江苏省南通市2025-2026学年九年级物理上学期期末自编模拟练习卷

江苏省南通市2025-2026学年九年级物理上学期期末自编模拟练习卷 九年级物理 （考试时间90分钟，试卷满分100分） 注意事项： 1、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答卷时，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2、回答第Ⅰ卷时选出每小题的答案，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后再涂选其他答案标号,写在本试卷上无效。 3、回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 4、测试范围（苏科物理2024版11-15） 5、考试结束以后将本试卷和答题卡一并交回。 第一卷 一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意） 1．如图所示的四种情景中，关于力对物体做功的叙述，正确的是（　　） A．运动员举着杠铃不动，运动员对杠铃做了功 B．马拉车在水平路面上匀速前进，马的拉力对车做了功 C．足球在水平地面上滚动，足球所受重力对足球做了功 D．起重机吊着重物沿水平方向移动，竖直向上的拉力对重物做了功 2．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　） A．只要物体放出热量，内能就一定减少 B．物体温度越高，所含热量越多 C．0℃的物体没有内能 D．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变 3．下列用电器中，利用电流热效应工作的是（　　） A．电热水壶 B．吸尘器 C．电冰箱 D．电视机 4．如图是古代舂（chǒng）米（舂米就是把稻谷去壳，做成白米）时的场景，舂米装置可视为杠杆，下列工具正常使用时，与舂米装置属于同类杠杆的是（　　） A．镊子 B．开瓶器 C．核桃钳 D．钢丝钳 5．家庭电路中的保险丝突然熔断，发生这一现象的原因可能是（　　） A．电路中的电流变小 B．电路的总功率过大 C．大功率用电器停止工作 D．用电器发生断路 6．如图所示是某次实验电路图。下列说法中正确的是（　　） A．只闭合S1时，只有灯L2发光，流过电流表A1、A2的电流大小相等 B．闭合S1、S2时，灯L1和L2组成并联电路，A2测流过L1的电流 C．闭合S1、S2时，若L1断路，则电流表A1无示数，A2有示数 D．闭合S1、S2时，若L2断路，则电流表A1无示数，A2有示数 7．我国在柴油机的研制上已将本体热效率突破53%。在柴油机的四个冲程中，内能转化为机械能的是（　　） A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 8．用如图装置探究影响电流热效应的因素，电阻丝R1和R2分别密封在两只相同的烧瓶中，R1＜R2，瓶中装有质量相等的煤油。下列说法正确的是（　　） A．将R1和R2串联是为了探究电流热效应与电流的关系 B．闭合开关后，装电阻丝，R1烧瓶中的温度计示数上升较快 C．通过温度计示数的变化可以比较电阻丝产生热量的多少 D．只需将某一瓶煤油换成等质量的水就可比较煤油和水的比热容大小 9．八年级的小刚同学因担心上课迟到，一口气从一楼跑到三楼，用时10s，则他爬楼的功率最接近于（　　） A．3W B．30W C．300W D．3000W 10．如图是一小灯泡L和一电阻R的I﹣U关系图像，小灯泡的额定电压为3.8V。下列说法正确的是（　　） A．通过小灯泡的电流与其两端的电压成正比 B．小灯泡的额定功率为1.6W C．将L、R并联在电压是2V的电路中，干路中的电流是0.3A D．将L、R串联在电压是5V的电路中，电路中的电流是0.2A 第二卷 二．非选择题（共14小题，共80分。） 11．新疆地区的坎儿井是利用地下渠道引水，因为地下温度较低、空气流通速度较慢，从而 　 　 水的蒸发；在城市中修建人工湖，是利用了水的比热容较 　 　 的性质来调节气温。 12．汽车的发动机经常用水做冷却剂降温，原因是水的比热容较 　 　 ，在这个过程中是通过 　 　 （选填“做功”或“热传递”）的方式来改变物体内能的。某汽车水箱中装了4kg的水，发动机运行了一段时间后，水温升高了50℃。则这个过程中，水吸收的热量为 　 　 J。如果这些热量是由天然气完全燃烧释放得到，不计热损失，则需要完全燃烧天然气 　 　 m3。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）；天然气的热值为q＝4×107J/m3] 13．我国家庭电路中，电灯、电视机、电扇等用电器正常工作的电压为　 　 V，这些用电器是　 　 的，电灯的开关与灯泡是　 　 的（后两空填“串联”或“并联”） 14．小明家月初电能表示数如图甲所示，月底示数如图乙，可知他家本月用电 　 　 度。该电能表能接入用电器的总功率最大是 　 　 W，小明将一电热壶单独接入电路，正常工作3min，电能表指示灯闪烁160次，则电热壶的这段时间消耗电能 　 　 kW•h，电热壶的额定功率 　 　 W。 15．小梦和妈妈一起打扫书房，当清理如图所示的书桌底部卫生时，需要小梦将桌子的某一端微微抬起，请你帮助小梦想一个最省力的方法，并在图中作出最小动力F1的示意图。 16．如图所示，请在括号中标出小磁针静止时的磁极名称和电源的极性。 17．在“探究杠杆平衡条件”的实验中： （1）如图甲所示，将杠杆在中点处悬挂，杠杆静止，此时杠杆 　 　 （选填“平衡”或“不平衡”），为使杠杆水平平衡，小明应将平衡螺母向 　 　 （选填“左”或“右”）调节。 （2）如图乙所示，小明在杠杆A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂两个钩码，现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计的示数 　 　 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 （3）实验结束后，小明制作了如图丙所示的杆秤，经测试发现其能测物体的最大质量太小。 下列操作可以使该杆秤能测物体的最大质量变大的是 　 　 （填选项）。 A.将a点向左移 B.将b点向左移 C.将a、b点都向右移动等长距离 D.换一个质量较小的秤砣 18．天然气主要成分是甲烷，其密度比空气小，无色无味。为防止天然气泄漏带来的安全隐患，建议安装燃气泄漏报警器。结合你所学过的知识，请回答以下问题： （一）预防：天然气中加入特殊气味的气体，泄漏时人能闻到这种气味，原因是 　 　 ；燃气报警器应安装在燃气灶附近的 　 　 （选填“上”或“下”）方区域； （二）报警：燃气泄漏报警器需要用气敏电阻，小明用如图甲所示的装置测量气敏电阻Rx阻值与天然气浓度的关系。 （1）开关S闭合前，滑片P应移至 　 　 （选填“A”或“B”）端； （2）移动滑片P，当天然气浓度为4%时，电压表、电流表示数如图乙所示：则Rx的阻值为 　 　 Ω，其它数据如下表所示； 天然气浓度/% 0 2 4 6 8 10 Rx/Ω 60 40 — 26 24 22 （3）制作报警器：小明设计了一个燃气泄漏报警器，如图丙所示（电阻不计），其中控制电路有：3V直流电源、开关、气敏电阻Rx、定值电阻R0。当电流达到60mA报警器报警，若要求闭合开关S，天然气浓度高于4%时报警，定值电阻R0的阻值为 　 　 Ω；若要使报警器在天然气浓度更低时报警，可以采用的方法有 　 　 （写出一种即可）。 19．同学们在探究“重力势能的大小与哪些因素有关”时，把小桌放在平整的沙面上，让重物从高处落下，撞击桌面的中心部位，使桌腿陷入沙子，如图所示为实验过程中的有关情境。 （1）本实验探究的是　 　 （重物/小桌）的重力势能； （2）实验中通过　 　 来判断物体重力势能的大小，这种研究方法叫　 　 法； （3）实验中可能出现桌脚陷入沙子中的深度不明显或桌脚陷入沙子中的深度差不明显的现象，针对这些现象，下列做法中最不具有操作性的是　 　 。 A.增大重物下落的高度 B.增大前后两次实验重物的质量差 C.测量前后两次桌脚陷入沙面的深度h（如图丁所示） D.每次实验前都松动沙子、平整沙面 （4）比较甲、乙两实验，可得结论：　 　 ，重力势能越大。若要探究重力势能与质量的关系，应比较　 　 两实验。 （5）小明想用以上器材探究“动能的大小与哪些因素有关”，他的设想　 　 （可行/不可行）。 20．“探究电流与电阻关系”的实验电路如图甲所示，1节干电池电压为1.5V，滑动变阻器标有“10Ω；2A”字样。 （1）连接电路时，开关应 　 　 ； （2）用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整； （3）将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则故障是 　 　 ； （4）排除故障后，再次闭合开关，移动滑动变阻器滑片到合适位置，电流表指针位置如图乙所示，为 　 　 A；记录数据后，更换10Ω的定值电阻继续实验，闭合开关后，应该将滑动变阻器滑片向 　 　 （选填“左”或“右”）移动，直至电压表示数为 　 　 V； （5）依次更换15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻进行实验，将记录的数据绘制成图丙。分析可得：电流随电阻增大而减小，且横纵坐标的乘积趋于一个 　 　 （选填“固定”或“不固定”）值，由此得出结论，当电压一定时，电流与电阻成 　 　 。 21．小明和小华将传感器与计算机相连，在沸水冷却过程中采集部分温度随时间变化的数据。 实验序号 杯子材料 有无风扇吹风 室内环境温度/℃ 冷却时间/s 1 玻璃 无 15 612 2 玻璃 有 20 592 3 塑料 无 15 780 4 铝 无 15 508 （1）描点作出温度—时间图像，则正确的图像是 　 　 （选填“小明”或“小华”），另一个图像错误的原因是 　 　 ，如果要证明你的判断，应该 　 　 。 （2）实验后，他们思考：热水冷却的快慢与哪些因素有关？经讨论后，小明和同学们提出了以下几种猜想： 猜想1：与热水表面空气的流速有关； 猜想2：与盛水容器的材料有关； 猜想3：与热水温度和环境温度的温差有关。 ①猜想1是 　 　 （选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是 　 　 。 ②为了验证其他猜想，小明采用了正确的探究方法。在杯中导入相同质量的热水做了四次实验，记录了每次热水温度从60℃降至10℃所用的时间，只有第2次实验用电风扇对杯中热水吹风。记录的部分数据如表所示： a．比较实验序号为 　 　 的数据，可得出的结论是：热水冷却的快慢与盛水容器的材料有关。 b．比较实验序号为1、2的数据，　 　 （选填“能”或“不能”）验证猜想3是否正确，理由是 　 　 。 22．如图所示，工人用动滑轮匀速提升重为400N的窗玻璃，所用的竖直拉力为250N，窗玻璃上升的高度为10m，用时50s。（不计绳重和摩擦）求： （1）所做的有用功W有； （2）工人所用拉力的功率P； （3）动滑轮的机械效率η。 （4）动滑轮的重力G动。 23．电动汽车以车载电源为动力，用电机驱动车轮行驶，其前景被广泛看好。如图是某电动汽车有关数据，在一次测试过程中，该车以额定功率在水平路面上5min内匀速直线行驶了8km，受到的阻力为3×103N。求：在这次测试过程中，该车。 车辆类型 电动车 电池类型 磷酸铁锂电池 续航里程 80km 整车质量 1500kg 额定功率 100kW （1）电机耗电为多少焦？ （2）牵引力做功为多少焦？ （3）电能转化为机械能的效率是多少？ 24．2024年12月11日12时57分，载着156名旅客的国产大飞机C919首次缓缓降落在海口美兰国际机场停机坪上。飞机的气密性检测非常重要，小明设计了如图甲所示的检测电路。电源电压保持不变，R0是阻值为100Ω的定值电阻，R是压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，将R置于舱体中，舱体置于真空室中，舱体不漏气时，电压表示数为200V，舱体内气压为1.0×105Pa，求： （1）舱体不漏气时，通过R0的电流。 （2）舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能。 （3）电压表示数为176V时舱内的气压值。 第9页（共10页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 江苏省南通市2025-2026学年九年级物理上学期期末自编模拟练习卷答案 九年级物理 （考试时间90分钟，试卷满分100分） 注意事项： 1、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答卷时，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2、回答第Ⅰ卷时选出每小题的答案，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后再涂选其他答案标号,写在本试卷上无效。 3、回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 4、测试范围（苏科物理2024版11-15） 第一卷 一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1．如图所示的四种情景中，关于力对物体做功的叙述，正确的是（　　） A．运动员举着杠铃不动，运动员对杠铃做了功 B．马拉车在水平路面上匀速前进，马的拉力对车做了功 C．足球在水平地面上滚动，足球所受重力对足球做了功 D．起重机吊着重物沿水平方向移动，竖直向上的拉力对重物做了功 【解答】解： A、运动员举着杠铃不动，有力但是没有在力的方向上移动距离，所以举力没有做功。故A错误； B、马拉车时对车有向前的作用力，在这个力的作用下车在水平路面上匀速前进一定的距离，所以马的拉力对车做了功。故B正确； C、足球在水平地面上滚动，但是并没有在重力的方向上移动距离，所以重力没有做功。故C错误； D、起重机吊着货物沿水平方向匀速移动了一段距离，钢丝对重物有向上的拉力，在拉力的方向上没有移动了距离，所以拉力没有做功，故D错误。 故选：B。 2．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　） A．只要物体放出热量，内能就一定减少 B．物体温度越高，所含热量越多 C．0℃的物体没有内能 D．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变 【解答】解：A、同一物体，只要放出热量，内能就一定减少，故A正确； B、热量是一个过程量，不能说含有热量的多少，故B错误； C、任何物体都有内能，0℃的物体也有内能，故C错误； D、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，单比较物体的温度不能判断内能的大小，故D错误。 故选：A。 3．下列用电器中，利用电流热效应工作的是（　　） A．电热水壶 B．吸尘器 C．电冰箱 D．电视机 【解答】解：A、电热水壶是利用电流的热效应来工作的，故A符合题意； B、吸尘器中的电动机主要把电能转化为机械能，故B不符合题意； C、电冰箱是一种制冷电器，不是利用电流的热效应，故C不符合题意； D、电视机主要把电能转化为声能和光能，故D不符合题意。 故选：A。 4．如图是古代舂（chǒng）米（舂米就是把稻谷去壳，做成白米）时的场景，舂米装置可视为杠杆，下列工具正常使用时，与舂米装置属于同类杠杆的是（　　） A．镊子 B．开瓶器 C．核桃钳 D．钢丝钳 【解答】解：由图可知，舂米装置在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆； A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A正确； B、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误； C、核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误； D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D错误。 故选：A。 5．家庭电路中的保险丝突然熔断，发生这一现象的原因可能是（　　） A．电路中的电流变小 B．电路的总功率过大 C．大功率用电器停止工作 D．用电器发生断路 【解答】解：A、电路中电流变小，不会熔断保险丝，故A错误； B、根据P＝UI得，总功率过大，电压不变，电流过大，会熔断保险丝，故B正确； C、大功率用电器停止工作，电路的总功率变小，干路中的电流变小，不会烧毁保险丝，故C错误； D、用电器发生断路，电路的总功率变小，干路中的电流变小，不会烧毁保险丝，故D错误。 故选：B。 6．如图所示是某次实验电路图。下列说法中正确的是（　　） A．只闭合S1时，只有灯L2发光，流过电流表A1、A2的电流大小相等 B．闭合S1、S2时，灯L1和L2组成并联电路，A2测流过L1的电流 C．闭合S1、S2时，若L1断路，则电流表A1无示数，A2有示数 D．闭合S1、S2时，若L2断路，则电流表A1无示数，A2有示数 【解答】解：A、由实物图知，只闭合S1时，电流从电源正极流出，经开关S1、电流表A1、A2、灯泡L1，回到电源负极，所以只有灯泡L1发光，两电流表都测灯泡L1电流，示数相等，灯L2断路，不能发光，故A错误； B、闭合S1、S2时，电流从电源正极流出，经开关S1、电流表A1分成两支，一支经电流表A2、灯泡L1，另一支经灯泡L2，开关S2，两支电流汇合后回到电源负极，所以两灯并联，电流表A1测干路电流，A2测L1支路电流，故B正确； C、并联电路各支路间互不影响，闭合S1、S2时，若L1断路，A2无示数，L2支路仍能工作，所以电流表A1有示数，故C错误； D、闭合S1、S2时，若L2断路，电流表A1、A2的都测量灯泡L1的电流，则电流表A1、A2都有示数，故D错误。 故选：B。 7．我国在柴油机的研制上已将本体热效率突破53%。在柴油机的四个冲程中，内能转化为机械能的是（　　） A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 【解答】解：在压缩冲程末，喷油嘴将雾化的柴油喷入，柴油剧烈燃烧，产生高温高压的燃气，推动活塞向下运动，对外做功，在这个过程中，燃气推动活塞做功，内能减少，温度降低，燃气的内能转化为活塞的机械能，即做功冲程中内能转化为机械能，故ABD不符合题意、C符合题意。 故选：C。 8．用如图装置探究影响电流热效应的因素，电阻丝R1和R2分别密封在两只相同的烧瓶中，R1＜R2，瓶中装有质量相等的煤油。下列说法正确的是（　　） A．将R1和R2串联是为了探究电流热效应与电流的关系 B．闭合开关后，装电阻丝，R1烧瓶中的温度计示数上升较快 C．通过温度计示数的变化可以比较电阻丝产生热量的多少 D．只需将某一瓶煤油换成等质量的水就可比较煤油和水的比热容大小 【解答】解：A、由图可知，两电阻丝串联，电流相同，通电时间也相同，但电阻不同，故该实验探究的是电流产生的热量与电阻的关系，故A错误； B、由焦耳定律Q＝I2Rt可知，电流和通电时间相同时，电阻越大，放出的热量越多，由于且R1＜R2，故R2放出的热量多，温度计示数升的快，故B错误； C、通电后电流通过电阻丝做功，产生热量使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数大小来判断电流产生的热量的多少，这种研究方法叫转换法，故C正确； D、要比较水和煤油的比热容，应该让水和煤油相同时间内吸收的热量相等，由温度变化的大小得出比热容的大小关系。要让两瓶液体吸收的热量相等，就得控制两个烧瓶中的电阻相同，故D错误。 故选：C。 9．八年级的小刚同学因担心上课迟到，一口气从一楼跑到三楼，用时10s，则他爬楼的功率最接近于（　　） A．3W B．30W C．300W D．3000W 【解答】解： 小刚同学的质量约为50kg， 重力约为：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N， 一层楼的高度约为3m，三楼的高度：h＝3m×2＝6m， 上楼所用的时间：t＝10s， 小刚上楼的功率约： P＝＝＝＝300W。 故选：C。 10．如图是一小灯泡L和一电阻R的I﹣U关系图像，小灯泡的额定电压为3.8V。下列说法正确的是（　　） A．通过小灯泡的电流与其两端的电压成正比 B．小灯泡的额定功率为1.6W C．将L、R并联在电压是2V的电路中，干路中的电流是0.3A D．将L、R串联在电压是5V的电路中，电路中的电流是0.2A 【解答】解：A．由图可知，通过小灯泡的电流与其两端电压的关系图像是一条曲线，说明通过小灯泡的电流与其两端的电压不成正比，故A错误； B．由图像可知，当灯泡两端的电压为4V时，通过的电流为0.4A，此时的电功率为P＝UI＝4V×0.4A＝1.6W 而小灯泡的额定电压为3.8V，此时的电流小于0.4A，因此小灯泡的额定功率小于1.6W，故B错误； C．将L、R并联在电压是2V的电路中，根据并联电路电压的特点知此时通过灯泡的电流为0.3A、通过定值电阻的电流为0.1A，此时干路中的电流为I＝0.3A+0.1A＝0.4A，故C错误； D．将L、R串联在电路中，电路中的电流为0.2A时，由于串联电路电流处处相等知灯泡两端的电压为1V，定值电阻两端的电压为4V，根据串联电路电压的特点可知电源电压为U＝1V+4V＝5V，符合题意，故D正确。 故选：D。 第二卷 二．非选择题（共14小题，共80分。） 11．新疆地区的坎儿井是利用地下渠道引水，因为地下温度较低、空气流通速度较慢，从而 　减少　 水的蒸发；在城市中修建人工湖，是利用了水的比热容较 　大　 的性质来调节气温。 【解答】解：（1）坎儿井是新疆吐鲁番地区庞大的地下灌溉工程，坎儿井在地下，井内的水温比外界低，可以降低液体的温度、减少水暴露在空气中的面积、减慢水面空气的流速，从而减少水的蒸发； （2）因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节气温。 故答案为：减少；大。 12．汽车的发动机经常用水做冷却剂降温，原因是水的比热容较 　大　 ，在这个过程中是通过 　热传递　 （选填“做功”或“热传递”）的方式来改变物体内能的。某汽车水箱中装了4kg的水，发动机运行了一段时间后，水温升高了50℃。则这个过程中，水吸收的热量为 　8.4×105 J。如果这些热量是由天然气完全燃烧释放得到，不计热损失，则需要完全燃烧天然气 　0.021　 m3。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）；天然气的热值为q＝4×107J/m3] 【解答】解：（1）（2）水的比热容大，跟等质量的其它物质相比，升高相同温度时吸收热量多，所以，用水作冷却剂给汽车的发动机降温，这是利用了水的比热容较大的性质；用水作冷却剂给汽车的发动机降温的过程中，水吸收热量，内能增加，温度升高。 （3）水吸收的热量为：Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×4kg×50℃＝8.4×105J； （4）不计热损失，Q放＝Q吸＝8.4×105J，则需要完全燃烧天然气的体积为：V＝＝＝0.021m3； 故答案为：大；热传递；8.4×105；0.021。 13．我国家庭电路中，电灯、电视机、电扇等用电器正常工作的电压为　220　 V，这些用电器是　并联　 的，电灯的开关与灯泡是　串联　 的（后两空填“串联”或“并联”） 【解答】解： 在我们国家的家庭电路中，家用电器正常工作的电压为220V； 电灯、电视机、电扇等用电器在使用时互不影响，为并联； 电灯的开关与灯泡是串联的。 故答案为：220；并联；串联。 14．小明家月初电能表示数如图甲所示，月底示数如图乙，可知他家本月用电 　110.1　 度。该电能表能接入用电器的总功率最大是 　4400　 W，小明将一电热壶单独接入电路，正常工作3min，电能表指示灯闪烁160次，则电热壶的这段时间消耗电能 　0.1　 kW•h，电热壶的额定功率 　2000　 W。 【解答】解：由图知，小明家本月用电器消耗的电能为W＝355.9kW•h﹣245.8kW•h＝110.1kW•h＝110.1度； 由图知，电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为20A， 所以他家同时使用的用电器最大总功率：P＝UI＝220V×20A＝4400W； 1600imp/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁1600次， 由此可得，指示灯闪烁160次时，电热壶消耗的电能： ， 电热壶的工作时间：t＝3min＝0.05h 电热壶的额定功率：。 故答案为：110.1；4400；0.1；2000。 15．小梦和妈妈一起打扫书房，当清理如图所示的书桌底部卫生时，需要小梦将桌子的某一端微微抬起，请你帮助小梦想一个最省力的方法，并在图中作出最小动力F1的示意图。 【解答】解：由题意知，桌子左端带书柜，所以书柜的重心偏左，施加的动力应该在右侧，所以要使最小的力抬起书柜一端，动力作用点在右上角，支点在左下角。连接支点与右上角就是最长的动力臂，据此画出最小力的示意图，如图所示： 16．如图所示，请在括号中标出小磁针静止时的磁极名称和电源的极性。 【解答】解：磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的，所以螺线管的左端为N极，右端为S极；根据安培定则可知，电流从左端流出，右端流入，故电源的右端为负极，左端为正极； 根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端为S极，左端为N极；如图： 17．在“探究杠杆平衡条件”的实验中： （1）如图甲所示，将杠杆在中点处悬挂，杠杆静止，此时杠杆 　平衡　 （选填“平衡”或“不平衡”），为使杠杆水平平衡，小明应将平衡螺母向 　右　 （选填“左”或“右”）调节。 （2）如图乙所示，小明在杠杆A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂两个钩码，现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计的示数 　变小　 （选填“变大”“变小”或“不变”）。 （3）实验结束后，小明制作了如图丙所示的杆秤，经测试发现其能测物体的最大质量太小。 下列操作可以使该杆秤能测物体的最大质量变大的是 　B　 （填选项）。 A.将a点向左移 B.将b点向左移 C.将a、b点都向右移动等长距离 D.换一个质量较小的秤砣 【解答】解：（1）实验前，把杠杆中心支在支架上，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆是平衡状态； 为排除杠杆自重对实验的影响，实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，杠杆右端偏高，应将杠杆右端的螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡； （2）当弹簧测力计从C位置移到D位置，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变小，这是因为阻力、阻力臂不变，当拉力由倾斜变成竖直时，拉力F力臂变大，相应的力会变小，这样才能继续平衡； （3）A、将a点向左移，阻力臂增大，动力臂和动力不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故A错误； B、将b点向左移，阻力臂变小，动力不变，动力臂增大，由杠杆平衡条件可知，阻力变大，称量的最大质量变大，量程变大，故B正确； C、杆秤使用时，有G物Lab＝G砣L砣，将a、b点都向右移等长距离，Lab不变，L砣变小，G砣不变，可见G物变小，则所称量物体的质量变小，量程变小，故C错误； D、换一个质量较小的秤砣，阻力臂不变，动力变小，动力臂不变，由杠杆平衡条件可知，阻力变小，称量的最大质量变小，量程变小，故D错误。 故选：B。 故答案为：（1）平衡；右；（2）变小；（3）B。 18．天然气主要成分是甲烷，其密度比空气小，无色无味。为防止天然气泄漏带来的安全隐患，建议安装燃气泄漏报警器。结合你所学过的知识，请回答以下问题： （一）预防：天然气中加入特殊气味的气体，泄漏时人能闻到这种气味，原因是 　分子在做无规则运动　 ；燃气报警器应安装在燃气灶附近的 　上　 （选填“上”或“下”）方区域； （二）报警：燃气泄漏报警器需要用气敏电阻，小明用如图甲所示的装置测量气敏电阻Rx阻值与天然气浓度的关系。 （1）开关S闭合前，滑片P应移至 　A　 （选填“A”或“B”）端； （2）移动滑片P，当天然气浓度为4%时，电压表、电流表示数如图乙所示：则Rx的阻值为 　30　 Ω，其它数据如下表所示； 天然气浓度/% 0 2 4 6 8 10 Rx/Ω 60 40 — 26 24 22 （3）制作报警器：小明设计了一个燃气泄漏报警器，如图丙所示（电阻不计），其中控制电路有：3V直流电源、开关、气敏电阻Rx、定值电阻R0。当电流达到60mA报警器报警，若要求闭合开关S，天然气浓度高于4%时报警，定值电阻R0的阻值为 　20　 Ω；若要使报警器在天然气浓度更低时报警，可以采用的方法有 　增大电源电压（或减小R0的阻值）　 （写出一种即可）。 【解答】解：（一）我们能闻到气体的气味，是因为气体分子扩散到空间任何一个位置，说明了分子是在做无规则运动的；天然气主要成分是甲烷，密度比空气小，天然气泄漏时聚集在上方区域，所以，燃气报警器应安装在燃气灶附近的上方区域； （二）（1）开关S闭合前，滑片P应移至阻值最大处，即A端 （2）由丙图可知，电压表的量程是0～15V，分度值为0.1V，电压表示数为9V，电流表的量程是0～0.6A，分度值为0.02A，电流表示数为0.3A， 则Rx的阻值为：Rx＝＝＝30Ω； （3）由图丙可知：Rx与定值电阻R0串联，根据欧姆定律可知当电流达到60mA报警器报警时电路中的总电阻：R总＝＝＝50Ω， 当天然气浓度为4%时气敏电阻Rx＝30Ω；根据串联电路总电阻等于各部分电阻之和可得定值电阻：R0＝R总﹣Rx＝50Ω﹣30Ω＝20Ω； 天然气浓度变小时，Rx阻值增大，此时电路中的电流变小，由于报警器报警时的电流不变，所以需要增大电路中的电流，可以增大电源电压或减小R0的阻值。 故答案为：（一）分子在做无规则运动；上；（二）（1）A；（2）30；（3）20；增大电源电压（或减小R0的阻值）。 19．同学们在探究“重力势能的大小与哪些因素有关”时，把小桌放在平整的沙面上，让重物从高处落下，撞击桌面的中心部位，使桌腿陷入沙子，如图所示为实验过程中的有关情境。 （1）本实验探究的是　重物　 （重物/小桌）的重力势能； （2）实验中通过　小桌陷入沙子的深度　 来判断物体重力势能的大小，这种研究方法叫　转换　 法； （3）实验中可能出现桌脚陷入沙子中的深度不明显或桌脚陷入沙子中的深度差不明显的现象，针对这些现象，下列做法中最不具有操作性的是　D　 。 A.增大重物下落的高度 B.增大前后两次实验重物的质量差 C.测量前后两次桌脚陷入沙面的深度h（如图丁所示） D.每次实验前都松动沙子、平整沙面 （4）比较甲、乙两实验，可得结论：　质量一定时，高度越高　 ，重力势能越大。若要探究重力势能与质量的关系，应比较　乙、丙　 两实验。 （5）小明想用以上器材探究“动能的大小与哪些因素有关”，他的设想　不可行　 （可行/不可行）。 【解答】解：（1）让重物从高处落下，撞击桌面的中心部位，桌腿陷入沙子，在探究重力势能的大小与哪些因素有关实验中，探究的是重物的重力势能； （2）实验中通过比较桌腿进入沙子的深浅来比较重力势能的大小的，桌腿进入沙堆越深说明物体做的功越多，它原来具有的重力势能越大，运用了转换法。 （3）实验中可能出现桌脚陷入沙子中的深度不明显或桌脚陷入沙子中的深度差不明显的现象，A.增大重物下落的高度，可以改变脚陷入沙子中的深度， B.增大前后两次实验重物的质量差，可以改变脚陷入沙子中的深度， C.测量前后两次桌脚陷入沙面的深度h，不可以改变脚陷入沙子中的深度，但数据更准确， D.每次实验前都松动沙子、平整沙面，可以改变脚陷入沙子中的深度，所以最不具有操作性的是D； （4）比较甲、乙两图，物体的质量相同，乙图中物体的高度较大，桌腿进入沙子较深，说明它的重力势能较大，可以得到物体的质量相同时，所在高度越高，重力势能越大；研究另一个猜想，即探究重力势能与质量的关系，保持物体的高度相同，改变物体的质量，应比较乙、丙； （5）小明想用以上器材探究“动能的大小与哪些因素有关”，他的设想不可行。 故答案为：（1）重物；（2）小桌陷入沙子的深度；转换；（3）D；（4）质量一定时，高度越高；乙、丙；（5）不可行。 20．“探究电流与电阻关系”的实验电路如图甲所示，1节干电池电压为1.5V，滑动变阻器标有“10Ω；2A”字样。 （1）连接电路时，开关应 　断开　 ； （2）用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整； （3）将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则故障是 　定值电阻断路　 ； （4）排除故障后，再次闭合开关，移动滑动变阻器滑片到合适位置，电流表指针位置如图乙所示，为 　0.5　 A；记录数据后，更换10Ω的定值电阻继续实验，闭合开关后，应该将滑动变阻器滑片向 　左　 （选填“左”或“右”）移动，直至电压表示数为 　2.5　 V； （5）依次更换15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻进行实验，将记录的数据绘制成图丙。分析可得：电流随电阻增大而减小，且横纵坐标的乘积趋于一个 　固定　 （选填“固定”或“不固定”）值，由此得出结论，当电压一定时，电流与电阻成 　反比　 。 【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，应该断开开关； （2）在探究电流与电阻关系的实验中，电流表需串联在电路中，滑动变阻器一上一下连接进电路，如图所示：；（3）将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，闭合开关，发现电流表无示数，说明发生断路，电压表示数接近电源电压，则电压表两端与电源相通，则故障是定值电阻断路。 （4）排除故障后，再次闭合开关，移动滑动变阻器滑片到合适位置，电流表指针位置如图乙所示，由图甲可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则乙中电流表示数为0.5A，探究电流与电阻关系时，要控制电阻两端的电压不变，则控制的电压值为UV＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V， 所以更换10Ω的定值电阻后，根据串联分压原理，定值电阻的电压变大，为控制电阻两端的电压不变，应增大变阻器的电压，则应增大变阻器的阻值，所以闭合开关后，应该将滑动变阻器滑片向左移动，直至电压表示数为2.5V。 （5）由图丙可知，电流与电阻的乘积为UV＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V， 即横纵坐标的乘积为一个固定值，可得：当电压一定时，电流与电阻成反比。 故答案为：（1）断开；（2）见解析；（3）定值电阻断路；（4）0.5；左；2.5；（5）固定；反比。 21．小明和小华将传感器与计算机相连，在沸水冷却过程中采集部分温度随时间变化的数据。 实验序号 杯子材料 有无风扇吹风 室内环境温度/℃ 冷却时间/s 1 玻璃 无 15 612 2 玻璃 有 20 592 3 塑料 无 15 780 4 铝 无 15 508 （1）描点作出温度—时间图像，则正确的图像是 　小明　 （选填“小明”或“小华”），另一个图像错误的原因是 　物体的温度随时间的变化不会突然改变　 ，如果要证明你的判断，应该 　缩短记录的时间　 。 （2）实验后，他们思考：热水冷却的快慢与哪些因素有关？经讨论后，小明和同学们提出了以下几种猜想： 猜想1：与热水表面空气的流速有关； 猜想2：与盛水容器的材料有关； 猜想3：与热水温度和环境温度的温差有关。 ①猜想1是 　正确　 （选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是 　液体表面空气流速越快蒸发越快，有吸热降温的作用　 。 ②为了验证其他猜想，小明采用了正确的探究方法。在杯中导入相同质量的热水做了四次实验，记录了每次热水温度从60℃降至10℃所用的时间，只有第2次实验用电风扇对杯中热水吹风。记录的部分数据如表所示： a．比较实验序号为 　1、3、4　 的数据，可得出的结论是：热水冷却的快慢与盛水容器的材料有关。 b．比较实验序号为1、2的数据，　不能　 （选填“能”或“不能”）验证猜想3是否正确，理由是 　第二次用风扇吹，没有体现控制变量的思想　 。 【解答】解：（1）描点作出温度—时间图像，则正确的图像是小明，另一个图像错误的原因是物体的温度随时间的变化不会突然改变，如果要证明的判断原因，应该缩短记录的时间。 （2）实验后，他们思考：热水冷却的快慢与哪些因素有关？经讨论后，小明和同学们提出了以下几种猜想： 猜想1：与热水表面空气的流速有关； 猜想2：与盛水容器的材料有关； 猜想3：与热水温度和环境温度的温差有关。 ①猜想1是正确的，判断的依据是液体表面空气流速越快蒸发越快，有吸热降温的作用。 ②为了验证其他猜想，小明采用了正确的探究方法。在杯中导入相同质量的热水做了四次实验，记录了每次热水温度从60℃降至10℃所用的时间，只有第2次实验用电风扇对杯中热水吹风。记录的部分数据如表所示： a．根据控制变量法思想，比较实验序号为 1、3、4的数据，可得出的结论是：热水冷却的快慢与盛水容器的材料有关。 b．比较实验序号为1、2的数据，不能验证猜想3是否正确，理由是第二次用风扇吹，没有体现控制变量的思想。 故答案为：（1）小明；物体的温度随时间的变化不会突然改变；缩短记录的时间； （2）①正确；液体表面空气流速越快蒸发越快，有吸热降温的作用；②a1、3、4；b不能；第二次用风扇吹，没有体现控制变量的思想。 22．如图所示，工人用动滑轮匀速提升重为400N的窗玻璃，所用的竖直拉力为250N，窗玻璃上升的高度为10m，用时50s。（不计绳重和摩擦）求： （1）所做的有用功W有； （2）工人所用拉力的功率P； （3）动滑轮的机械效率η。 （4）动滑轮的重力G动。 【解答】解：（1）由题意可知，克服窗玻璃的重力做的功即为有用功：W有＝G物h＝400N×10m＝4000J； （2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离为：s＝10m×2＝20m， 工人所用拉力做的功为：W总＝Fs＝250N×20m＝5000J， 拉力的功率为：P＝＝＝100W； （3）动滑轮的机械效率为：η＝×100%＝×100%＝80%； （4）因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×250N﹣400N＝100N； 答：（1）所做的有用功W有为4000J； （2）工人所用拉力的功率P为100W； （3）动滑轮的机械效率η为80%； （4）动滑轮的重力G动为100N。 23．电动汽车以车载电源为动力，用电机驱动车轮行驶，其前景被广泛看好。如图是某电动汽车有关数据，在一次测试过程中，该车以额定功率在水平路面上5min内匀速直线行驶了8km，受到的阻力为3×103N。求：在这次测试过程中，该车。 车辆类型 电动车 电池类型 磷酸铁锂电池 续航里程 80km 整车质量 1500kg 额定功率 100kW （1）电机耗电为多少焦？ （2）牵引力做功为多少焦？ （3）电能转化为机械能的效率是多少？ 【解答】解： （1）电动车额定功率P＝100kW＝105W，t＝5min＝300s， 电机耗电W＝Pt＝105W×300s＝3×107J； （2）因为匀速直线运动，所以F＝f＝3×103N，s＝8km＝8×103m， 牵引力做功W1＝Fs＝3×103N×8×103m＝2.4×107J； （3）电能转化为机械能的效率是 。 答：（1）电机耗电为3×107J； （2）牵引力做功为2.4×107J； （3）电能转化为机械能的效率是80%。 24．2024年12月11日12时57分，载着156名旅客的国产大飞机C919首次缓缓降落在海口美兰国际机场停机坪上。飞机的气密性检测非常重要，小明设计了如图甲所示的检测电路。电源电压保持不变，R0是阻值为100Ω的定值电阻，R是压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，将R置于舱体中，舱体置于真空室中，舱体不漏气时，电压表示数为200V，舱体内气压为1.0×105Pa，求： （1）舱体不漏气时，通过R0的电流。 （2）舱体不漏气时，电路工作10min消耗的电能。 （3）电压表示数为176V时舱内的气压值。 【解答】解：由图甲可知，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电压表测R0两端的电压； （1）通过R0的电流：I0＝＝＝2A； （2）由图乙可知，舱体内气压为1.0×105Pa时，压敏电阻R的阻值R＝10Ω， 由串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R总＝R+R0＝10Ω+100Ω＝110Ω， 由串联电路的电流特点可知，此时电路中的电流：I＝I0＝2A； 由欧姆定律可知，电源电压：U＝IR总＝2A×110Ω＝220V， 则工作10min，电路消耗的总电能：W＝UIt＝220V×2A×10×60s＝2.64×105J； （3）此时电路中的电流：I'＝I0'＝＝＝1.76A， 由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻：R总'＝＝＝125Ω， 则压敏电阻的阻值：R'＝R总'﹣R0＝125Ω﹣100Ω＝25Ω， 由图乙可知，此时舱内的气压值为0.6×105Pa＝6×104Pa。 答：（1）舱体不漏气时，通过R0的电流为2A； （2）舱体不漏气时，工作10min，电路消耗的总电能为2.64×105J； （3）若电压表示数为176V时，此时舱内的气压值为6×104Pa。 第1页（共18页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 江苏省南通市2025-2026学年九年级物理上学期期末自编模拟练习卷 评分标准 九年级物理 第一卷 一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B A A A B B C C C D 第二卷 二．非选择题（共14小题，共80分。） 11． 减少；大。 12． 大；热传递；8.4×105；0.021。 13． 220；并联；串联。 14． 110.1；4400；0.1；2000。 15． 16． 17． （1）平衡；右；（2）变小；（3）B。 18． （一）分子在做无规则运动；上；（二）（1）A；（2）30；（3）20；增大电源电压（或减小R0的阻值）。 19． （1）重物；（2）小桌陷入沙子的深度；转换；（3）D；（4）质量一定时，高度越高；乙、丙；（5）不可行。 20． （1）断开；（2）；（3）定值电阻断路；（4）0.5；左；2.5；（5）固定；反比。 21． （1）小明；物体的温度随时间的变化不会突然改变；缩短记录的时间； （2）①正确；液体表面空气流速越快蒸发越快，有吸热降温的作用；②a1、3、4；b不能；第二次用风扇吹，没有体现控制变量的思想。 22．解：（1）由题意可知，克服窗玻璃的重力做的功即为有用功：W有＝G物h＝400N×10m＝4000J； ------3分 （2）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离为：s＝10m×2＝20m， 工人所用拉力做的功为：W总＝Fs＝250N×20m＝5000J， 拉力的功率为：P＝＝＝100W；------3分 （3）动滑轮的机械效率为：η＝×100%＝×100%＝80%；------3分 （4）因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×250N﹣400N＝100N； ------3分 答：（1）所做的有用功W有为4000J； （2）工人所用拉力的功率P为100W； （3）动滑轮的机械效率η为80%； （4）动滑轮的重力G动为100N。 23．解： （1）电动车额定功率P＝100kW＝105W，t＝5min＝300s， 电机耗电W＝Pt＝105W×300s＝3×107J；------3分 （2）因为匀速直线运动，所以F＝f＝3×103N，s＝8km＝8×103m， 牵引力做功W1＝Fs＝3×103N×8×103m＝2.4×107J；------3分 （3）电能转化为机械能的效率是 。------3分 答：（1）电机耗电为3×107J； （2）牵引力做功为2.4×107J； （3）电能转化为机械能的效率是80%。 24．解：由图甲可知，定值电阻R0与压敏电阻R串联，电压表测R0两端的电压； （1）通过R0的电流：I0＝＝＝2A；------3分 （2）由图乙可知，舱体内气压为1.0×105Pa时，压敏电阻R的阻值R＝10Ω， 由串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R总＝R+R0＝10Ω+100Ω＝110Ω， 由串联电路的电流特点可知，此时电路中的电流：I＝I0＝2A； 由欧姆定律可知，电源电压：U＝IR总＝2A×110Ω＝220V， 则工作10min，电路消耗的总电能：W＝UIt＝220V×2A×10×60s＝2.64×105J；------3分 （3）此时电路中的电流：I'＝I0'＝＝＝1.76A， 由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻：R总'＝＝＝125Ω， 则压敏电阻的阻值：R'＝R总'﹣R0＝125Ω﹣100Ω＝25Ω， 由图乙可知，此时舱内的气压值为0.6×105Pa＝6×104Pa。------3分 答：（1）舱体不漏气时，通过R0的电流为2A； （2）舱体不漏气时，工作10min，电路消耗的总电能为2.64×105J； （3）若电压表示数为176V时，此时舱内的气压值为6×104Pa。 第3页（共3页） 学科网（北京）股份有限公司 $