山东省聊城市聊城第一中学2025-2026学年高二上学期第二次质量检测物理试卷

高二上学期第二次质量检测 物理试题 1． 答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2． 请将答案正确填写在答题卡上 一 、单选题（本大题共8小题，共24分） 1.（3分）在操场上，一个同学将一个质量为m的篮球，以大小为v，方向与水平地面成θ角的速度斜向上抛出，则篮球抛出时的动量大小为（ ） A. mvcosθ B. mvsinθ C. mvtanθ D. mv 2.（3分）图中的直线、分别是电池和电池的路端电压随电流变化的图线，直线是某用电器两端电压随电流变化的图线。则 A. 电池和电池的电动势相等 B. 电池和电池的内阻之比为： C. 该用电器的电阻为 D. 该用电器分别接在电池和电池上时消耗的功率之比为： 3.（3分）一匹马通过不计质量的绳子拉着货车从甲地到乙地，在这段时间内，下列说法中正确的是（ ） A. 马拉车的冲量大于车拉马的冲量 B. 车拉马的冲量大于马拉车的冲量 C. 车拉马的冲量大小等于马拉车的冲量大小 D. 无法比较两冲量大小 4.（3分）放在水平桌面上的物体质量为m，在时间t内施以水平恒力F去推它，物体始终未动，那么在t时间内推力F的冲量为（ ） A. 0 B. Ft C. mgt D. 无法计算 5.（3分）质量分别是和的两球发生正碰前后的位移跟时间的关系如图所示，由此可知，两球的质量之比为  A. B. C. D. 6.（3分）质量是的建筑工人，不慎从高空跌下，由于弹性安全带的保护，使他悬挂起来已知安全带的缓冲时间是，安全带长，取，则安全带所受的平均冲力的大小为 A. B. C. D. 7.（3分）质量为m的钢球自高处落下，以速率碰地，竖直向上弹回，碰撞的时间极短，离地的速率为，则在碰撞过程中钢球动量变化量的方向和大小为( ) A. 向下，m(-) B. 向下，m(+) C. 向上，m(-) D. 向上，m(+) 8.（3分）电阻不变的三个电灯A、B、C连接在如图所示的电路中，闭合电键S后三灯电功率相同，此后向上移动滑动变阻器R的滑片．则可判断( ) A. 三灯的电阻大小是 B. 三灯的电阻大小是 C. A、B两灯变亮，C灯变暗 D. A、C两灯变亮，B灯变暗 二 、多选题（本大题共4小题，共16分） 9.（4分）在图中，甲、乙两图分别为测灯泡电阻的电路图，下述说法正确的是  A. 甲图的接法叫电流表外接法，乙图的接法叫电流表的内接法 B. 甲中，乙中 C. 甲中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使，故此法测较小电阻好 D. 乙中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使，故此法测较大电阻好 10.（4分）如图，、两灯泡电阻不变，是光敏电阻，光照时阻值变小，电源内阻为。闭合开关，再用光照射，则 A. 电灯变亮 B. 电灯变亮 C. 两端电压变大 D. 电压表示数变小 11.（4分）一质量为的物块在合外力的作用下从静止开始沿直线运动．随时间变化的图线如图所示，则 A. 时物块的速率为 B. 时物块的动量大小为 C. 时物块的动量大小为 D. 时物块的速度为零 12.（4分）小明同学家里购买了一款扫地机器人，如图所示，小明同学仔细检查了这款扫地机器人，发现铭牌上标有如表所示数据，则该扫地机器人 主机基本参数 产品尺寸 电池 锂电池 质量 无线连接 智能快连 工作额定电压 工作额定功率 A. 额定工作电流为 B. 若当剩余电量减少为电池容量的时，机器人会主动寻找充电器充电，则充满电后正常工作的时间为 C. 电池充满电后储存的总电荷量为 D. 以额定电流工作时每分钟消耗能量为 三 、实验题（本大题共2小题，共14分） 13.（6分）某探究小组学习了多用电表的工作原理和使用方法后，为测量一种新型材料制成的圆柱形电阻的电阻率，进行了如下实验探究。  该小组用螺旋测微器测量该圆柱形电阻的直径，示数如图甲所示，其读数为 ______。再用游标卡尺测得其长度。    该小组用如图乙所示的电路测量该圆柱形电阻的阻值。图中电流表量程为、内阻为，定值电阻的阻值为，电阻箱的最大阻值为。首先将置于位置，闭合，多次改变电阻箱的阻值，记下电流表的对应读数，实验数据见下表。根据表中数据，在图丙中绘制出图像。再将置于位置，此时电流表读数为。根据图丙中的图像可得______结果保留位有效数字。最后可由表达式______得到该材料的电阻率用、、表示。 该小组根据图乙的电路和图丙的图像，还可以求得电源电动势______，内阻______。结果均保留位有效数字  持续使用后，电源电动势降低、内阻变大。若该小组再次将此圆柱形电阻连入此装置，测得电路的电流，仍根据原来描绘的图丙的图像得到该电阻的测量值会 ______选填“偏大”、“偏小”或“不变”。  14.（8分）某同学用甲图所示装置探究、两球在碰撞中动量是否守恒。该同学利用平抛运动测量两球碰撞前后的速度，实验装置和具体做法如下，图中是斜槽，为水平槽。实验时先使球从斜槽上某一固定位置由静止开始滑下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹。重复上述操作次，得到个落点痕迹。再把球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让球仍从位置由静止开始滑下，和球碰撞后，、球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹。重复这种操作次，并画出实验中、两小球落点的平均位置。图中点是水平槽末端在记录纸上的垂直投影点。其中米尺水平放置，且平行于、、所在的竖直平面，米尺的零点与点对齐。    为了使两球碰撞为一维碰撞，所选两球的直径关系为：球的直径 ______ 球的直径“大于”、“等于”或“小于”；为减小实验误差，在两球碰撞后使球不反弹，所选用的两小球质量关系应为______ 选填“小于”、“大于”或“等于”。  为了确定两球直径大小关系，该同学通过分度的游标卡尺测量小球直径时，某次测量结果如图乙，读数为 ______ 。  在以下选项中，哪些是本次实验必须进行的测量？答： ______ 填选项号。  A.水平槽上未放球时，测量球落点位置到点的距离  B.球与球碰撞后，测量球与球落点位置到点的距离  C.球和球在空间飞行的时间  D.测量点相对于水平槽面的高度  已知和，、、是实验中小球落点的平均位置，请你根据该同学实验中所选小球和实验的记录纸判断，球没有碰撞球时的落点是 ______ 点在、、三个落点中选填，球与球碰撞后球的落点是 ______ 点在、、三个落点中选填。该同学通过实验数据说明在实验中、两球碰撞中动量守恒，请你用图中的字母写出该同学判断动量守恒的表达式是 ______ 。 四 、计算题（本大题共4小题，共46分） 15. （10分）年月，“神舟十三号”载人飞船将三名宇航员送至“天宫”，并将完成长达个月的太空作业。“天宫”在太空中飞行，主要靠太阳能电池提供能量。有一片太阳能电池组板，测得它的电动势为，将额定电压为、电流为的指示灯接在其两端时，指示灯恰好正常发光。求：  该片太阳能电池板的内阻；  该片太阳能电池板内、外电路消耗的功率之比。 16. （10分）如图所示，电源电动势，内阻，闭合开关后，标有“，”的灯泡恰能正常发光，电动机的内阻，求：  流过电源的电流；  电动机的发热功率。 17. （12分）如图所示一根轻绳长，一端系在固定支架上，另一端悬挂一个质量为的砂箱．砂箱处于静止．质量为的子弹以水平速度打入砂箱，其后以速度从砂箱穿出．取求：  砂箱和子弹作为一个系统共同损失的机械能；  砂箱获得速度后，上升的最大高度．  砂箱从最高点返回到最低点处时，绳对砂箱的拉力大小． 18.（14分）如图，足够长的水平直道与倾斜光滑轨道平滑连接，为光滑轨道的最低点。小球从直道上的点以的初速度向右运动，与静止在点的小球发生弹性正碰，碰撞后小球上升的最大高度。已知、两点的距离，小球与水平直道的摩擦阻力为重力的倍，空气阻力忽略不计，重力加速度。求： 两球相碰前的瞬间小球的速度大小。 两球相碰后的瞬间小球的速度大小。 小球和小球的质量之比。 第  页，共  页 学科网（北京）股份有限公司 $ 第  页，共  页 高二上学期第二次质量检测物理答案 1.【答案】D;【解析】解：动量等于质量与速度的乘积，故抛出时的动量P=mv；  2.【答案】D;【解析】解：根据路端电压图线的纵截距表示电动势，两截距不相等，可知，故错误； B.根据路端电压图线的斜率绝对值表示内阻，可知电池的内阻为   电源的内阻为    则  ：：  故错误； C.根据用电器两端电压随电流变化的图线，斜率绝对值表示内阻大小，可知   D.当电路中只将该用电器与电源相连，图线中用电器的图线与电源图线的交点即为用电器连接时的工作状态，则接电源 时，，，小灯泡消耗的功率   接电源时，，，小灯泡消耗的功率   所以该用电器分别接在电池和电池上时消耗的功率之比为：，故 正确。  3.【答案】C;【解析】解：马拉车的力和车拉马的力属于作用力和反作用力，大小相等；根据P=Ft知，车拉马的冲量大小等于马拉车的冲量大小．故C正确．A、B、D错误．  4.【答案】B;【解析】解：力的大小为F，作用时间为t，则推力的冲量I=Ft，故B正确．  5.【答案】A;【解析】位移时间图象的斜率表示速度，由斜率求出碰撞前后物体的速度，根据动量守恒定律分析即可。 解决本题关键抓住两点：一是位移图象的斜率表示速度，斜率的大小表示速率，正负表示速度的方向；二是掌握碰撞的基本规律：动量守恒，难度不大。   从图可知、碰撞前速度分别为，，、碰撞后的速度相同，。根据动量守恒列式，即，得，故正确，错误。 6.【答案】A;【解析】此题主要考查了求安全带的缓冲力，分析清楚工人的运动过程，应用匀变速直线运动的速度位移公式与动量定理即可解题；应用动量定理解题时要注意正方向的选择。  此题主要考查动量定理的应用、自由落体运动规律、牛顿第三定律。   弹性绳绷直前，工人做自由落体运动，根据得弹性绳绷直时工人的速度为：   在安全带绷紧的过程，以竖直向上为正方向，由动量定理有：   代入数据解得： 由牛顿第三定律得，安全带所受的平均冲力的大小为，故正确， 7.【答案】D;【解析】设弹回速度为正值Δp=m[v2-(-v1)]=m(+)，方向向下，D对。 8.【答案】C;【解析】【详解】AB：由电路图可知，ABC三灯两灯电压间关系为：，三灯功率相等，据可得，A灯的电阻最大；由电路图可知，BC两灯的电流关系为，两灯功率相等，据可得，C灯电阻小于B灯电阻；则三灯电阻的大小关系是．故AB两项错误．CD：向上移动滑动变阻器R的滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路总电阻变大，电路中总电流减小，A灯两端电压增大，A灯变亮；流过C灯的电流减小，C灯变暗；B灯两端电压增大，B灯变亮．故C项正确，D项错误． 9.【答案】ACD;【解析】解：、甲图的接法叫电流表外接法，乙图的接法叫电流表的内接法，故A正确；  B、甲图中，电压表测量值准确，又由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆定律，电阻测量值偏小，即；乙图中，电流表测量值准确，又由于电流表的分压作用，电压表测量值偏大，根据欧姆定律，电阻测量值偏大，即，故B错误；   C、甲图中，误差来源与电压表的分流作用，为了减小误差，应使，故此法测较小电阻好；故C正确；  C、乙图中，误差来源与电流表的分压作用，故为了减小误差，应减小电流表的分压，故应使，适合测量大电阻；故D正确；  故选：。  两种接法都有误差：甲图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过灯泡电阻的电流，还包括了电压表的电流；图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是灯泡电阻的电压，还包括了电流表的分压；要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小．  对于内外接法的选择，可以牢记：“大内偏大，小外偏小“，即：  待测电阻远大于电流表内阻时，电流表的分压小，可忽略不计，用电流表内接法．测量值偏大．  待测电阻远小于电压表内阻时，电压表的分流小，可忽略不计，用电流表外接法，测量值偏小． 10.【答案】BD;【解析】解：闭合开关，再用光照射，则接入电路中的电阻变小，总电阻变小，干路中的电流增大，灯泡和电源内阻分到的电压增大，因此光敏电阻和灯泡分到的电压减小，则电压表的示数减小，电灯变暗，故正确，错误；  11.【答案】AB;【解析】解：．根据动量定理，解得末物块的速度大小为，选项正确； ．根据动量定理时物块的动量大小是，选项正确； ．根据动量定理时物块的动量大小，选项错误； ．根据动量定理时物块的动量大小，物块速度不为，选项错误． 【答案】AD;【解析】解：额定工作电流为    故正确；  B.若当剩余电量减少为电池容量的时，机器人会主动寻找充电器充电，则充满电后正常工作的时间为  故错误；  C.电池充满电后储存的总电荷量为    故错误；  D.以额定电流工作时每分钟消耗能量为  故正确。 13.【答案】3.700  6.0   12  3.0  偏小; 【解析】解：用螺旋测微器测量该圆柱形电阻的直径，螺旋测微器的分度值为，需要估读到分度值的下一位，则读数为；  由电路可知，当将置于位置，闭合时   即  由图像可知   解得：    解得：  再将置于位置，此时电流表读数为，则   解得：  根据   解得：  由可知     根据表达式    因电源电动势变小，内阻变大，则当安培表有相同读数时，得到的偏小，即测量值偏小。  故答案为：；；；；；偏小  14.【答案】等于 大于 11.35 AB F E OF=OE+OJ; 【解析】解：为了使两球碰撞为一维碰撞，即实现对心碰撞，则球的直径等于球的直径。  在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律，设球的入射方向为正方向，则有：，  在碰撞过程中机械能守恒，则有：，  解得：，要碰后入射小球的速度，即，故。  游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标尺读数，游标卡尺是分度，精确度为，主尺读数为：，游标尺读数为：，则读数为：；  该实验验证碰撞前后瞬间系统动量守恒，即验证：，碰撞前后的瞬时速度可以通过对应的水平位移和时间比值得出，因为时间相同，可以用水平位移代替速度，所以需要测量水平槽上未放球时，球落点位置到点的距离，球与球碰撞后，球与球落点位置到点的距离，故、正确，、错误。 故选：；  球与球碰后，球的速度减小，可知球没有碰撞球时的落点是点，球与球碰撞后球的落点是点．用水平位移代替速度，动量守恒的表达式为：。  故答案为：等于，大于，，，，，。  15.【答案】解：（1）根据闭合电路欧姆定律有 E=U+Ir  解得：  （2）电池板内电路消耗的功率  外电路消耗的功率P外=UI    答：（1）该片太阳能电池板的内阻为20Ω；  （2）该片太阳能电池板内、外电路消耗的功率之比为; 16.【答案】解：（1）由于灯泡正常发光，可知路端电压为U=6V  则电源的内电压为Ur=E-U=8V-6V=2V  故流过电源的电流为I==A=2.5A  （2）流过灯泡的电流为IL==A=2A  则流过电动机的电流为IM=I-IL=2.5A-2A=0.5A  故电动机的发热功率为P热=IM2R0=0.52×2W=0.5W  17.【答案】解：（1）子弹射穿砂箱过程系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，  由动量守恒定律得：m=mv+M，代入数据解得：=0.4m/s，  能量守恒定律得：△E=m2-m-M2，代入数据解得：△E=11.92J；  （2）对木块，由机械能守恒定律得：  M2=MgH，代入数据解得：H=0.008m；  （3）在最低点，由牛顿第二定律得：  T-Mg=M，代入数据解得：T=10.1N；  18.【答案】解：设小球与小球碰撞前瞬间的速度为，由动能定理： ①  其中②  代入数据得：③  设、两球碰撞后球的速度为，小球碰后沿光滑轨道上升的过程中机械能守恒，由机械能守恒定律：  ④  解得： ⑤  、两球发生弹性碰撞，设碰撞后球的速度为，取向右为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律有：⑥   ⑦  由⑥⑦得： ⑧  由③⑤⑧得：; 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