为m的小球A,小球恰能在M、N连线的中垂面内绕O点做圆周运动。已 知OA=OM=ON=l,静电力常量为k,重力加速度为g,求： (1)小球的最小动能： (2)小球的最大动能. A 物理试题(B卷)第6页（共8页） 14.(12分)如图所示，质量为m=2.0kg的物块P放置于水平面上，P和墙面间水平拴接着 劲度系数为k=50N/m的轻弹簧，且弹簧处于原长状态.现用水平力F向左级慢压P,使 P向左移动到某一位置，撤去水平力F后，物块P能先向右再向左运动，之后恰好不能再 向右运动。已知P与水平而间的动摩擦因数为μ=0.5，弹簧弹性势能可表示为E,= :,其中：为弹资形变量，弹资始终处于弹性限度内，最大静摩擦力每于滑动摩擦力， 亚力加速度g=10m/5,求： (1)P停止运动时弹簧的形变量大小： (2)在向左缓慢压P的过程中，力F的最大值和全过程中P与水平面摩擦产生的热量. 物理试题(B卷)第7页（共8页） 15.(17分)如图所示，竖直平面内固定着半径为R=0.5m的光滑圆弧形轨道，最高点A与圆 心O的连线竖直。质量M=2kg、长为d=8.5m的长薄板Q锁定于倾角0=37°的固定斜 面上，其最下端到斜面底端距离为l=12.5m,其最上端与圆弧形轨道相切。一质量为 m=3kg的滑块P(可看作质点)从A点以初速度v。沿切线进人轨道，经过B点时对圆弧 轨道的压力大小为F、=174N,之后滑上长薄板Q,同时解除对Q的锁定，Q滑到斜面最 底端时与固定在斜面底端的挡板碰撞后被锁定，P与挡板碰撞后以相同大小的速度返回。 已知P与Q之间的动摩擦因数μ1=0.5，Q与斜面之间的动摩擦因数μ2=0.25，最大静摩 擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°= 0.8。求： (1)P的初速度v。的大小； (2)Q与挡板相碰前瞬间的速度大小； (3)P滑上Q之后相对Q运动的总路程。 物理试题(B卷)第8页（共8页）2026届普通高等学校招生全国统一考试 青桐鸣大联考（高三） 物理(B卷)参考答案 1.C解析：几次实验中小球都从同一位置释放，则 2mu6,若斜率和截距已知，其乘积满足b 1 冲上斜面前速度大小相同，最终都减小为零，由此 可得平均速度大小相同，A、B项错误；由于小球与 1 mg,小球的重力可求，D项正确。故选D。 斜面之间存在摩擦，右侧斜面的倾角越小，运动相 6.C解析：结点O受力平衡，水平方向有 同距离小球克服摩擦力做功越多，机械能损失越 F1cos(a-0)=F2cos(B+0),可得F1cos45°= 多，小球冲上右侧斜面高度越低，C项正确，D项错 误。故选C。 F2cos30°，即F1:F2=√3：√2，C项正确。故 2.B解析：水火箭在空中做斜抛运动，到达最高点 选C。 GM月 过程有九=号g,则水火箭运动的总时间一 R2,可得 .B解析：根据题意可得&A上R一GM 2、√2。由于h>h,所以>2，A项错误，B项 g8,为使质量为m的人在地面上前行感觉 8月、 到和月球表面相同的重力，氢气球对该人的拉力大 正确；轨迹1对应的水火箭的竖直初速度更大，但 水平初速度更小，合速度大小无法判断，C、D项错 小F=mg-mg月= -号)mg,B项正确，故 误。故选B。 选B。 3.B解析：电容器储存的电荷量为Q=CU= 8.BD解析：根据电场线方向可知，A处点电荷带正 0.05C,放电结束时电容器两极板间的电势差减为 电、B处点电荷带负电，A项错误；A、B连线上从 零，所以通过人体组织的电荷量为0.05C,A项错 A到B电场强度先减小后增大，B项正确；电场线 误；电容器的放电过程中，电容器的电荷量减少，人 为曲线，若试探电荷沿电场线运动，受力与速度同 体模型两端的电压不断减小，B项正确；电容器电 向，将做直线运动，互相矛盾，C项错误；由于α< 容只和电容器本身有关，C项错误；放电过程中电 B,可知A附近电场线比B附近更密集，根据电场 容器放出的电能为E=)CU=125J,D项错误。 原理可知q1>q2|,D项正确。故选BD。 9.BD解析：电压表测量的是路端电压，即U=E 故选B。 4.D解析：汽车做加速度减小的减速运动，其平均 1r,解得1=E- 2,代人P出=IE-Ir得P幽= 速度小于？，所以司机开始刹车时到障碍物的距离 _1+卫U,即输出功率与路端电压成二次函数 小于受，A项错误；根据题干条件不能确定礼车刹 关系，当U=号 时，电源的输出功率P最大，可得 车距离，重力对汽车做功无法计算，C项错误；根据 U.2 动能定理，可知合外力对汽车做功为一7m,即 E=2U,=P。B、D项正确。故选BD。 10.AC解析：根据动能定理可得，电子第一次经过 摩擦力做功和重力做功的代数和为一言m。,B项 1 2eEx0,A项 y轴时有eEx。-2mui,解得oi一√m 错误，D项正确。故选D。 2Exo mvf 5.D解析：小球速度为℃=√(gt)十6 正确；电子到达y轴时r=yo,有e yoyo ⑧子十i,动能为E,-名mv- 20·x2+ 电子在第一、四象限运动时，恰以O点为圆心、y0 为半径做匀速圆周运动，电子第二次通过y轴时 ·物理答案(B卷)（第1页，共3页）· 的速度大小仍为1= 2eEx0,B项错误；电子单 13.答案：(1)②Q1 m 2mgl 程在第二象限做一段加速运动，在第三象限做一 (2)②Q5 20,在第一象限和 4l 段减速运动，每段的时间t1= 解析：(1)小球在竖直面内做圆周运动，在最高点 第四象限各做一段四分之一圆周运动，每段的运 时速度最小，库仑力与重力的合力提供其做圆周 动时间t2一2 ,电子在第三象限速度减为0后， 运动的向心力。 由几何关系得小球A与M、N之间的距离均为 沿原路线返回M点，则电子从开始到再次回到 L=√2l, M点所用的时间为t=4t1+4t2=4, 每个点电荷对小球A的库仑力大小为 V eE 2m,C项正确，D项错误。故选AC。 F-kQi Q =k (2分) yoeExo 根据平行四边形定则和牛顿第二定律有 11.答案：(1)16.3(1分) (2分) (2E+E‘R,十R 2Fcos45°+mg=m7 (1分) 1 (3)2.0(2分)4.0(2分) Ek= 2m, 解析：(1)根据电阻箱各旋钮位置，读出电阻箱的 阻值为16.32。 联立解得Eu=2kQ+1 4l十2mgl (2分) (2)利用闭合电路欧姆定律得E=U十R。十R, (2)小球在最低点的速度最大，小球由最高点运动 到最低点的过程中，库仑力不做功，只有重力做 即吃E+E'十R 1 功，由动能定理得 mg·2l=Eka-Eh (2分) (3)由图乙结合(2)问结果可知，E=2.0V,r= 4.02。 解得Ek2= 2kQ2 4l 2mgl (2分) 12.答案：(1)不需要(1分) 14.答案：(1)0.2m (2)4 (2分) (2)60N34J 解析：(1)为保证物块向右运动又向左运动一次， (3)mgL(2分) M+m)ar(层) 向左运动到停止时，弹力大小刚好等于最大静摩 (2分)该系统机械能守恒(2分) 擦力，恰好不能再向右运动，即物块停下来时弹簧 解析：(1)滑块与气垫导轨不接触，故不需要将左 处于压缩状态，设此时弹簧的压缩量为x1, 侧垫高以平衡阻力。 有kx1=μmg, (2分) 解得x1=0.2m (2分) (2)滑块通过光电门2的瞬时速度为0，=4 t2 (2)设物块运动到最右端时弹簧的伸长量为x2, (3)该运动过程中系统重力势能的减少量为 撤掉F瞬间弹簧的压缩量为x3。从最右端到最 △E。=mgL, 终停下来，由能量守恒得 动能的增加量△E-M+m)()M+ a-xi-mga,十，) (2分) m)》 撤掉F后，从最左端运动到最右端，由能量守恒 定律得 即a=aM+m)a() a-红-mga十z,） 1 (2分) 若二者在误差允许范围内近似相等，则说明该过 F在弹簧压缩量为x3时取得最大值，有 程中滑块和钩码组成的系统机械能守恒。 Fm=kx3十mg=60N (2分) ·物理答案(B卷)（第2页，共3页）· 物块运动过程中产生的热量 a=(M+m)gsin 0-uz (M+m)gcos0 (1分) Q=mg(2x3十2x2十x1)=34J (2分) M+m 15.答案：(1)W7m/s 末速度满足v2-v2=2a(l-x) (1分) (2)11m/s 解得v'=11m/s (1分) (3)Q与挡板碰后停止运动，P向下加速，与挡板 (3)21m 发生碰撞后上滑，Q与挡板相碰前的过程，P相 解析：(1)根据牛顿第三定律，P受到圆弧轨道的 对Q下滑的距离为 支持力FN'=FN=174N (1分) Ax=B十v,0 2t-21 (1分) P在B点处由轨道的支持力和重力分力的合力 提供向心力，有 设P与挡板碰撞前的速度为om, 对于Q静止后，P的加速下滑过程有 Fx'-mgcos 0-mU R (1分) v品-v2=2a1(d-△x), 从A点到B点，根据动能定理有 碰撞后，设P的加速度为a3,由牛顿第二定律有 1 mgR(1+cos0)=2221 mg sin 0+uimg cos 0=ma3, (2分) 假设P未脱离Q,由运动学公式有 解得vo=√7m/s (1分) 0-o=-2a3x', (2)P滑上Q后，P的加速度大小 (2分) a-mgsin -uimgcos 餐得：/碧a<d (1分) m 假设成立， Q的加速度大小 即Q被锁定后，P在Q上做往返运动，最终静止 aMgsinsM)c 在挡板处， M 根据能量守恒定律有 (1分) 假设Q与挡板相碰前P、Q能共速，则 mg (d-Ax)sin g7 mv':uimg cos 0(s-Ax) v=a2t=VB十a1t (1分) (2分) 1 Q运动位移为x=2a,<1,即假设成立。 解得=213 (1分) 共速后P、Q共同向下加速，加速度大小为 ·物理答案(B卷)（第3页，共3页）·