贵州省贵阳市2026届高考第一次适应性考试物理模拟试卷

绝密★启用前 2026年贵州省贵阳市高考第一次适应性考试物理模拟试卷 注意事项: 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。 3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。 第I卷（选择题） 一、单选题：本大题共7小题，共28分。 1.取一条较长的软绳，用手握住一端拉平后连续向上，向下抖动长绳，可以看到如图所示的一列波，此时波刚好传播至质点，质点在平衡位置则(    ) A. 质点将向右运动 B. 质点的起振方向向上 C. 此后质点、的速度始终相同 D. 质点比滞后半个周期振动 2.如图四幅图片中：图甲是氢原子的能级示意图；图乙是电子束穿过铝箔的衍射图样；图丙容器中装的是碘；图丁是三种射线在垂直纸面向里的磁场中的偏转情况。下列说法中正确的是(    ) A. 图甲中，处于基态的氢原子能吸收能量为的光子而发生跃迁 B. 图乙中，此图样证实电子具有波动性，质子、原子与分子同样具有波动性 C. 图丙中，Ⅰ发生衰变的方程为，发生的是衰变 D. 图丁中，射线速度最快、射线电离作用最强、射线穿透能力最强 3.某同学站在水平地面上放风筝，他缓慢释放拉风筝的细线，风筝沿图中虚线缓慢上升．已知风筝上升过程中，细线对风筝的拉力大小不变，风筝的重力不能忽略，细线的重力可忽略不计．则风筝缓慢上升过程中，空气对其的作用力 A. 增大，且方向与竖直方向的夹角增大 B. 增大，且方向与竖直方向的夹角减小 C. 减小，且方向与竖直方向的夹角增大 D. 减小，且方向与竖直方向的夹角减小 4.某款防身电棍的内部电路如图所示。直流电经转换器变为正弦式交变电流，此正弦式交变电流电压瞬时值的表达式为，再经升压变压器升压后在输出端得到交流高压，升压变压器可视为理想变压器，则此升压变压器原、副线圈匝数比为(    ) A. B. C. D. 5.考工记中记载：“马力既竭，辀犹能一取焉”，意思是马对车不施加拉力了，车还能继续向前运动一段距离。若马拉着车以速度在平直路面上匀速行驶，车受到的阻力大小为车重的倍，重力加速度大小为。则马对车不施加拉力后，车运动的位移大小为(    ) A. B. C. D. 6.年中国计划实现载人登月，到时我国宇航员可以在月球上进行一系列的物理实验。例如：在月球表面附近以初速度竖直向上抛出一小球，测得其上升的最大高度为，已知月球半径为，引力常量为，不考虑月球自转影响和其他星体对其影响，忽略一切阻力，下列说法不正确的是(    ) A. 月球表面重力加速度的大小为 B. 月球的质量为 C. 在月球上发射卫星的最小发射速度大小为 D. 若一颗卫星在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的周期为，则月球的密度为 7.如图所示，磁场的边界是两个同心圆，内圆的半径为，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为，是内侧边界上的一点．在圆心处沿平行纸面方向射出一个质量为、电荷量为的带电粒子，粒子速度方向与成角，粒子经磁场第一次偏转后刚好从点射出磁场，不计粒子重力，则下列说法正确的是(    ) A. 粒子一定带正电 B. 粒子第一次在磁场中运动的时间为 C. 粒子运动的速度大小为　　 D. 磁场外边界圆的半径至少为 二、多选题：本大题共3小题，共12分。 8.足球在空中运动的轨迹如图，若以地面为参考平面，不计空气阻力，下列能表示足球在空中运动过程的加速度、重力势能随离地面高度变化的图像是 A.   B. C. D. 9.有研究表明，当兴奋情绪传播时，在人体的体表可以测出与之对应的电势变化。某一瞬间人体表面的电势分布如图所示，该电场可等效为两等量异种电荷产生的电场，图中实线为等差等势面，标在等势面上的数值分别表示该等势面的电势，、为两电荷连线上的两点，、为两电荷连线中垂线上的两点。则(    ) A. 、两点的电场强度相同 B. 点的电势大于点的电势 C. 带负电的试探电荷在点的电势能小于在点的电势能 D. 将带正电的试探电荷从点移到点，其电势能增加 10.如图所示，一个固定的光滑导轨长臂水平、短臂竖直；一根不可伸长的轻绳，一端系在质量为的圆环上，另一端与质量为的小球相连，圆环套在长臂上。左手扶住圆环，右手拿起小球将细线水平拉直，已知细线长度，此时圆环距离短臂，现将圆环与小球同时由静止释放，小球向下摆动，环与短臂碰后粘连碰撞时间极短。在小球向下摆动过程中，小球与环沿绳方向速度始终相等，重力加速度为。从释放小球到小球第一次到达最低点的过程中，下列说法正确的是(    ) A. 小球与环组成的系统机械能不守恒 B. 小球与环组成的系统在水平方向上动量守恒 C. 环的最大速度大小为 D. 小球运动的最大速度大小为 第II卷（非选择题） 三、实验题：本大题共2小题，共18分。 11.甲实验是是插针法测玻璃砖折射率实验，图甲是某次实验得到的光路图。乙实验是双缝干涉测量光的波长实验，图乙是某次实验中目镜看到的图像。 关于以上两个实验，下列说法正确的是           A.甲实验射入玻璃砖的光线入射角越大，实验误差越小 B.图甲测得玻璃砖折射率 C.乙实验仅将红色滤光片换成蓝色滤光片，可以增加目镜中观测到的条纹个数 D.图乙目镜内未全部被照亮，是因为光源、单缝、双缝、光屏未在同一高度上 若某单色光恰能使铯发生光电效应，用该单色光充当图乙实验的光源，已知双缝宽度为，光屏到双缝距离为，测出该单色光的条纹间距为，可知该金属的逸出功          已知光速为，普朗克常量为。 12.某实验小组用图甲所示电路测量电源的电动势和内阻要求尽可能精确，图甲中电压表的最大量程为，虚线框内为用电流计改装的电流表。 已知电流计的满偏电流、内阻，电路中已将它改装成量程为的电流表，则_________ ． 通过移动变阻器的滑片，得到多组电压表的读数和电流计的读数，作出如图乙的图像。某次测量时，电压表Ⅴ如图丙所示，则电压表示数为____________ 。 请根据图乙求出电源的电动势等于___________ 此空保留到小数点后两位，电源内阻等于___________此空保留到小数点后一位，电源内阻测量值_____________ “大于”“小于”“等于”真实值。 四、计算题：本大题共3小题，共30分。 13.如图，在一个空的导热良好易拉罐中插入一根透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱长度可以忽略。如果不计大气压的变化，这就是一个简易“温度计”，已知大气压强是，易拉罐的容积是，均匀吸管内部的横截面积为，吸管露出的长度为，当温度为时，油柱刚好在吸管和易拉罐的接口处。缓慢升高环境温度，易拉罐中气体从外界吸热，油柱恰好到达吸管管口，求： 此时环境温度 易拉罐中气体内能的变化量。 14.图甲是列车进站场景，其刹车原理可简化为图乙。在车身下方固定一单匝矩形导线框，利用线框进入磁场时所受安培力，辅助列车刹车。已知列车质量为，线框总电阻为，线框边长为，边长近似等于车身长度，列车轨道上匀强磁场区域足够长，且磁感应强度的大小为。车头刚进入磁场时速度大小为，车尾进入磁场瞬间列车恰好停止，列车停止前所受所有摩擦阻力恒为。求： 列车车头进入磁场瞬间，通过线框边的电流大小和方向填“”或“”； 列车车头进入磁场瞬间，列车加速度的大小； 列车从进站到停止过程中，线框产生的焦耳热。 15.如图所示，水平平台上固定一水平轻质弹簧，一质量的物块在外力作用下压紧弹簧，此时弹性势能，物块的位置点与平台边缘点相距，平台与物块间的动摩擦因数。现撤去外力，将物块由静止释放，离开平台后恰能无碰撞地进入光滑圆弧轨道的点，轨道圆心角，半径，在圆弧轨道最低点点有一静止物块，，点右侧有沿逆时针匀速转动的水平足够长的传送带，速度为。物块与物块发生弹性碰撞，物块与传送带间的动摩擦因数为，不计两物块大小，不计空气阻力，，，取重力加速度。求： 物块到圆弧轨道上点时的速度大小结果可用根号表示； 物块、第一次碰撞后各自的速度大小； 物块第一次经过点后，在点固定一弹性挡板，使物块能返回点并在点与物块发生下一次弹性碰撞，则从释放物块开始至物块与发生第六次碰撞，物块与传送带间的摩擦生热。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $2026年贵州省贵阳市高考第一次适应性考试物理模拟试卷 参考答案及解析 【解析】 1.【分析】 本题考查机械波的传播特点，基础题目。 根据图像和题设得出质点Q的起振方向，结合平衡位置间距离和波动特点逐一分析即可判断。 【解答】由图结合同侧法知，质点Q的起振方向向上，由于P、Q的平衡位置间距离为半个波长，则此后质 点P、Q的速度大小相等，方向相反，由于波由Q向P传播，则质点Q比P早半个周期振动，波动中质点不随 波迁移，则质点P不会向右运动，故B正确，ACD错误。 2.解：A、光子激发跃迁需要满足的条件是光子的能量恰好是跃迁的两个能级的能量差，图甲中，无法找到 高能级到基态的能量差恰好等于12.6V的能级，所以不会发生跃迁，故A错误： B、电子束穿过铝箔的衍射图样，证实电子具有波动性，质子、原子与分子同样具有波动性，故B正确： C、根据质量数和核电荷数守恒可得 m=53-(-1)=54 n=131-131=0 因此”1Y为01e,发生的是β衰变，故C错误： D、三种射线中，Y射线速度最快、α射线电离作用最强、Y射线穿透能力最强，故D错误。 故选：B。 根据氢原子的跃迁分析： 根据实物粒子的波动性分析： 根据质量数和电荷数守恒判断衰变种类； 根据三种射线的特点分析判断。 该题考查的知识点较多，要做好这一类的题目，就要注意在平均多看课本，多加积累。 3.对风筝受力分析，根据共点力平衡规律，风筝受到风力与细线拉力和风筝重力的合力，在某点受力如图 实线、风筝沿图中虚线缓慢上升至另一位置受力如图虚线所示， 第1页，共8页 风筝缓慢上升过程中，由于细线对风筝的拉力大小不变，拉力方向与竖直方向的夹角逐渐减小，风筝的重 力大小、方向不变， 根据三角形法则，空气对其的作用力F增大，且方向与竖直方向的夹角减小，故B正确，ACD错误。 故选：B。 4.根据理想变压器原、副线圈的电压有效值之比等于原、副线圈的匝数之比，变压器原线圈的电压瞬间值 u=5V2sin(100πt)V,则变压器原线圈电压有效值为U1=5V,题设中3000V为有效值， 号=先=那=故C正确，ABD错误。 5V 5.解：马对车不施加拉力后，由牛顿第二定律得kmg=ma,解得a=kg; 由运动学公式得6=2ax,解得x=2kg B正确，ACD错误。 故选B。 6.根据动力学公式6-2g,解得月球表面重力加速度的大小g- ,A正确； 在月球上卫星的最小发射速度为第一字宙速度，根据第一宇宙速度的定义G v2 R2 =mR 根据万有引力与重 力的关系G=mg,解得=√票R。M-然B错误，C正确： 根据万有引力提供向心力c贺-m号R,月球的体积为-等R,月球的密度D=台，解得p=票，D正 确。 7.【分析】 根据左手定则可以判断粒子的电性：根据运动周期计算粒子第一次在磁场中运动的时间；根据图中几何关 系求解半径，根据洛伦兹力提供向心力求解速度；根据几何关系求解磁场外边界圆的半径。 对于带电粒子在磁场中的运动情况分析，一般是确定圆心位置，根据几何关系求半径，结合洛伦兹力提供 向心力求解未知量；根据周期公式结合轨迹对应的圆心角求时间。 【解答】 第2页，共8页 A、粒子在磁场中运动的轨迹如图所示： XXX 根据左手定则可以判断粒子带负电，故A错误： B、粒子第一次在磁场中运动的时间为t==昭，故B错误： C、根据图中几何关系可得粒子在磁场中做圆周运动的半径为R=7ta30°-3，根据洛伦兹力提供向心 3 力可得qvB=m2, 解得u=3r,故C错误， 3m D、磁场外边界圆的半径至少为r'=R+o30=√3r,故D正确。 8.【分析】 本题考查斜抛运动的特点和重力势能公式的应用，基础题目。 分析足球的运动情况得出其加速度变化情况，根据重力势能公式得出其图像情况即可判断。 【解答】 足球在空中做斜抛运动，其加速度为重力加速度，始终不变，则a-h图像是一条平行于h轴的直线，由Ep= mgh知，E,-h图像是一条过原点的倾斜向上的直线，故AC正确，BD错误。 9.解：A、因为该电场可等效为两等量异种电荷产生的电场，α、b为两电荷连线上对称的两点，则根据两等 量异种电荷电场的对称性可知，α、b两点的电场强度大小相等，方向相同，故A正确： B、由图可知，c点电势和d点电势相等，故B错误： C、由图可知，c点电势小于a点电势，则负电荷在c点的电势能大于在α点的电势能，故C错误； D、由图可知，d点电势高于b点电势，将带正电的试探电荷从b点移到点，电势升高，则电势能变大，故D 正确： 故选：AD。 结合题意，根据两等量异种电荷电场的对称性，即可分析判断：结合图中信息，即可确定Ub:由图，结合 电势与电势能的关系、电场力做功与电势能变化的关系，即可分析判断；由图，结合电势与电势能的关系， 即可分析判断。 本题主要考查对电场中功能关系的掌握，解题时需注意，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电 势能增大。 第3页，共8页 10.小球向下摆动的过程中会出现环与断臂碰撞，碰撞导致小球与环组成的系统机械能不守恒，水平动量不 守恒，A选项正确；B选项错误； 环与短臂碰前，系统水平动量守恒mx=mx球，x#=3(W2-1)m, 如图，几何关系x′=L-x-x球=6m,h=VL2-x2=6m,日=450， 设此时环的速度为ux,则此时小球水平速度为vx,竖直速度，机械能守恒mv竖+mv竖+m-mgh, 沿绳方向vxc0s450=vvc0s45°-Vxc0s45°， vx=2√5m/s,),=4V5m/s,此时环的速度达到最大2W5m/s,C选项错误； 环与短臂碰后静止，小球沿绳方向速度突变为零，随后小球摆至最低点，动能定理mg亿-)=mv球 2m(y,.sin450+y,sin450)2, V球= √30(4W2-1)m/s。D选项正确。 X球 n 0 11.(1)AB.图甲中根据折射定律，可得玻璃砖的折射率为 PP PP sinr QQ′QQ 显然，射入玻璃砖的光线入射角适当大些，PP′与QQ'测量的相对误差就越小，但并非越大越好，故AB 错误； 第4页，共8页 C.根据双缝干涉条纹间距公式4x=,可知乙实验仅将红色滤光片换成蓝色滤光片，波长减小，则相邻 明条纹（或暗条纹）之间的距离减小，则目镜中观测到的条纹个数将增加，故C正确： D.图乙目镜内未全部被照亮，是因为光源、单缝、双缝、光屏未在同一高度上，故D正确。 故选：CD。 (2)根据双缝条纹间距公式4x=入 v二入 C 可得 ci v=dAx 用该单色光照射金属铯恰好能发生光电效应，则根据爱因斯坦光电效应方程方程可得，该金属的逸出功为 hcl Wo=hw=d△x 故答案为：（①cD:(②品 (1)AB、根据折射定律结合几何知识列式，再根据所列式子分析； C、根据双缝干涉条纹间距公式，再结合波长的变化得出间距的变化，从而得出条纹个数的变化： D、光源、单缝、双缝、光屏需在同一高度上。 (2)根据双缝条纹间距公式，结合v=得出频率大小，再根据爱因斯坦光电效应方程方程求解逸出功。 考查光的双缝干涉和光的折射问题等知识，会结合知识点根据题意进行准确分析解答。 12.【分析】 (1)根据电流表的改装原理求解： (2)明确电压表分度值，注意估读： (③)根据闭合电路的欧姆定律得出U-I的关系式，结合图像中截距、斜率的含义求解。 本题考查伏安法测电阻以及测量电源的电动势和内电阻，在解题时要注意分析实验中给出的仪器是否符合 实验要求，然后才能根据我们所学内容进行分析得出合理的实验电路，并能结合图像进行数据处理。 【解答】 (1)己知电流计G的满偏电流1c=200mA、内阻Rc=1.202,电路中已将它改装成量程为600mA的电流表， 则R,=含-8需n=060n: (2)电压表最小刻度为0.1V,则示数为2.60V: (③)改装后的电流表内阻7。=0品Q=040,当电流计G的电流为时，电路总电流为3，根据闭合电 第5页，共8页 路欧姆定律可得U=E-3I(rc+),延长U-1图像中的图线与纵轴相交，如图所示： UN 3.00 2.80 2.60 2.40☐☐1 //mA 0 4080120160200 由U-1图像的纵轴截距可知，电源的电动势为E=2.93V; 2.93-2.40 U-1图像的斜率绝对值为k个=3(r6+)=160x10号D,解得电源内阻为r≈0.70： 由此知电源内阻量值等于真实值。 13.解：(1)气体初状态的体积V1=300cm3,温度T1=(273+27)K=300K, 气体末状态体积V2=V1+LS=300cm3+25×0.2cm3=304cm3, 气体升温过程压强不变，由盖-吕萨克定律得 片华 代入数据解得：T2=305K (2)L=25cm=0.25m, 气体升温过程对外做功： W=p△V=pLS=1.0×105×0.25×0.2×10-4J=0.5J 由热力学第一定律得： △U=-W+Q=-0.5/+12=11.5/ 14.解：(1)列车车头进入磁场瞬间，由右手定则可知通过线框ab边的电流方向为a→b。 此时ab边切割磁感线产生的感应电动势为：E=BLvo 通过线框ab边的电流为：1=员= R (2)列车车头进入磁场瞬间，Qb边受到的安培力大小为：F安=BIL 对列车由牛顿第二定律得：F家+f=ma 解得列车加速度的大小为：a=22+上 mR (3)列车从进站到停止过程中，根据功能关系与能量守恒定律可得线框产生的焦耳热为： 第6页，共8页 Q=7mvd-fs 答：(1)列车车头进入磁场瞬间，通过线框b边的电流1大小为，方向为a→b: 2列车车头进入脑场瞬间，列车加速度的大小为+名 mR (3)列车从进站到停止过程中，线框产生的焦耳热Q为mv哈-fs。 15.解：(1)物块a从P点到A点过程 1 Ep-Himag+mav 过B点时 COS0=VA UB 解得：vg=2V5m/s (2)物块a从B到C点过程 1 1 magR(1-cos9)=2m,呢-2ma哈 解得：vc=6m/s 物块a与b第一次碰后 mavc mavi mbv2 1 1 1 2m,呢=2m.好+2m,吃 解得：v1=-3m/s v2=3m/s (3)第二次碰后 mavi-mbv2 mav1'+mpv2 习肌，听+m明-7n斯'+Z心好 1 1 1 解得：v1′=-6m/s,v2′=0 这以后，α、b两物块将重复之前的运动，物块b在传送带上往返一次时 Q=42g=9m/s2,t=2g2=14s S相=t=7m 当物块a与b第六次碰撞时，物块b在传送带上往返3次 由Q=2mb9·3s相 第7页，共8页 解得：Q=270J 第8页，共8页