安徽省合肥皖智高级中学2025-2026学年高三上学期第九次周考物理试题

安徽省合肥皖智高级中学2026届高三上学期第九次周考 物 理 试 题 考查内容：力学 电场 电流 本试卷满分：100分 考试时间：75分钟 一、单选题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。 1．天气寒冷易结冰，路过楼檐下小心冰溜子伤人．假设冰溜子从高20 m的屋檐下落，整个下落过程近似做自由落体运动，重力加速度g取，则冰溜子（可视为质点）在最后15 m所用的时间为（　　） A．0.8 s B．1 s C．1.2 s D．1.5 s 2．图甲为一轻质弹簧放置在光滑水平面上，当在弹簧两端同时施加的拉力时，稳定后弹簧的长度为。图乙中，将该弹簧一端固定在水平面上， 另一端竖直向下施加的压力时，弹簧的长度为。 弹簧均处于弹性限度内，该弹簧的劲度系数为（　　） A． B． C． D． 3．如图所示，同一水平面的M、N点固定两个等量同种负点电荷，绝缘光滑圆环垂直放置，其圆心在的中点，半径为，和分别为竖直和水平的直径。质量为、电荷量为、重力不计的轻质小球套在圆环上，从点沿圆环以初速度做完整的圆周运动，则下列说法错误的是（    ） A．小球从到的过程中电势能不变 B．可以求出小球在点的加速度 C．运动过程中，小球可能全程不受圆环作用力 D．越大，小球在点受到圆环的作用力越大 4．无人机飞行中检测到碰撞风险时，系统会触发安全气囊在40毫秒内完成充气，形成弹性缓冲层包裹机身，减轻无人机落地时受到的伤害。在无人机落地的过程中，安全气囊可以（　　） A．减小无人机与地面的接触时间，减小合力的冲量 B．增大无人机与地面的接触时间，增大合力的冲量 C．减小无人机与地面的接触时间，减小地面对无人机的平均冲击力 D．增大无人机与地面的接触时间，减小无人机的动量变化率 5．如图所示，实线可能是未标明方向的电场线，也可能是等差等势线，虚线是一带正电粒子的运动轨迹，a、b是运动轨迹上的两点。若该带电粒子在运动过程中仅受静电力的作用，下列说法正确的是（　　） A．粒子运动过程中，加速度的方向可能保持不变 B．若实线为电场线，a点的电场方向指向左下方 C．若实线为等势线，a点的电势低于b点的电势 D．若实线为等势线，粒子在a点的动能大于在b点的动能 6．真空中的某装置如图，现有质子和粒子都从O点由静止释放，经过相同加速电场和偏转电场，射出后都打在同一个与垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点（已知质子和粒子质量之比为，电荷量之比为，重力不计）。下列说法正确的是（　　） A．两种粒子在偏转电场中运动时间之比为 B．两种粒子射出偏转电场时的速度相同 C．偏转电场的电场力对两种粒子做功之比为 D．在荧光屏上将只出现2个亮点 7．在电影《流浪地球2》中出现了太空电梯的科幻设想，有人设想：用石墨烯制作超级缆绳连接地球赤道上的固定基地与同步空间站，利用超级缆绳承载太空电梯从地球基地向空间站运送物资（如图所示）。已知地球半径为，地球自转周期为，地球北极表面重力加速度大小为，万有引力常量为。当太空电梯停在距地面的站点时，质量为的货物对太空电梯的压力大小为（　　） A．0 B． C． D． 8．如图所示，质量为的带有光滑半圆轨道的滑块放置在光滑水平面上，半圆轨道半径为，轨道的底端与水平面相切。质量的小球从水平面上以初速度滑上半圆轨道，然后从半圆轨道的最高点飞出，重力加速度取，则小球落地时落点与滑块的点间距离为（　　） A． B． C． D． 二、多选题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9．在如图所示电路中，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在滑动变阻器R2的滑动端由a向b缓慢滑动的过程中（　　） A．电压表的示数增大，电流表的示数减小 B．电容器C所带电荷量减小 C．R1的电功率增大 D．电源的输出功率可能先增大后减小 10．如图所示，电源（内阻不计）、开关、定值电阻R1、滑动变阻器R2、电容器和导线组成闭合电路，电容器B板接地，在A、B板中间点固定一个带正电的粒子，开关S闭合，下列说法正确的是（　　） A．滑动变阻器R2的滑片向下移动，粒子受到的电场力减小 B．滑动变阻器R2的滑片向上移动，粒子电势能增大 C．A板向上移动，粒子电势能增大 D．B板向下移动，粒子电势能增大 三、非选择题：本题共5小题，共58分。考生根据要求做答 11．(6分) 用如图所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道滑下后从点飞出，落在水平挡板上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。 (1)下列实验条件必须满足的有_____。 A．斜槽轨道光滑 B．斜槽轨道末段水平 C．挡板高度等间距变化 D．每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球 (2)为定量研究，建立以水平方向为轴、竖直方向为轴的坐标系。 a．取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于点，钢球的球心对应白纸上的位置即为原点；在确定轴时需要轴与重锤线平行。 b．若遗漏记录平抛轨迹的起始点，也可按下述方法处理数据： 如图下所示，在轨迹上取、、三点，和的水平间距相等 且均为，测得和的竖直间距分别是和，则 （选填“大于”、“等于”或者“小于”）。可求得钢球平抛的初速度大小为 （已知当地重力加速度为，结果用上述字母表示）。 12．(10分) 某小组用如图甲所示的电路测量一节干电池的电动势和内阻，可选用的实验器材有：电压表V（0~3V）、电流表A（0~0.6A）、滑动变阻器R1（0~20Ω）、滑动变阻器R2（0 ~300Ω），定值电阻R0（1Ω）、开关S、导线若干。 (1)为了便于实验操作，滑动变阻器应选 （填写“R1”或“R2”）； (2)正确连接电路，调节滑动变阻器滑片，测量多组电压表示数U和电流表示数I，描点如图乙所示，请在乙图中作出图线 ▲ ，则干电池的电动势为 V，内阻为 Ω；（计算结果保留两位小数） (3)该实验引起系统误差的主要原因是 。 13．(10分) 质量m＝2kg的物体静止于水平面上，现用一水平向右的恒力F拉物体，物体运动9m后撤去拉力F，此时物体速度为6m/s。已知物体与水平面之间的动摩擦因数，取。 (1)求恒力的大小； (2)撤去外力后，物体继续移动的位移大小x。 14．(14分) “旋转飞椅”是游乐场中颇受欢迎的游乐项目，其简化模型如图所示。半径分别为 、的水平转盘A与水平转盘B通过皮带连接，皮带与两转盘之间不发生滑动，竖直中心轴固定在转盘B上，半径为的转盘C固定在竖直中心轴的顶端，长度为的缆绳一端系着座椅，另一端固定在转盘C的边缘。转盘静止时，缆绳沿竖直方向自由下垂并系上人；装置启动后，转盘C先向上抬升，然后绕竖直轴转动，转动的角速度缓缓增大，达到设定值后保持不变，稳定后缆绳与竖直方向的夹角为。游客和座椅（整体可视为质点）的总质量为，不考虑一切阻力和缆绳的重力，重力加速度取，，。求： (1)稳定后缆绳拉力的大小； (2)转盘A转动的角速度大小； (3)从静止到整个装置稳定转动过程中缆绳对游客和座椅所做的总功。 15．(18分) 如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接，整个空间分布有大小为、水平向右的匀强电场（未画出），现将一质量为m、电荷量为+q的小球（可视为质点）从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开半圆轨道后落在水平轨道上。已知整个运动过程小球的电荷量保持不变，A、B间的距离为3R，重力加速度为g。求 (1)小球运动到B点时受到的支持力大小； (2)小球在竖直半圆轨道速度的最大值vm； (3)小球落入水平轨道瞬间的速度大小。 第4页，共8页 ( 第 1 页 共 9 页 )高中物理 学科网（北京）股份有限公司 $ 安徽省合肥皖智高级中学2026届高三上学期第九次周考 物理参考答案 一、二、选择题（42分） 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B A D D B C D C AD AC 1．B 解析：由自由落体位移时间关系下落20 m 所用时间为，解得，前所用时间为，，解得，则最后下落时间为，故选B。 2．A 解析：设弹簧原长为，甲图，由胡克定律可知 乙图，由胡克定律可知，已知，，，，解得，。故选A。 3．D解析：小球从A点运动到C点的过程，始终在等势线上运动，电场力不做功，所以电势能不变。故A正确，不符合题意；小球始终在等势线上运动，电场力不做功。又因为不考虑小球的重力，所以小球运动过程中速率不变，即小球做的是匀速圆周运动，速率始终是，故小球在点的加速度为，故B正确，不符合题意；若小球的向心力完全由电场力提供，则全程可不需圆环的作用力。故C正确，不符合题意；小球做圆周运动的向心力由电场力和圆环作用力的合力提供，在C点若圆环的弹力指向圆心，则向心力方程为，在C点若圆环的弹力背离圆心，则向心力方程为，所以越大，小球在点受到圆环的作用力不一定越大，故D错误，符合题意。故选D。 4．D 解析：由可知安全气囊可以延长无人机与地面碰撞的时间，减小冲击力；因动量的变化相同，则合力的冲量不变；由可知减小无人机的动量变化率。故选D。 5．B解析：根据实线分布可知不是匀强电场，故粒子运动过程中，加速度的方向不断变化，A错误；若实线为电场线，根据运动轨迹可知在a点所受静电力方向指向左下方，故电场方向指向左下方，B正确；若实线为等势线，根据运动轨迹可知所受静电力方向指向右下方，电场方向指向右下方，故a点的电势高于b点的电势，则粒子从a点运动到b点，电势能减小，动能增加，故粒子在a点的动能小于在b点的动能，故CD错误。故选B。 6．C解析：在加速电场中，由动能定理得，解得，因为质子和α粒子的比荷之比为2:1，则初速度之比，在偏转电场中运动时间。两种粒子在偏转电场中运动时间之比为，故A错误；偏转位移，其中，根据牛顿第二定律。联立解得 与粒子的电量和质量无关，则粒子的偏转位移相等，荧光屏将只出现一个亮点，故D错误； 偏转电场的电场力做功为，则W与q成正比，两种粒子的电荷量之比为1:2，则有电场力对三种粒子做功之比为1:2，故C正确；粒子整个运动过程，根据动能定理 则出电场时的速度。因为粒子的比荷不同，则速度的大小不同，故B错误。 故选C。 7．D 解析：设质量为m0的物体在北极地面处于静止状态，则有，解得 货物质量为m，在距地面高3R站点受到的万有引力为，货物绕地球做匀速圆周运动，设太空电梯对货物的支持力为N，则有。解得 根据牛顿第三定律可知，货物对太空电梯的压力大小为，故选D。 8．C 解析：设小球通过点时，小球与滑块速度分别为、，选取水平向右为正方向，全过程系统水平方向动量守恒有 全过程系统能量守恒 联立解得：（或，小球在点速度方向向左与规定方向相反，故舍去）。小球通过点时相对滑块的速度为 小球从点飞出后做平抛运动，小球下落的时间为，解得 小球相对滑块移动的位移为，故选C。 9．AD解析：在滑动变阻器R2的滑动端由a向b缓慢滑动的过程中，R2阻值变大，总电阻变大，总电流减小，电流表的示数减小，R1两端的电压和电源内电压均变小，可知电压表读数变大，故A正确；电容器C两端的电压变大，根据Q=CU可知，电容器所带电荷量变大，故B错误；R1的电流变小，根据P=I2R1可知，其电功率减小，故C错误；当外电阻等于电源内阻时电源的输出功率最大，则当R2阻值变大时，外电阻可能先小于电源内阻，后大于电源内阻，则此时电源的输出功率先增大后减小，故D正确。故选AD。 10．AC解析：滑动变阻器的滑片向下移动，接入电路的阻值减小，其分得的电压减小，电容器两极板间的电压也减小，由可知，电容器两板间场强减小，粒子所受电场力减小，故A正确；滑动变阻器的滑片向上移动，接入电路的阻值增大，其分得的电压增大，电容器两极板间的电压也增大，由可知，电容器两板间场强增大，由可知，下板和M点间电势差增大，因，则M点电势降低，因粒子带正电，由可知，粒子电势能减小，故B错误； A板向上移动，分得的电压不变，电容器两极板间电压不变，因两板间距增大，由可知，场强减小，下板和M点间电势差减小，因，则M点电势升高，因粒子带正电，由可知，粒子电势能增大，故C正确；B板向下移动，分得的电压不变，同理可得电容器两极板间场强减小，由可知，M点和A板间的电势差减小，则B板和M点间的电势差增大，因，则M点电势降低，因粒子带正电，由可知，粒子电势能减小，故D错误。 故选AC。 三、选择题（58分） 11．(6分) (1)BD (2) 大于 (每空2分) 解析：(1)因为本实验是研究平抛运动，只需要每次实验都能保证钢球做相同的平抛运动，即每次实验都要保证钢球从同一高度处无初速度释放并水平抛出，没必要要求斜槽轨道光滑，故A错误，BD正确；该实验过程挡板高度可以不等间距变化，故C错误。故选BD。 (2)如果A点是抛出点，则在竖直方向上为初速度为零的匀加速直线运动，则和的竖直间距之比为；但由于点不是抛出点，即在点已经具有竖直分速度，故。对小球，根据平抛运动规律有联立解得 12．(10分) (1)R1 (2) 作图略 1.50 0.14 (3)电压表的分流作用 (每空2分) 解析：(1)干电池电动势约 1.5V，（300Ω）阻值过大，电路电流过小，调节时电流、电压变化不明显；（20Ω）阻值较小，便于操作和数据测量。所以选择。 (2) 描点做出图像如上图所示。根据 ，图乙中 图像的纵轴截距为电动势 ；斜率绝对值为 ，已知，故 。 （3）电路中电压表与滑动变阻器并联，会分流，导致电流表读数偏小，从而使电动势和内阻的测量值存在误差。 13．(10分) (1)14N (5分) (2)3.6m (5分) 解析：(1)物体在恒力作用下做匀加速直线运动，根据运动学公式，可得 根据牛顿第二定律，解得 (2)撤去外力后，根据牛顿第二定律，得 由运动学公式，得物体继续移动的位移 14．(14分) (1) (3分) (2) (6分) (3) (5分) 解析：（1）对游客和座椅受力分析，由平衡条件得，解得 （2）对游客和座椅受力分析，有 根据几何关系可得，解得，对转盘与转盘，具有相同的角速度，即，对转盘与转盘，具有相同的线速度，即 解得转盘转动的角速度大小为 （3）对游客和座椅受力分析，由牛顿第二定律得 由功能关系可得缆绳对游客和座椅做的功为 其中，联立解得 15．(18分) (1)7mg (5分) (2) (5分) (3) (8分) 解析：(1)小球从A点运动到B点过程，由动能定理有，可得 小球在B点有 ，解得 (2)如图所示，小球运动到等效最低点D时速度最大，由于，可知OD与竖直线OB夹角为，小球从A点运动到D点的过程中，根据动能定理有，解得 (3)设小球过C点时的速度大小为，小球从A运动到C的过程中， 根据动能定理有,解得 小球离开C点后做类斜抛运动，竖直方向自由落体 竖直速度，解得 水平方向匀变速直线，解得 水平速度，解得（方向水平向右） 由运动的合成可得，解得 第4页，共8页 ( 第 1 页 共 9 页 )高中物理 学科网（北京）股份有限公司 $