广西南宁市2025-2026学年高一上学期期末物理模拟试卷

2025-2026学年广西南宁市高一（上)期末物理模拟试卷 参考答案 【解析】 1.解：AB、由x-t图像的斜率表示速度，t1时刻物体的速度为零，结合v-t图像可知，t1=2s,且0~t1 时间内和t1~to时间内物体通过的位移大小相等，可推知t。=4s,故AB错误； CD、由v一t图像与时间轴围成的面积表示位移，结合v一t图像可知，在0~2s内物体通过的位移大小为x= o=4x2m=4m,所以xo=6m-x=6m-4m=2m,故C正确，D错误。 2 2 故选：C。 2.解：根据题意分析可知，石块B受到重力及其它石块对它的作用，石块加速度水平向右，则合力水平向右， 根据平行四边形定则，可知与它接触的物体对石块B作用力的合力F方向斜向右上。如图所示 F 0 mg . 故B正确，ACD错误； 故选：B。 石块B随货车向右加速运动，加速度方向水平向右。根据牛顿第二定律，石块所受合外力方向与加速度方向 一致（水平向右）。石块受重力（竖直向下）和周围接触物体的作用力（设为F),需通过矢量合成分析F的方向， 使重力与F的合力水平向右。 本题核心是牛顿第二定律的应用（加速度与合外力同向），结合受力分析和矢量合成（平行四边形定则判断力 的方向。关键在于明确：合外力是重力与接触力的合力，需通过加速度方向反推接触力的方向。 3.解：由F=kx得k=5则k的单位为1N/m,又因1N=1kgm/s2,所以k的单位为1kg/s2,故B正确， ACD错误； 故选：B。 根据物理量之间的关系式推导出物理量的单位，其单位为导出单位。 解题的关键是会根据物理量之间关系式导出物理量的单位，还有要熟悉国际单位制中的基本单位。 第1页，共6页 4.解：AB、根据题意分析可知，对A、B整体研究可知，墙面对A不可能有弹力，因而也就没有摩擦力，因 此物块A、B接触面一定是粗糙的，A一定受重力、B对A的支持力和摩擦力三个力，故AB错误： C、根据题意分析可知，B对A的作用力与A的重力等大反向，因此A对B的作用力一定竖直向下，故C正确： D、根据题意分析可知，由于竖直墙面对A没有作用力，因此弹簧对B的作用力大小等于A、B的总重力，故 D错误。 故选：C。 分析A、B整体受力确定弹簧弹力与总重力的关系，隔离A、B分析受力，判断力的存在性与方向。 本题关键在于利用“平衡条件”分析受力：①整体法判断弹簧弹力与总重力的关系；②隔离法分析A、B间的 力（支持力、摩擦力），注意水平方向无墙面弹力，故A、B间无摩擦力。 5.解：设细线与竖直扶手的夹角为日，以圆珠笔为研究对象进行受力分析，受到重力和细线的拉力，如图所 示： ma'← mg 根据有几何关系得，牛顿第二定律可得tam0=ma mg 代入数据得a=gtan6 即a=2m/s2,故ACD错误，B正确。 故选：B。 根据扶手的倾斜角度判断加速度和偏移夹角之间的关系进行求解。 本题涉及牛顿第二定律的计算，以及受力分析的知识点，根据问题分析即可。 6.【分析】 开始时的人对传感器的压力等于其重力；失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说 物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就 说物体处于超重状态，此时有向上的加速度。人下蹲过程分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重， 到达一个最大速度后再减速下降超重。 本题考查物理知识与生活的联系，注意细致分析物理过程，仔细观察速度的变化情况，与超失重的概念联 系起来加以识别。 【解答】 第2页，共6页 A.开始时人处于平衡状态，人对传感器的压力是900N,人的重力也是900W,故A错误： B.b到c的过程中，人先处于失重状态再处于超重状态。故B错误； C,b点弹力与重力的差值要小于c点弹力与重力的差值，则b点的加速度要小于c点的加速度，C错误； D.人在双脚离开力板的过程中，只受重力，处于完全失重状态，故D正确。 故选D。 7.解：对网兜及足球整体受力分析，如图所示： 设悬绳方向与竖直方向的夹角为，足球的质量为m,根据平衡条件，结合平行四边形定则得： 悬绳对网兜的拉力为F为：F7= cosa 悬墙壁对足球的支持力为：Fw=mg·tana 缓慢增加悬绳的长度，减小，根据三角知识，可得F和Fv都减小，故D正确，ABC错误。 故选D。 8.【分析】 本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用 平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。 注意整体法和隔离法的应用。 对手机和三脚架整体分析，根据平衡条件并结合正交分解法列式求解弹力大小；手机保持静止，一直处于 平衡状态。 【解答】 AB.根据力的合成与分解可知，一根脚架在竖直方向的分力F修=Fcos0,在竖直方向上有3Fcos6=mg,解 得F=mg,故4错误，B正确： 9 CD.保持O端不动，在合力不变的情况下，增大夹角θ，根据力的合成与分解可知三根脚架的弹力F逐渐变大 第3页，共6页 故C正确；反之，保持0端不动，减小夹角日，合力不变，则三根脚架的弹力F应减小，故D错误。 故选BC。 9.解：AD.采用逆向思维，可认为动车反向做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为a,站在2号 候车线处的旅客发现1号车厢经过他所用的时间为，动车停下时该旅客刚好在2号车厢门口(2号车厢最前 端)，动车所走位移大小为，根据匀变速直线运动位移一时间关系有l=2 动车从开始经过5号候车线处的旅客到停止运动，所走的位移大小为4，则有4l=t号 联立解得a=器t与=2t 故A正确，D错误； BC.设1号车厢头部经过2号候车线处的旅客时的速度为v1,根据逆向思维结合匀变速直线运动速度一位移 关系可得2al=呢 解得=名 则动车头从经过2号候车线处的旅容开始到停止运动，平均速度为：=，解得口-名故B正确，C错误。 故选：AB。 因为初速度不为零，在用公式解题时，非常麻烦，所以采用逆向思维，可看作初速度为零的匀加速直线运 动，灵活运用匀变速直线运动的推论和基本运动学公式列式求解即可。 本题主要是考查匀变速直线运动的规律，解答本题的关键是掌握匀变速直线运动的位移一时间关系计算公 式，且末速度为零时，合理运用逆过程可以使题目变得简单易做，要灵活应用匀变速直线运动的推论。 10.A.施加拉力之前，A、B整体受力平衡，根据平衡条件有F弹=3 mgsine6 施加拉力瞬间A、B开始向上一起做加速度大小为Q=专9的匀加速直线运动，对A、B整体，根据牛顿第二 定律有F+F-3 mgsin6=3ma 解得F-居mg 对A,根据牛顿第二定律有F+FBA-2 ngsint8=2ma 解得A、B间的弹力大小为FBA=mg 故A正确： BD.分离时，A、B间作用力为0，F最大，对A根据牛顿第二定律得Fmax-2 mgsin6=2ma 8 解得Fmax=亏mg 第4页，共6页 对B根据牛顿第二定律有F'弹-mgsin8=ma 解得小、B分离瞬间弹簧弹力大小为F'弹=专mg 故B正确，D错误。 C根据以上分析可知整个过程中拉力F一直增大，故C错误。 故选AB。 11.(1)[1]AB该实验用到了等效替代的原理，未使用到控制变量的思想，故A正确，B错误： CD试验时，矿泉水的质量太小，两根细绳套间的夹角过大都会使得误差变大，故CD错误。 (②)[2]实际重力的方向一定是竖直向下的，图中力F与重力等大反向，所以F一定在竖直方向上，而用平行 四边形画出的力F'因为有误差存在，所以不一定在竖直方向上： (③)[3]B.该实验中不必要求绳套的长短相等，所以B选项不是产生误差的原因，故B错误： D.力传感器的外壳与黑板接触不影响其测量，所以D错误； A如果绳套太短，不利于作图，使得误差变大，故A正确： C若两绳套的方向与黑板不平行，那么绳子上的力与黑板不平行，以此平面作图使得误差变大，故C正确。 12.【解析】(1)纸带上打出的点迹均匀分布，则说明此时A做匀速直线运动 2=)23=（C2.57+1.44)×102m≈0.20ms 0.2s Q=35x9=3.71+485)×10-2-144+257)x10-2 (2T)2 m/s2≈1.1m/s2, (0.2)2 在保持(1)的情况下，设此时斜面的倾角为6，斜面与A间的动摩擦因数为μ，则对A有：T+m1gcos6= migsine, 对BC:T=(m2+mc)g, migsine-umigcos0 =(m2 +mc)g, 撤去C后，对A:m1.9sin6-um1.gc0s6-T'=m1a,对B有T'-m29=m2a,联立可得m。=m1+m2e (3)当实际电源频率小于50Hz时，a的测量值会偏大，则会导致m测量值也会偏大， 13.(1)由牛顿第二定律有mg=ma解得a=ug=5m/s2 (2)由运动学公式0-v6=2(-a)s 解得vo=V2as=20m/s 20m/s 72km/h>60km/h 所以汽车刹车时超速 第5页，共6页 14.解：(1)由速度位移公式可得v2=2gh 代入数据解得h=1.8m: (2)排球与小丽手接触过程中，在0.2s的时间内，排球速度的变化量为△v=6m/s-(-8m/s)=14m/s, 加速度a=张=70m/s2,方向竖直向上： (3)由速度时间公式可得v=gt 代入数据解得t=0.8s 排球在t1=t=0.8s内下落的距离为1=29t2=2×10m/s2×(0.8s)2=3.2m 排球在t2=0.7s内下落的距离为h2=9t2=号×10×(0.7)2m=245m, 则排球在与小丽手接触前0.1s内下落的高度h'=3.2m-2.45m=0.75m。 15.解： (1)物块在传送带上先做匀加速直线运动，umg=ma1, 匀加速阶段位移：x1=近=1m<,匀加速阶段时间：t1=地=1s, 2a1 所以在到达传送带右端前物块已匀速，匀速运动的时间为t2=,=0.53, 物块从开始到第一次到达传送带右端所用时间t总=t1+t2=1.5s: (2)物块以vo速度滑上斜面，由牛顿第二定律得：-mgsin0=ma2, 物块速度为零时上升的距离x2=一2品2-亏， 由于<04m所以物块不能到达斜面的最高点，匀减速上升的运动时间：专=一品=专，上升的最大距 离为好m: (3)物块在斜面上往返一次时间64=2t,=号9： 物块再次滑到传送带上速度仍为vo,方向水平向左，又由牛顿第二定律得-umg=ma3, 向左端发生的最大位移=一爱=1m,匀减速的时间与=哥=1s: a3 物块向左的减速过程和向右的加速过程中位移大小相等，故反向加速的时间为t6=t5=1s, 再以2m/s的速度冲上斜面，经过t,=s后到达最高点， 由t1+t2+t4+t5+t6+t7=4.5s,故在4.5s末物块在斜面上速度恰好减为零， 故物块通过的总路程x=L+3x2+2x3=5m。 第6页，共6页 绝密★启用前 2025-2026学年广西南宁市高一（上）期末物理模拟试卷 注意事项: 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。 3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。 第I卷（选择题） 一、单选题：本大题共7小题，共28分。 1.一物体在某段时间内运动时的位置时间图像和速度时间图像如图所示，其中位置时间图像中的时刻对应抛物线的最高点，则以下说法正确的是(    ) A. 图像中 B. 图像中 C. 图像中 D. 图像中 2.货车在平直道路上向右加速运动，石块周围与它接触的物体对石块作用力的合力方向是(    ) A. 竖直向上 B. 斜向右上 C. 斜向左上 D. 水平向右 3.弹簧劲度系数的单位为，用国际单位制基本单位的符号来表示，正确的是(    ) A. B. C. D. 4.如图，、两个物块叠加后静止在竖直的轻弹簧上，与竖直墙面接触，弹簧在弹性限度内，下列说法正确的是(    ) A. 物块、接触面可能光滑 B. 物块最多可能受个力 C. 物块对物块的作用力一定竖直向下 D. 弹簧对物块的作用力可能大于物块、的总重力 5.小明想测量地铁启动或减速过程中的加速度，他把一支圆珠笔绑在一根细绳的下端，细绳的上端用电工胶布临时固定在地铁的竖直扶手上。在地铁启动后的某段过程中，细绳偏离了竖直方向，他用手机拍摄了当时情景的照片如图甲，拍摄方向跟地铁前进方向垂直。可简化为如图乙所示的示意图。经过测量图中，，若取，估算地铁加速度大小正确的是(    ) A. B. C. D. 6.图甲是某人站在接有传感器的力板上做下蹲、起跳和回落动作的示意图，图中的小黑点表示人的重心。图乙是力板所受压力随时间变化的图象，取重力加速度大小。根据图象分析可知(    ) A. 人的重力可由点读出，约为 B. 到的过程中，人先处于超重状态再处于失重状态 C. 人在点对应时刻的加速度大于在点对应时刻的加速度 D. 人在双脚离开力板的过程中，处于完全失重状态 7.如图所示，用网兜把足球挂在竖直墙面上，悬绳对网兜的拉力为，墙壁对足球的支持力为，若不计墙面摩擦，缓慢增加悬绳的长度，下列选项正确的是(    ) A. 和都增大 B. 增大，减小 C. 减小，增大 D. 和都减小 二、多选题：本大题共3小题，共12分。 8.随着互联网行业的不断发展，微视频丰富了大家的业余生活。用如图所示三脚支架固定智能手机，就可以进行直播、录视频、拍照等。手机和脚架的承重杆始终在同一竖直面内，、、为三脚支架的脚架，可绕点自由转动。若三根脚架质量不计，每根脚架的弹力大小为，且每根脚架与竖直方向均成角。已知三脚支架及手机总质量为，重力加速度为。下列说法正确的是 A. 每根脚架的弹力大小 B. 每根脚架的弹力大小 C. 保持端不动，增大夹角，则增大 D. 保持端不动，减小夹角，则增大 9.高铁站台上，位旅客在各自车厢候车线处候车，若动车每节车厢长均为，动车进站时做匀减速直线运动，站在号候车线处的旅客发现号车厢经过他所用的时间为，动车停下时该旅客刚好在号车厢门口号车厢最前端，如图所示，则(    ) A. 动车头从经过号候车线处的旅客开始到停止运动，经历的时间为 B. 动车头从经过号候车线处的旅客开始到停止运动，平均速度 C. 号车厢头部经过号候车线处的旅客时的速度 D. 动车的加速度大小 10.如图所示，倾角为的光滑斜面固定在水平面上，轻质弹簧一端与垂直固定在斜面上的挡板相连，另一端与物块拴接，物块紧挨着物块，两物块相对斜面静止。现对施加沿斜面向上的拉力，使，一起沿斜面做加速度大小为的匀加速直线运动直到、分离。、的质量分别为、，重力加速度为，，下列说法正确的是(    ) A. 施加拉力的瞬间，，间的弹力大小为 B. ，分离瞬间弹簧弹力大小为 C. 整个过程中拉力先增大后不变 D. 拉力的最大值为 第II卷（非选择题） 三、实验题：本大题共2小题，共18分。 11.如图甲，某兴趣小组用力传感器和矿泉水，在教室的黑板上做“探究求合力的方法”实验。 下列关于这个实验的说法正确的是__________。 A.该实验运用了等效替代原理    该实验采用了控制变量思想 C.实验时，矿泉水的质量越轻越好    实验时，两根细绳套间的夹角越大越好 根据实验数据，在黑板上作出力的如图如图乙，则图中的、一定沿竖直方向的是__________填“”或“”。 由图乙可知实验的结果有一定的偏差，造成这一结果的原因可能是实验中__________。 A.绳套长度偏短    两个绳套长度不相同 C.两绳套的方向与黑板不平行    力传感器外壳与黑板有接触 12.某物理兴趣小组利用如图所示装置测量钩码的质量，如图甲所示质量为的小车放在长木板上，由跨过轻质定滑轮的细绳与质量为的钩码相连，钩码挂在钩码上，打点计时器固定在长木板上长木板与水平面的夹角可调，当地的重力加速度为． 调整长木板与水平面的夹角，给一个沿斜面向下的初速度，使纸带打出的点迹          则说明在斜面上做匀速直线运动． 在保持中倾角不变的情况下，将钩码取走，把由静止释放，打出的纸带如图乙所示，已知交流电源的频率为，相邻两计数点间还有个点没有画出，则打出“”时的速度大小为          结果保留两位有效数字，下同，的加速度大小           ，钩码的质量          用物理量、、和加速度表示． 若电源实际频率小于，则测量结果          填“偏大”、“不变”或“偏小”． 四、计算题：本大题共3小题，共30分。 13.一辆汽车在限速的平直公路上紧急刹车后停了下来，路面上留下了一条车轮滑动的磨痕已知车轮与路面间的动摩擦因数，磨痕的长度，重力加速度求： 汽车刹车时的加速度大小 通过计算判断汽车刹车时是否超速． 14.垫球是排球运动的基本技术之一。如图所示，某次垫球训练过程中，排球自小丽手上方某一高度处由静止开始自由下落，并以的速度落在小丽手上，小丽将其以的速度竖直向上垫起，不计排球所受空气阻力，已知排球和小丽手接触的时间为，重力加速度的大小。求： 排球被小丽竖直向上垫起后能够上升的最大高度 排球与小丽手接触过程中的平均加速度 排球在落到小丽手之前的最后内下落的高度。 15.如图，一水平传送带以的速度顺时针传动，水平部分长为。其右端与一倾角为的光滑斜面平滑相连，斜面长为，一个可视为质点的物块无初速度地放在传送带最左端，已知物块与传送带间动摩擦因数，，取。求： 物块从开始到第一次到达传送带右端所用时间； 物块能否到达斜面顶端？若能则说明理由，若不能则求出物块沿斜面上升的最大距离； 物块从出发到末通过的路程。 学科网（北京）股份有限公司 $