备考信息导航演练6-【衡水真题密卷】2025年高考物理备考信息导航演练（福建专用）

2024一2025学年度备考信息导航演练 题 物理（六） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.如图所示，某同学在面对竖直墙壁练习打网球。该同学将网球以v0=50/s的初速度 正对墙壁水平击出，击球点距离地面高度H=1.8m,到竖直墙壁的水平距离x=15m。 网球跟竖直墙壁碰撞后，竖直方向的分速度大小不变，反弹后水平速度的大小变为碰前 的60%，g取10m/s2,网球可视为质点，不计空气阻力，则网球第一次的落地点与击球 点之间的水平距离为 () A.8.0m B.7.5m C.7.0m D.6.0m 2.如图所示，光滑细杆竖直固定在地面上，细杆下方穿有一劲度系数为20N/m的轻质弹 簧，弹簧底端固定在水平地面上。一中间带孔，质量为1kg的物块穿在细杆上，从距离 弹簧上端高h=0.75m的位置由静止释放，已知弹簧弹性势能表达式E,-2kz, 其中为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量，弹簧始终未超过弹性限度，g取 10m/s2。则物块从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，下列说法正确的是 () 物理试题（六）第1页（共8页） 真题密卷·备扌 g==0g■ 班级 姓名 得分 A.物块失重下落的高度为0.75m B.物块超重下落的高度为1.5m C.弹簧的弹性势能最大值为45J D.物块的最大速度为2√5m/s 3.如图所示，质量为2m的物块P和质量为的物块Q用轻质弹簧拴接后放置在光滑的 水平地面上，弹簧的劲度系数为k,物块P左侧有一固定挡板。现用外力向左推Q压缩 弹簧，使弹簧压缩量达到x。后，将物块Q由静止释放，已知弹簧弹性势能表达式E。= 2k,其中飞为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量，在此过程弹簧始终未超过弹性限 度。下列说法正确的是 ( PWWWWWWWWWWWQ T A.从物块Q释放到物块P离开挡板的过程中，挡板对物块P的冲量为0 B.从物块Q释放到物块P离开挡板的过程中，挡板对物块P做功为2 o 2 kxa C.物块P离开挡板后，运动的最大速度为 3 m 1 kxo D.物块P离开挡板后，物块Q的最小速度为 3 m 4.质点甲沿x轴做匀变速运动，质点乙沿x轴匀速运动，两质点的位置坐标x随时间t变 化的关系图线如图所示，则在0~4s内两质点之间的最大距离为 () x/m 9 1234 A.5.0m B.4.0m C.3.5m D.3.0m 信息导航演练 物理试题（六）第2页（共8页） 6 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分，每小题有两个选项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5.在如图所示的电路中，电源的电动势为E,内阻为r,C为电容器，R1为定值电阻，R2为 滑动变阻器，电流表A和电压表V均为理想电表。闭合开关S,滑动变阻器的滑片从右 端滑到左端的过程中，下列说法正确的是 () a R2 b R A.电流表的示数变大 B.电压表的示数变大 C.电容器带电荷量变大 D.电源的效率先变大后变小 6.一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时的波形图如图所示，平衡位置在x=2m 处的质点P在0~3s内运动的路程s=15cm,下列说法正确的是 () y/cm 10 x/m -10 A.该波的周期为8s B该波传播的速度大小为号m/: C.在t=5.4s时，质点P位于波谷 D.在06s内，质点P运动的路程为30cm 7.如图所示，正四面体ABCD的边长为L,底面BCD的中心为O,其所在空间存在匀强电 场。取顶点A处的电势为0，顶点B和顶点D处的电势均为p(po>0),顶点C处的电 势为29o,已知电子的电荷量为一e,下列说法正确的是 () 6 物理试题（六）第3页（共8页） 真题密卷·备 A.电场方向由C指向A B电场强度的大小为 C0处的电努为号 D.将电子由A移动到D,其电势能增大 8.如图所示，纸面内存在相邻的两磁场区域I和Ⅱ，宽度均为d,区域I内磁场方向垂直纸 面向外，区域Ⅱ内磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B。纸面内有一直径为 d,总阻值为R的圆形闭合金属线圈，线圈在外力作用下以速度v。匀速通过两磁场区 域，速度。的方向与磁场边界始终垂直，下列说法正确的是 () d-d i●●●××× ●●●××× 。××× ×xx 1×××! ● ●。●××× 1●●●1X×X A.线圈内的电流方向始终为顺时针方向 2Bdvo B,线圈内电流的最大值为R 2B2d2vo C.线圈受到的最大安培力为 R ,Bπd2 D,线圈从区域I进入到区域Ⅱ的过程，通过线圈某截面的电荷量为2R 三、非选择题：本题共8小题，共60分。 9.(3分)一辆质量为2×103kg的汽车在平直的公路上以额定功率从静止开始加速，当车 速大小为5m/s时加速度大小为5m/s2;当车速大小为10m/s时加速度大小为 2m/s2。假设汽车受到的阻力大小恒定，可知该汽车的额定功率为 W;汽车在该 平直公路上行驶能够达到的最大速率为m/s。 10.(3分)2024年5月28日，神舟十八号航天员完成首次出舱活动，活动用时约8.5小时， 刷新了中国航天员单次出舱活动时间纪录。神舟十八号航天员此次出舱活动期间，天 官空间站绕地球做圆周运动约6圈，则天宫空间站绕地球做圆周运动的周期约为 s;已知天宫空间站的线速度大小为7.7km/s,总质量约为180吨，地球对天宫空间 站的作用力大小约为 (结果保留两位有效数字)。 信息导航演练 物理试题（六）第4页（共8页） 11.(3分)如图所示为一含有理想变压器的电路，变压器原、副线圈的匝数比1：n2: n3=2:1:1,定值电阻R1=R2=102,电流表为理想电表，正弦交变电压源u= 220√2sin(100πt)V,若开关S闭合，电流表的示数为 A;开关S由闭合到 断开，定值电阻R:消耗的电功率 (填“变大”“变小”或“不变”)。 A 12.(6分)某实验小组用如图甲所示的装置测量滑块与木板之间的动摩擦因数。将质量为 M的滑块放在水平固定的长木板上，滑块前端装有力传感器，跨过定滑轮的细线一端 拴接力传感器，另一端连接钩码，调节定滑轮使滑轮与传感器之间的细线与木板平行， 滑块尾部拴接纸带。接通打点计时器电源，静止释放钩码，拖动滑块运动，运动过程 中，力传感器测量细线中的拉力F大小，当地的重力加速度为g。 打点 纸带 计时器滑块力传感器细线 钩码 水平试验台 46659 8.61 10.61 单位：cm 甲 乙 (1)某次实验打出的部分纸带如图乙所示，已知打点计时器使用交变电流的频率为50Hz, 每相邻两点之间还有4个点未画出，则滑块的加速度大小α= m/s2(结果保留三 位有效数字)。 (2)多次改变钩码的质量，重复实验，并根据打出的纸带计算出滑块对应的加速度α，描 绘α-F图像如图丙所示，图线斜率为k,横截距为b,可知滑块与木板之间的动摩擦 因数= (3)测量出滑块与木板之间的动摩擦因数4后，查阅资料发现测量值略大于真实值，产 生误差的原因可能是 (写出一条即可)。 物理试题（六）第5页（共8页） 真题密卷·备考 13.(6分)某实验小组想测量一段长度为L的合金丝的电阻率。 (1)首先用螺旋测微器测量合金丝的直径D,测量结果如图甲所示，则合金丝的直径 D- mm。 (2)把多用电表的选择挡位调至“×10”挡，将两个表笔短接，进行欧姆调零，然后将两 个表笔分别接在合金丝的两端，多用电表指针如图乙所示，下一步应将多用电表的 挡位调至 (填“×1”或“×100”)挡，重新欧姆调零，再次测量结果如图丙所 示，则合金丝的阻值为 2 2015 10 oP”30 TTTTTTTTTTTTNN 100 150 10 2 1.5 2 y 00.5 50002/V A-V-2 25 25002/V 乙 01005040 30 2015 10 1k500 1N''ITTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTTT 100 150 10 <0 30 29 TTTTTT9 2 1.5 2 00.5 50002/V A-V-2 25 25002/V 丙 (3)为了准确测量合金丝的电阻，该实验小组设计了图丁所示的电路，其中定值电阻 2R1=R2。 合金丝 ●●● 信息导航演练 物理试题（六）第6页（共8页） 6 ①闭合开关前，滑动变阻器滑片应调节到 (填“左端”“右端”)。 ②闭合开关，调节滑动变阻器滑片到合适位置，调节电阻箱接入电路的阻值，当灵 敏电流计示数为0时，电阻箱的示数为R。,则合金丝的电阻率ρ= （用 R。、D、L表示)。 14.(11分)一定质量的理想气体，由状态a开始，经历了a→b→c的过程，该过程的p-T 图像如图所示。已知气体状态变化的过程中，气体体积的最小值V。=1.2m3。 (1)求气体状态变化过程中，体积的最大值。 (2)气体由状态α最终变为状态c,气体吸热还是放热，并求气体与外界交换的热量。 ↑p/x10'Pa 3---- 1---- T/K 0 150 450 15.(12分)如图所示，在以O为圆心，半径R=√3m的圆形区域内存在垂直于纸面向里的 匀强磁场，在x≤一√3m的区域内存在沿x轴正方向的匀强电场，电场强度大小E1= √3×103N/C,在x≥√3m的右侧区域内存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小 E2=2.25×103N/C。一质量m=1×10-4kg,电荷量q=+2×10-3C的微粒从x轴上 的A(一2√3,0)点由静止释放，微粒沿x轴正方向加速后进入圆形磁场区域，并从P 点离开该区域。已知P点与O的连线与x轴正方向的夹角0=60°，不计微粒的重 力，求： (1)圆形区域内磁场的磁感应强度大小； (2)微粒运动轨迹最高点的位置坐标； (3)微粒从A点运动到经过x轴正半轴时的时间。 P 人0 6 物理试题（六）第7页（共8页） 真题密卷·备 16.(16分)如图所示，长度L=4.8m的传送带以恒定的速率vo=6m/s顺时针转动，传 送带右侧有一质量M=1kg的小车，紧靠传送带静止在光滑的水平地面上，小车的上 表面与传送带上表面等高，距小车右端d=4m的位置处有一竖直固定挡板。现将质 量m=5kg的物块轻放在传送带的左端，使其由静止开始运动。已知物块与传送带之 间、物块与小车上表面之间的动摩擦因数均为4=0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 物块从传送带滑上小车过程速度不变，小车与竖直挡板的碰撞为弹性碰撞，且碰撞时 间极短，物块可看作质点且始终未滑离小车，g取10m/s2,求： (1)物块在传送带上运动的时间； (2)整个过程小车运动的路程； (3)整个过程中因摩擦产生的热量。 信息导航演练 物理试题（六）第8页（共8页）真题密卷 备考信息导航演练（六） 参考答案及解析 2024一2025学年度备考信息导航演练 物理（六）】 一、单项选择题 4.B【解析】质点甲位置坐标随时间的变化关系满足x甲= 1.D【解析】网球运动到与竖直墙壁碰撞的过程中飞行 xo+vot+ 的时间61=工=15 2at,当t=0s时，x甲=8m,当t=1s时， 。一508=0.3s,网球下落的高度h1= x甲=9m当t=4s时，x甲=0m,代入解得x甲= 2g号=0.45m,与墙壁碰撞时竖直方向的分速度大小 (8+2+号(-2xm,可知质点甲的和途度=2m/s, y=gt1=3m/s,碰撞后竖直方向的分速度大小不变， a=一2m/s2;由题图像可知乙的速度v2=一2m/s,当 到落地有e,十号8i=H一1，解得，=0.3s,避拉 两质，点速度相等时，两质点相距最远，7甲=2一2t=v2, 解得t=2s,此时甲的位置坐标x甲=8m,质点乙的位 后水平方向的分速度变为原来的60%，水平运动的距 置坐标x元=4m,所以两质点在0~4s内的最远的距离 离x2=0×60%·t2=9m,故网球第一次落地，点与击 △x=x甲一x元=4m,B正确。 球，点间的水平距离d=x一x2=6m,D正确。 二、双项选择题 2.D【解析】弹簧弹力等于重力时物块的加速度为0，速 5.AD【解析】滑动变阻器左右两部分并联，当滑片滑到 度最大，此时弹黄的压缩量x1--0.5m,所以尚块 中间位置时，并联的总电阻最大，滑动变阻器滑片由b端 滑到a端过程中，并联部分的电阻阻值R先变大后变 失重下落的高度h1=h十x1=1.25m,A错误；该过程 R:+R 中机镜能字位，有mg级十2)一红，，-弓m,解 小，电压友测量的路瑞电压U,RR·E,截电压表 的示数先变大后变小，B错误；电源的效率？= 得=2√5m/s,D正确；物块从释放到最低，点的过程中， I2(R1+R) mg仙十z,=红，解得，=1.5，所以物块超 TP(+R,十RX100%,故电源的效率先变大后变小，D 正确；由闭合电路欧姆定律可知电流表的示数I= 重下落的高度h2=x2一x1=1m,B错误；弹簧的最大弹 E R右 性势能E,=2kx8=2.5J,C错误。 R在R右 「R十R方，设滑动变阻器的总阻值为 R+r+ R左十R右 3.C【解析】从物块Q释放到物块P离开挡板的过程 E R2,整理得I= R右一 中，物块P的位移为0，故挡板对物块P做功为0，B错 R,十，+RaRRR:(R,+ 误；弹簧到第一次恢复原长的过程，对Q做功转化为Q R友 2十R左 滑片向左滑动R左减小，R右变大，故电流表示数一直变大， 的动能，经-mi,解得e= kx6 ,该过程中，挡板 A正确；电容器与滑动变阻器左右两部分都并联，两端电 压先变大后变小，故带电荷量先变大后变小，C错误。 对物块P的冲量等于系统动量的增加量，故挡板对物 6,BC【解析】由题意可知，质，点P运动的路程s=15cm= 块P的冲量大小I=mv0=√mkx,A错误；物块P离 开挡板后，两物块和弹簧组成的系统，弹簧再次恢复原 1.5A,可知质点P振动的时间1=品T=3s,故孩波的 1 1 长时，muo=mu+2m22mu87m+2·2m2 周期T=7.2s,A错误；该波的传播速度大小v=行= 入 解得01=，02=0（舍去）或，=- 3,2 3,故物 2 7.2m/s=5 4 ms,B正确1=5.4s=T,可知质点P 块P的最大速度， 2v0_2k.x6 ,物块Q的最小速 2T,可知质，点P ,1 33√m 刚好运动到波谷，C正确；t=6s=T+ 度为0，C正确，D错误。 运动的路程大于30cm,D错误。 6 物理答案（六）第1页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 7.AC【解析】取AC的中点为G,分析可知G点的电势 电压相等，均为U,=U,=”2U,=110V,开关S闭 为P,故平面BDG等势面，AC与等势面BDG垂直， 故电场方向沿CA方向，A正确；所以电场强度大小 U2=11A, 合时，定值电阻R,和R:的电流均为I一 E-29,-0_29,B错误：过C点在底面内作BD的垂 L L 理想变压器输入功率等于输出功率有U1I1=U2I2十 U3I3,解得原线圈的电流I1=11A,故电流表的示数 ,垂足为H,由几何关系可知OC=CH,故2 为11A;开关S由闭合到断开，副线圈n2两端的电压 2 4 不变，故定值电阻R1消耗的电功率不变。 P0=3(29。一9)，解得90=3p0,C正确；电子从A 移动到D,电势升高，电势能减小，D错误。 12.1)2.01(2分)(2)他(2分)(3)纸带与打点计时 g 器之间存在摩擦阻力(2分，合理即给分) G D 【解析】(1)滑块的加速度a=xe二xc (2T)2 (10.61+8.61-6.59-4.61)×10 -m/s2≈2.01m/s2 B 4×0.12 20 (2)对滑块受力分析，由牛顿第二定律可知F一Mg= 8.BD【解析】根据楞次定律可知，线圈内的电流方向先 F 顺时针，后逆时针，再顺时针，A错误；线圈圆心运动到两 Ma,整理得a-Mg,结合aF图像可知0=b一g, E 2Bdvo kb 磁场区域分界线时，线圈内的电流最大Im= 解得μ= dvo,C (3)由于纸带与打点计时器之间存在摩擦阻力会导致 B正确；此时线圈受到的安培力F=2BImd= R μ测量结果偏大。 错误；线圈从区域I进入区域Ⅱ的过程，线圈磁通量的变化 13.(1)1.050(1.049~1.051)(1分)(2)×1(1分) _BxdBrdi Bxd2 量大小△9=4 2,故通过线圈某藏面 12.0(1分)(3)①左端1分)②DR(2分) 4 8L 【解析】(1)合金丝的直径D=1mm+0.01mm× 的电荷量q= △p_Bπd2 R=2RD正确。 5.0=1.050mm。 三、非选择题 (2)由题图乙可知，采用×10挡，欧姆表读数太小，应 9.6×104(2分)30(1分) 换用小倍率×1挡，读数R=12.02。 P 【解析】由牛顿第二定律可知 -f=ma,代入数值得 (3)①由题图丁可知，为了保护电路，闭合开关前，滑动 变阻器的滑片应滑到左端。 5-f=2X10×5,10f=2×10×2,解得P=6×10W, ②设合金丝的阻值为R,根据电桥法测电阻原理可 f=2000,所以汽车在该平直公路上行驶的最大速率= 如，当灵银电流升示数为0时是：-是=宁所 P =30m/s。 .1 L f 得R:一2R,根据电阻定律可知R。一pD,联立 10.5100(1分)1.7×10(2分) π《2 【解析】天宫室间站的运行周期T=85h-510s,地 D2Ro 6 解得p= 8L 球对天宫空间站的吸引力提供空间站的向心力，有F= 14.(1)3.6m3(2)吸热7.2×105J ,天宫空间站的线速度大小一，整理得F= 【解析】(1)理想气体状态方程 T=C (1分) 2x180X103kg×7.7×103m/sX2×3.14≈ 5100s 整理得力=T 1.7×105N。 可知pT图像中，在状态a气体的体积最小 11.11(1分)不变(2分) V。=1.2m3 (1分) 【解析】由变压器的规律可知，副线圈n2和n3两端的 气体从状态b到状态c为等容变化，体积最大，根据理 物理答案（六）第2页（共4页） 6 真题密卷 备考信息导航演练（六） 想气体状态方程可知 故微粒运动轨迹最高，点的横坐标为 p.V。_p6Va (2分) x=R十x2= 53 T。 Ti 3 m (1分) 解得V。=3.6m3。 (1分) 纵坐标为 (2)气体由状态a最终变为状态c,温度不变，内能不 y=y1+y2=4m (1分) 变，压强变小，说明体积变大，对外做功，由热力学第一 定律可知Q=△U一W,所以气体从外界吸收热量。 故微粒运动轨迹最高点的坐标为(5 3m,4m)。 (2分) (3)微粒从A,点到进入圆形磁场区域，由动量定理 从a到b气体的压强不变，体积变大对外做功为 可知E1qt1=mvo (1分) W1=p·△V=7.2X105J (2分) 1 从b到c气体体积不变，做功为W2=0 (1分) 解得=100s 所以气体由状态a最终变为状态c,气体从外界吸收 由几何关系可知微粒在磁场中做匀速圆周运动转过的圆 的热量 心角α=60°，微粒在磁场中运动的时间 Q=W1+W2=7.2×105J (1分) 60°、2πrV3π =360X0=600 (1分) 15.a05r254） 3 (3)(21+3x 600/ 微粒离开圆形磁场区域到再次进入电场区域做匀速直 【解析】(I)设O、A间距离为xA,微粒从A点静止释 线运动，运动的距离 放到进入圆形磁场区域的过程，由动能定理可知 R 1.-cos 60-R-3 m 1 E1q(ZA-R)=2mv (1分) 运动的时间 解得v=200√3m/s v0200s (1分) 由几何关系可知，微粒在圆形区域磁场内运动的轨迹 设微粒进入x>√3m区域内的电场区域到再次经过 半径 r=Rtan60°=3m x轴用时为t4,则有 微粒在磁场中做匀速圆周运动 1 sin60°Xt4-2at号=-y (1分) qvoB=m (1分) 1 r 解得t4-509 解得B=103 3 T。 (1分) 故微粒从A点运动到经过x轴正半轴时的时间 (2)微粒从P,点离开磁场区域后做匀速直线运动，微 8=61十62十t+4=21十V3 -s (1分) 600 粒经过直线x=√3m时的纵坐标为 16.(1)1.4s(2)5.8m(3)180J y1=Rtan60°=3m 【解析】(1)滑块在传送带上滑行的加速度大小 微粒在直线x=√3m右侧区域内做斜抛运动，沿y轴 a1=g=5m/s2 (1分) 方向有 物块与传送带共速滑行的距离 a-E9=4.5X10'm/s (1分) L1-2a1 =3.6m<4.8m, m 竖直方向速度减为0用时 物块会跟传送带共速，再匀速运动离开传送带(1分) t=vosin60°1 加速过程用时 a 150s (1分) (1分) 竖直方向速度减速到0沿y轴上升的高度 1==1.2s a (vosin 60)2 匀速运动过程用时 =1m 2a L一t1=0.2s t2 (1分) 沿x轴方向有 00 2w3 物块在传送带上运动的总时间 x2=v0c0s60°Xt= 3 t=t1+t2=1.4s (1分) 6 物理答案（六）第3页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 (2)物块滑上小车的速度大小为v。=6m/s,假设小车 小车与挡板第3次碰撞到物块与木板第4次共速，动 第一次与挡板碰撞前，滑块已经跟小车共速，由动量守 量守恒有 恒定理可知mw。=(M十m)v1 (1分) mu3-Mu3=(m+M)vs 解得u1=5m/s 2 该过程中由动能定理可知 解得0=303 1 小车与挡板第3次碰撞后到速度减到0的过程中，由 小车有mgx1=2M1 (1分) 动能定理可知 解得x1=0.5m<4m 1 假设成立，物块与小车共速后再与挡板碰撞，小车与挡 umgs3=- ug 板碰撞后到物块与木板第2次共速，动量守恒有 Mo 解得s3= /2)4Mu1 (1分) mv1-Mv1=(m+M)v2 2umg 3 2umg 2 解得v2=31 同理可知Sn= Mo 22n-1) Mu (1分) 小车与挡板第1次碰撞后到速度减到0的过程中，由 2μmg 3 2μmg 动能定理可知 故整个过程中小车运动的路程 1 s=d+2s1+2s2+2s3+…+2sn umgs-2Mo 解得s=5.8m。 (1分) Mui (3)物块放上传送带到共速的过程，传送带运动的距离 解得51一2mg (1分) L2=vot1=7.2 m (1分) 小车与挡板第2次碰撞到物块与木板第3次共速，动 该过程中物块与传送带因摩擦产生的热量 量守恒有 Q1=umg(L2-L1)=90 J (1分) mu2-MU2=(m+M)U3 物块滑上小车时的动能在后续运动过程中都是由于摩 解得0=3 2 擦损失的，故 1 小车与挡板第2次碰撞后到速度减到0的过程中，由 Q:=2mw6=90J (1分) 动能定理可知 故整个过程中因摩擦产生的热量 mgs:-2Mo Q=Q1+Q2=180J (1分) Mv号 解得s2= 2 2 2umg 3 (1分) 2umg 物理答案（六）第4页（共4页） 6