章末检测卷(第1、2章 遗传因子的发现 基因和染色体的关系)（Word练习）-【金榜题名】2025-2026学年高一生物必修2 遗传与进化同步学案（人教版）

章末检测卷(一) [范围：第1～2章] (时间：75分钟　满分：100分) 一、选择题(本题共12小题，每小题2分，共24分) 1．(2021·广州实验中学期中)在下列生物的遗传中，不遵循孟德尔遗传规律的生物是(　　) A.豌豆 B．大猩猩 C.肺炎链球菌 D．水稻 【解析】　肺炎链球菌是原核生物，不能进行减数分裂产生配子，不遵循孟德尔遗传规律。 【答案】　C 2．(2021·开封一中期中)为鉴定一株高茎豌豆和一只黑色豚鼠的纯合与否，应采取的简便遗传方法分别是(　　) A.杂交、杂交 B．杂交、测交 C.自交、自交 D．自交、测交 【解析】　鉴定一株高茎豌豆是否为杂合子，可采用测交法和自交法，其中自交法最简便，省去了人工授粉的麻烦；鉴定一只黑色豚鼠纯合与否可采用测交法。 【答案】　D 3．(2021·广东江门二中月考)下列关于遗传学基本概念的叙述，正确的是(　　) A.后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象叫做性状分离 B.纯合子杂交产生的子一代所表现出来的性状就是显性性状 C.纯合子可以稳定遗传，杂合子不能稳定遗传 D.兔的白毛和黑毛、狗的长毛和卷毛都是相对性状 【解析】　性状分离是指在杂种后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象，A错误；在完全显性的条件下，具有一对相对性状的两纯合子杂交产生的子一代所表现出来的性状是显性性状，B错误；纯合子能稳定遗传，即自交后代不发生性状分离，而杂合子不能稳定遗传，其自交后代会发生性状分离，C正确；狗的长毛和短毛是相对性状，长毛和卷毛不是相对性状，D错误。 【答案】　C 4．(2021·山东济南调研)下列属于假说—演绎法中假说内容的是(　　) A.杂交产生的子一代总是高茎 B.子二代性状分离比为3∶1 C.生物性状是由遗传因子决定的 D.预测测交实验结果是高茎∶矮茎＝1∶1 【解析】　子一代总是高茎，子二代既有高茎又有矮茎，性状分离比接近3∶1，这都是实验现象，不属于假说内容，A、B不符合题意；孟德尔提出的假说内容之一是：生物的性状是由遗传因子决定的，C符合题意；预测测交实验结果是高茎∶矮茎＝1∶1，为演绎推理内容，D不符合题意。 【答案】　C 5．(2021·襄阳五中期中)豌豆花的顶生和腋生是一对相对性状。根据下表中的三组杂交实验结果，判断显性性状和纯合子分别为(　　) 杂交组合 子代表现类型及其数量 ①甲(顶生)×乙(腋生) 101腋生，99顶生 ②甲(顶生)×丙(腋生) 198腋生，201顶生 ③甲(顶生)×丁(腋生) 全为腋生 A.顶生；甲、乙 B．腋生；甲、丁 C.顶生；丙、丁 D．腋生；甲、丙 【解析】　根据杂交组合③中后代全为腋生，可以确定腋生为显性性状，顶生为隐性性状；由于杂交组合③后代只有一种表现类型，因此亲本全为纯合子，即甲为隐性纯合子，丁为显性纯合子；而杂交组合①和②的后代均出现2种表现类型，因此可以确定乙和丙均为杂合子，故选B。 【答案】　B 6．(2021·合肥市质检)豌豆花是两性花，自然条件下自花传粉。现有一批豌豆种子遗传因子组成及其比例为AA∶Aa＝1∶4。将这批种子播种后让其自然生长，结实率相同，子代中AA∶Aa∶aa的比例是(　　) A.4∶4∶1 B．3∶2∶1 C.2∶2∶1 D．7∶6∶1 【解析】　豌豆是自花传粉植物，而且是闭花受粉，所以AA的个体自交后代都是AA、Aa的个体自交后代会出现性状分离。根据题意分析可知：AA∶Aa＝1∶4，AA占1/5，Aa占4/5，豌豆在自然状态下通过自花传粉繁殖。子代AA占1/5＋4/5×1/4＝ 2/5，Aa＝4/5×1/2＝2/5，aa＝4/5×1/4＝1/5，所以AA∶Aa∶aa＝2∶2∶1。 【答案】　C 7．下列几组杂交实验中，实验结果可以用分离定律加以解释的是(　　) A.长毛×卷毛→F1→F2 B.芦花×毛腿→F1→F2 C.杂合红花×白花→F1 D.纯合紫花×纯合紫花→F1→F2 【解析】　分离定律研究的是控制一对相对性状的一对等位基因。 长毛与卷毛、芦花与毛腿均不属于相对性状，纯合紫花与纯合紫花中不存在等位基因。 【答案】　C 8．水稻中非糯性(W)对糯性(w)为显性，非糯性品系的花粉遇碘呈蓝黑色，糯性品系的花粉遇碘呈红褐色。下面是对纯种的非糯性与糯性水稻的杂交后代进行观察的结果，其中能直接证明孟德尔的基因分离定律的一项是(　　) A.杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色 B.F1自交后结出的种子(F2)遇碘后，3/4呈蓝黑色，1/4呈红褐色 C.F1产生的花粉遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色 D.F1测交所结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色 【解析】　基因分离定律的实质是F1在形成配子时，成对的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中。 【答案】　C 9．将遗传因子组成为Aa的杂合子，逐代自交3次，在F3代中纯合子比例为(　　) A.1,8 B．7,8 C.7,16 D．9,16 【解析】　依据分离定律写出杂合子自交3代的遗传图解。纯合子包括显性纯合子和隐性纯合子，根据题意，F3中的纯合子有AA和aa两种，按遗传图解推知，杂合子自交n代后的杂合子概率为1/2n，纯合子(AA＋aa)的概率为1－1/2n。F3中杂合子的概率为1/8，纯合子的概率为7/8。 【答案】　B 10．若让某杂合子连续自交，那么能表示自交代数和纯合子比例关系的是(　　) 【解析】　杂合子连续自交，纯合子比例关系为1－1,2n，随自交代数的增加，比值越来越接近1，但永远达不到1。 【答案】　D 11．小麦有芒对无芒为显性，现有纯合有芒小麦与无芒小出麦杂交得到F1，F1再自交得到F2，F2中有芒小麦随机交配，产生的F3中纯合子占总数的比例为(　　) A.1/2 B．2/3 C.4/9 D．5/9 【解析】　据题可设F1的基因型为Aa，则自交后代F2为1AA∶2Aa∶1aa，其中有芒小麦为1/3AA、2/3Aa，产生的配子为2/3A、1/3a，所以F2中有芒小麦随机交配产生的F3中AA＝2/3A×2/3A＝4/9，aa＝1/3a×1/3a＝1/9，故纯合子的比例为5/9。 【答案】　D 12．关于孟德尔两对相对性状的杂交实验，下列说法错误的是(　　) A.欲获得9∶3∶3∶1的性状分离比，F1基因型是唯一的，但亲本却并不只有黄圆和绿皱这一对性状组合 B.若F2出现了12∶3∶1的比例，则F1测交后出现的比例为2∶1∶1 C.若F2出现了4∶2∶2∶1的比例，则说明F2中发生了Y或R纯合致死的现象 D.若F2出现了5∶3∶3∶1的比例，则可能是F1的YR雌配子致死 【解析】　两对相对性状的杂交实验中，纯合的黄色圆粒豌豆YYRR与纯合的绿色皱粒豌豆yyrr杂交，子一代全是黄色圆粒YyRr，其产生配子的种类及其比例为YR∶Yr∶yR∶yr＝1∶1∶1∶1，子二代中黄色圆粒(Y_R_)：黄色皱粒(Y_rr)∶绿色圆粒(yyR_)∶绿色皱粒(yyrr)＝9∶3∶3∶1。欲获得9∶3∶3∶1的性状分离比，F1基因型必须是YyRr，但亲本却并不只有黄圆和绿皱这一对性状组合，也可以是黄皱和绿圆这一对性状组合，A正确；若自交后代12∶3∶1的性状分离比，子一代的基因型为YyRr，可能是Y_R_、Y_rr表现同一性状，故YyRr与yyrr测交，子代出现2∶1∶1的性状分离比，B正确；若F2出现了4∶2∶2∶1的比例，则说明F2中发生了含有YY和RR的个体致死的现象，C错误；推测F2中出现了5∶3∶3∶1的特殊性状分离比的原因可能是：①某种基因型致死，进一步分析可知应是基因型为YyRr的个体死亡；②某种配子致死，由于F2出现4种类型且比例为5∶3∶3∶1，所以不具有受精能力配子(雌配子或雄配子)的基因组成是YR，D正确。 【答案】　C 二、非选择题(本题共5小题，共76分) 13．(15分)小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(由基因D、d控制)，抗锈病与感锈病是另一对相对性状(由基因R、r控制)，这两对性状的遗传遵循自由组合定律。以纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈病植株(丙)。再用F1与丁进行杂交得F2，F2有四种表型，对每对相对性状的植株数目进行统计，结果如图： (1)两对相对性状中，显性性状分别是____________、____________。 (2)亲本甲、乙的基因型分别是________、________；丁的基因型是________。 (3)F1形成的配子有________种，产生这几种配子的原因是F1在形成配子的过程中________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (4)F2中，基因型为ddRR的个体所占的比例为__________，光颖抗锈病植株所占的比例是________。 (5)F2中，表型不同于双亲(甲和乙)的个体占全部F2的比例是________。 【解析】　(1)由于纯种毛颖感锈病植株(甲)和纯种光颖抗锈病植株(乙)进行杂交，F1均为毛颖抗锈病植株(丙)，所以毛颖、抗锈病为显性性状，光颖、感锈病为隐性性状。(2)甲、乙为纯种，基因型分别为DDrr、ddRR，所以F的基因型为DdRr，与丁杂交后，抗锈病与感锈病之比为3∶1，毛颖与光颖之比为1∶1，所以丁的基因型为ddRr。(3)由于F1的基因型为DdRr，因此可以形成4种配子。(4)F1(DdRr)×丁(ddRr)产生的F2中，ddRR的个体占1/2×1/4＝1/8，光颖抗锈病植株(ddR__)占1/2×3/4＝3/8。(5)F2中，与甲(DDrr)表型相同的个体占1/2×1/4＝1/8，与乙(ddRR)表型相同的个体占1/2×3/4＝3/8，所以不同于双亲的个体占1/2。 【答案】　(1)毛颖　抗锈病(两空可互换) (2)DDrr　ddRR　ddRr (3)4　决定同一性状的等位基因彼此分离，决定不同性状的非等位基因自由组合 (4)1/8　3/8　(5)1/2 14．(15分)鸡冠的形状有多种，纯合的豌豆冠鸡与玫瑰冠鸡交配，子一代(F1)全是胡桃冠鸡，F1雌雄交配，F2出现了冠形为单冠的鸡，表型和数量如下表。 F2 胡桃冠 豌豆冠 玫瑰冠 单冠 公鸡 72 24 24 8 母鸡 72 24 24 8 合计 144 48 48 16 回答下列问题： (1)鸡冠形状的遗传受________对等位基因控制，且遵循________定律。 (2)从F2中随机挑选豌豆冠鸡和玫瑰冠鸡各一只，形成一个杂交组合：豌豆冠(♀)×玫瑰冠(♂)，或豌豆冠(♂)×玫瑰冠(♀)。 ①不考虑正交、反交的区别，只考虑基因型，则该杂交的基因型组合可能有________种。 ②理论上，若杂交组合的后代出现四种表型，则四种表型及其比例是________________________________________________________________________。 (3)为了验证(1)中的结论，利用F2设计实验，请补充完善实验方案： 实验方案：让F2中全部胡桃冠母鸡与______________交配，分只收集、孵化每只母鸡产的蛋，________(填“隔离”或“混合”)饲养每只母鸡的子代(F3)，观察、统计全部F3的冠形和数量比值，即可得出结论。 【解析】　(1)由F2的表型之比为9∶3∶3∶1可知，鸡冠形状的遗传受两对等位基因控制，且遵循自由组合定律。(2)设两对等位基因为A/a、B/b，不考虑正交和反交的区别，只考虑基因型，则该杂交的基因型组合可能有四种，即AAbb×aaBB、Aabb×aaBB、AAbb×aaBb、Aabb×aaBb。理论上若杂交组合的后代出现四种表型，则杂交组合为Aabb×aaBb，四种表型及其比例是胡桃冠∶豌豆冠∶玫瑰冠∶单冠＝1∶1∶1∶1。(3)为了验证(1)中的结论，即验证该性状的遗传遵循自由组合定律，可采用测交的方法。 【答案】　(1)两　自由组合(或分离定律和自由组合) (2)①4　②胡桃冠∶豌豆冠∶玫瑰冠∶单冠＝1∶1∶1∶1 (3)(全部、多只)单冠公鸡　隔离 15．(15分)用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa概率绘制曲线如图。 (1)杂合子连续自交n代后Aa的比例＝________，据此可判断曲线________表示连续自交Aa的概率。 (2)随机交配得到的F1中Aa概率为________，此后Aa的概率________，据此可判断曲线________为随机交配Aa的概率。 (3)自交一代得到的基因型及其比例是1/4AA、1/2Aa、1/4aa，淘汰隐性个体后剩余两种基因型及其例是________，再自交得到的基因型及其比例是________；随机交配一代得到的基因型及其比例是1/4AA、1/2Aa、1/4aa，淘汰隐性个体后剩余两种基因及其比例是________；再随机交配得到的基因型及其比例是______________；可见随机交配并淘汰隐性个体得到的Aa的概率高于自交并淘汰隐性个体的情况，所以随机交配并淘汰隐性个体对应的是曲线__________，自交并淘汰隐性个体对应的是曲线________。 【答案】　(1)1/2n　Ⅳ　(2)1/2　不变　Ⅰ　(3)1/3AA、2/3Aa　3/6AA、1/3Aa、1/6aa　1/3AA、2/3Aa　4/9AA、4/9Aa、1/9aa　Ⅱ　Ⅲ 16．(15分)(实验探究)玉米是遗传学实验经常用到的材料，在自然状态下，花粉既可以落到同一植株的柱头上也可以落到其他植株的柱头上(如图所示)。请回答下列有关问题： (1)请列举玉米作为遗传学实验材料的优点(两条)________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (2)玉米的高茎对矮茎为显性。为探究一高茎玉米植株的果穗上所结子粒的遗传因子组成，某同学选取了该玉米果穗上2粒种子单独隔离种植，观察记录并分别统计后代植株的性状，结果后代全为高茎，该同学即判断玉米果穗所有子粒均为纯种。可老师认为他的结论不科学，为什么？________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (3)玉米的常态叶与皱叶是一对相对性状。某研究性学习小组计划以自然种植多年后收获的一批常态叶与皱叶玉米的种子为材料，通过实验判断该相对性状的显隐性。 ①甲同学的思路是随机选取等量常态叶与皱叶玉米种子各若干粒，分别单独隔离种植，观察子一代性状；若子一代发生性状分离，则亲本为________性状；若子一代未发生性状分离，则需要________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 ②乙同学的思路是随机选取等量常态叶与皱叶玉米种子各若干粒，种植，杂交，观察子代性状，请帮助预测实验结果及得出相应结论。________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 【答案】　(1)相对性状明显，易于区分；后代数目多，统计结果更准确；雄蕊花序顶生，雌蕊果穗着生在中部，便于操作；既能自花传粉也能异花传粉(必须答出其中两条) (2)选择样本太少，实验有一定的偶然性，不能代表全部子粒的遗传因子组成 (3)①显性　分别从子代中各取出等量若干玉米种子，种植，杂交，观察其后代叶片性状，表现出的叶形为显性性状，未表现出的叶形为隐性性状 ②若后代只表现一种叶形，该叶形为显性性状，另一种为隐性性状；若后代既有常态叶又有皱叶，且数量相当，则不能做出显隐性判断 17．(16分)控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、D/d表示，且位于3对同源染色体上。现有表型不同的4种植株：板叶紫叶抗病(甲)、板叶绿叶抗病(乙)、花叶绿叶感病(丙)和花叶紫叶感病(丁)。甲和丙杂交，子代表型均与甲相同；乙和丁杂交，子代出现个体数相近的8种不同表型。回答下列问题： (1)根据甲和丙的杂交结果，可知这3对相对性状的显性性状分别是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (2)根据甲和丙、乙和丁的杂交结果，可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因型分别为________、________、________和________。 (3)若丙和丁杂交，则子代的表型为________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 (4)选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交，统计子代个体性状。若发现叶形的分离比为3∶1、叶色的分离比为1∶1、能否抗病性状的分离比为1∶1，则植株X的基因型为________。 【解析】　(1)甲(板叶紫叶抗病)与丙(花叶绿叶感病)杂交，子代表型都是板叶紫叶抗病，说明板叶对花叶为显性、紫叶对绿叶为显性、抗病对感病为显性。(2)丙的表型为花叶绿叶感病，说明丙的基因型为aabbdd。根据甲与丙杂交子代都是板叶紫叶抗病推断，甲的基因型为AABBDD。乙(板叶绿叶抗病)与丁(花叶紫叶感病)杂交，子代出现个体数相近的8(即2×2×2)种不同表型，可以确定乙的基因型为AabbDd，丁的基因型为aaBbdd。(3)若丙(基因型为aabbdd)与丁(基因型为aaBbdd)杂交，子代的基因型为aabbdd和aaBbdd，表型为花叶绿叶感病、花叶紫叶感病。(4)植株X与乙(基因型为AabbDd)杂交，统计子代个体性状。根据叶形的分离比为3∶1，确定是Aa×Aa的结果；根据叶色的分离比为1∶1，确定是Bb×bb的结果；根据能否抗病性状的分离比为1∶1，确定是dd×Dd的结果，因此植株X的基因型为AaBbdd。 【答案】　(1)板叶、紫叶、抗病　(2)AABBDD　AabbDd　aabbdd　aaBbdd　(3)花叶绿叶感病、花叶紫叶感病　(4)AaBbdd [选做题]　(本题5小题，每小题3分。每小题给出的四个选项中有一项或多项符合题目要求) 1．下列关于孟德尔的高茎豌豆与矮茎豌豆杂交实验的叙述，错误的是(　　) A.若以高茎作为母本，则需要对矮茎进行去雄处理 B.杂交过程中人工授粉前后两次套袋的目的不同 C.F1自交，其F2中出现矮茎的原因是等位基因分离 D.F2的3∶1性状分离比依赖于雌、雄配子数量相等且随机结合 【解析】　若以高茎作为母本，则需要对作为母本的高茎进行去雄处理，A错误；杂交过程中人工授粉前后套袋的目的相同，都是为了防止外来花粉授粉，B错误；F1自交，其F2中出现矮茎的原因是等位基因分离，C正确；豌豆的雄配子数量远多于雌配子数量，D错误。 【答案】　ABD 2．金鱼身体的透明程度受到一对等位基因控制，不透明金鱼与透明金鱼杂交，F1都是身体半透明金鱼，F1随机交配，F2中不透明金鱼∶半透明金鱼∶透明金鱼＝1∶2∶1。下列叙述正确的是(　　) A.金鱼的身体透明程度这一性状中，不透明对透明为完全显性 B.F1中出现半透明金鱼这一现象称为性状分离 C.F2中半透明金鱼互相交配，其子代中雄性不透明金鱼所占比例为1/8 D.F2中半透明金鱼与透明金鱼交配，其子代不同基因型的比例与表型的比例相同 【解析】　由“F2中不透明金鱼∶半透明金鱼∶透明金鱼＝1∶2∶1”可知，金鱼的身体透明程度这一性状为不完全显性；性状分离是指在杂交后代中，同时出现显性性状和隐性性状的现象，不透明金鱼与透明金鱼杂交，F1中出现半透明金鱼这一现象不是性状分离；F2中半透明金鱼为杂合子，它们互相交配，其子代中雄性不透明金鱼所占比例为1/4×1/2＝1/8；F2中半透明金鱼为杂合子，与透明金鱼(纯合子)交配，其子代不同基因型的比例为1∶1，不同表型的比例也是1∶1。 【答案】　CD 3．某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因(A、a，B、b，C、c……)控制，当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花，否则开白花。现将两个纯合的白花品系杂交，F1开红花，再将F1自交，F2中的白花植株占37/64。若不考虑变异，下列说法正确的是(　　) A.每对基因的遗传均遵循分离定律 B.该花色遗传至少受3对等位基因控制 C.F2红花植株中杂合子占26/27 D.F2白花植株中纯合子基因型有7种 【解析】　F1自交，F2中的白花植株占37/64，则红花植株占1－37/64＝27/64＝(3/4)3，可判断该花色遗传至少受3对等位基因的控制，且F1基因型为AaBbCc。在F2中，红花占27/64，其中有1/27个体(AABBCC)是纯合体，则有26/27的个体是杂合体；该花色中纯合子基因型有2×2×2＝8种，由于每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花，所以F2红花植株中纯合子(AABBCC)基因型只有1种，白花植株中纯合子基因型有8－1＝7种。 【答案】　ABCD 4．已知玉米有色籽粒对无色子粒是显性。现将一有色籽粒的植株X进行测交，后代出现有色籽粒与无色籽粒的比是1∶3，对这种杂交现象的推测正确的是(　　) A.测交后代的有色籽粒的基因型与植株X相同 B.玉米的有、无色籽粒遗传遵循基因的自由组合定律 C.玉米的有、无色籽粒是由一对等位基因控制的 D.测交后代的无色籽粒的基因型至少有三种 【解析】　据测交后代有色籽粒与无色籽粒比为1∶3，说明有色籽粒和无色籽粒是受两对基因控制的，1∶3的比例是1∶1∶1∶1转化而来，因此植株X是双杂合；测交后代的有色籽粒的基因型也是双杂合的，与植株X相同，都是AaBb，测交后代的无色籽粒的基因型有三种，即Aabb、aaBb和aabb三种。 【答案】　ABD 5．(2021·河北保定期末)水稻为雌雄同株植物，其抗稻瘟病与易感稻瘟病是由一对等位基因决定的相对性状，抗病(R)对易感病(r)为显性。细胞中另有一对等位基因B、b对稻瘟病的抗性表达有影响，BB会使水稻抗性完全消失，Bb使抗性减弱(弱抗病)，bb不影响抗性表达。两对基因均位于常染色体上。现有两纯合亲本杂交，实验过程和结果如图所示。下列相关叙述正确的是(　　) P　　　　易感病×抗病 　　　　　　　　 F1　　　　　　弱抗病 　　　　　　　　自交 F2　　　抗病　弱抗病　易感病 　　　　　3　∶　6　∶　7 A.两对基因的遗传遵循自由组合定律 B.F2中的弱抗病植株全部是杂合子 C.F2中的抗病植株自交，后代中抗病植株占5/6 D.F2中的易感病植株可通过测交鉴定其基因型 【解析】　依题意和题图分析可知，在F2中，抗病∶弱抗病∶易感病＝3∶6∶7，为9∶3∶3∶1的变式，表明该性状的遗传符合基因的自由组合定律，F1的基因型是RrBb，A正确；F2中的弱抗病植株的基因型及其比例为RRBb∶RrBb＝1∶2。全部是杂合子，B正确；F2中，抗病植株的基因型及其比例为RRbb∶Rrbb＝1∶2，即分别占1,3、2,3，全部抗病植株自交，后代抗病植株占1－2,3×1,4＝5,6，C正确；F2中，易感病植株的基因型是rrBB、rrBb、rrbb、RRBB、RrBB，其中rrBB、rrBb、rrbb分别与rrbb进行测交，后代都是易感病个体，因此不能通过测交鉴定F2中易感病植株的基因型，D错误。 【答案】　ABC 学科网（北京）股份有限公司 $