广西壮族自治区崇左市凭祥市高级中学2025-2026学年高三上学期12月期中物理试题

I 请在各题的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效 i I i ( 凭祥 市 高 级 中 学 20 25 年 秋 季学期第 四次月考 高 三物理 答题卡 ) ( 第一部分 选择题 （ 1 — 7 每小题 4 分， 8 — 10 每小题 6 分 ， 共 46 分 ） ) ( 试卷类型 A 【 】 B 【 】 填涂样例： 正确填涂  缺考标记 （禁止考生填涂） 【 】 注 意 事 项 1、选择题请用2B铅笔填涂方框，如需改动，必须用橡皮擦干净，不留痕迹。 2、非选择题必须使用黑色签字笔书写。 3、请按题号在对应的答题区域内作答，超出答题区域、在草稿纸和试题上的答案均无效。 4、请保持卷面清洁，不要折叠和弄破答题卡。 姓 名 准考证号 条形码粘贴区域 (正面朝上，切勿贴出虚线方框) ) ( 6  7  8  9  10  ) ( 1  2  3  4  5  ) ( ) ( 答： ) ( 第二部分 非选择题 （共 54 分） ) ( 11 . （ 共6 分） （1） （ 2分） （2） ① （ 1分） ② （ 1分） ③ （ 2分） 12. （ 共10 分） （1） （ 2分） （ 2分） （ 2 ） （ 2分） （ 2分） （ 2分） 13 .（ 10 分） ) ( 14. （ 12分） 15.（16分 ） ) ( 严禁超出矩形边框作答 ) I 高二物理 第2页 共2页 i I 高三物理 第1页 共2页 i 学科网（北京）股份有限公司 $ 凭祥市高级中学2025年秋季学期第四次月考 高三物理试卷 考试时间：75分钟 满分：100分 一、选择题：本题共10小题,共46分。在每小题给出的四个选项中，第1—7 题只有一项符合题目要求，每小题4 分；第8—10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.关于物理学家所作的科学贡献，下列叙述不符合史实的是： A.牛顿在伽利略等人工作的基础上进行深入研究，总结出了物体运动的三个基本定律 B.开普勒揭示了行星的运动规律，并提出了行星运动三大定律 C.安培发现了电流的磁效应，并提出了分子电流假说 D.法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律——库仑定律 2.在地面上将一小球斜向上抛出，不计空气阻力，小球在空中运动直至落地的过程中： A.动能增加 B.重力势能减小 C.机械能减小 D.机械能守恒 3.如图所示，小芳在体重计上完成下蹲动作。下列F－t图象能反映体重计示数随时间变化的是： 4.如图所示，在倾角为α的斜面上，放一质量为m的小球，小球和斜面及挡板间均无摩擦，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中： A.斜面对球的支持力逐渐增大 B.斜面对球的支持力逐渐增大 C.挡板对小球的弹力先减小后增大 D.挡板对小球的弹力先增大后减小 5.如图所示，光滑水平面上的物体受五个沿水平面的恒力、、、、作用，以速率沿水平面做匀速直线运动，若撤去其中某个力(其他力不变)，则在以后的运动中，下列说法正确的是： A.若撤去的是，则物体将做圆周运动 B.若撤去的是，则经过一段时间后物体的速率可能再次变为 C.若撤去的是，则经过一段时间后物体的速率可能再次变为 D.无论撤去这五个力中的哪一个，物体在相同时间内的速度改变量一定都相同 6.如图所示，一质量为m＝0.5kg的小球(可视为质点)，用长为0.4m的轻绳拴着在竖直平面内做圆周运动，，下列说法不正确的是： A.小球要做完整的圆周运动，在最高点的速度至少为2m/s B.当小球在最高点的速度为4m/s时，轻绳拉力为15 N C.若轻绳能承受的最大张力为45N，小球的最大速度不能超过 D.若轻绳能承受的最大张力为45N，小球的最大速度不能超过4m/s 7.如图所示，A、B两篮球从相同高度同时抛出后直接落入篮筐，落入篮筐时的速度方向相同，下列判断正确的是： A.A比B先落入篮筐 B.A、B运动的最大高度相同 C.A在最高点的速度比B在最高点的速度小 D.A、B上升到某一相同高度时的速度方向相同 8.假设将来人类一艘飞船从火星返回地球时，经历了如图所示的变轨过程，则下列说法中正确的是： A.飞船在轨道II上运动时，在P点速度大于在Q点的速度 B.飞船在轨道I上运动时的机械能大于轨道II上运动的机械能 C.飞船在轨道I上运动到P点时的加速度等于飞船在轨道II上运动到P点时的加速度 D.飞船绕火星在轨道I上运动周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道I同样半径运动的周期相同 9.如图所示，河的宽度为L，河水流速为，甲、乙两船均以在静水中的速度v同时渡河.出发时两船相距2L，甲、乙两船头均与岸边成60°角，且乙船恰好能直达正对岸的A点.则下列判断正确的是： A.甲船在A点右侧靠岸 B.甲船在A点左侧靠岸 C.甲、乙两船到达对岸的时间相等 D.甲、乙两船可能在未到达对岸前相遇 10.如图甲所示，质量为M＝2 kg的木板静止在光滑水平面上，可视为质点的物块(质量设为m)从木板的左侧沿木板上表面水平冲上木板。物块和木板的速度—时间图象如图乙所示，g取10 m/s2，结合图象，下列说法正确的是： A.可求得物块在前2 s内的位移为5 m B.可求得物块与木板间的动摩擦因数为μ＝0.2 C.可求得物块的质量m＝2 kg D.可求得木板的长度L＝2 m 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.（6分）实验小组做“探究平抛运动的特点”实验： (1)（2分）如图是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛的起点，在轨迹上任取三点A、B、C，测得A、B两点竖直坐标y1＝5.0cm、y2＝45.0cm，A、B两点水平间距为Δx＝60.0cm，则平抛小球的初速度v0为________ m/s. (结果保留两位有效数字，取g＝10m/s2) (2)该同学在实验时忘记描下O点，他用一张印有小方格的纸记录小球运动轨迹，小方格的边长为L，若小球在平抛运动途中的三个位置如图中的A、B、C所示，(当地重力加速度为g，以下问题用已知量对应的字母表示)则： ①小球从A到C的时间为________（1分）． ②小球经过B点时速度的水平分速度为________（1分）． ③小球在C点时速度的竖直分速度为________（2分）． 12.（10分）某校举行了一次物理实验操作技能比赛，其中一项比赛为选用合适的电学元件设计合理的电路，并能较准确的测量同一电池组的电动势及其内阻。提供的器材如下： A.电流表G（满偏电流10mA，内阻10Ω） B.电流表A（0~0.6A~3A，内阻未知） C.电压表V（0~5V~10V，内阻未知） D.滑动变阻器R（0~100Ω，1A） E.定值电阻（阻值990Ω） F.开关与导线若干 （1）图（a）是小宇同学根据选用的仪器设计测量该电池组电动势和内阻的电路图。根据该实验电路测出的数据绘制的图线如图（b）所示（为电流表G的示数，为电流表A的示数），则由图线可以得到被测电池组的电动势______V，内阻______Ω；（结果均保留2位有效数字） （2）另一位小张同学则设计了图（c）所示的实验电路对电池组进行测量，记录了单刀双掷开关分别接1、2对应电压表的示数U和电流表的示数I；根据实验记录的数据绘制图线如图（d）中所示的A、B两条图线。可以判断图线A是利用单刀双掷开关接______（选填“1”或“2”）中的实验数据描出的；分析A、B两条图线可知，此电池组的电动势为______，内阻______（用图中、、，表示）。 13.（10分）一定质量的理想气体，状态从A→B→C→D→A的变化过程可用如图所示的p－V图线描述，其中D→A为等温线，气体在状态A时温度为TA＝360 K。 (1)求气体在状态C时的温度TC. (2)若气体在A→B过程中吸热3 000 J，则在A→B过程中气体内能变化了多少？ 14．（12分）汽车发动机的额定功率为60 kW，汽车的质量为5×103 kg，汽车在水平路面上行驶时，阻力是车重力的0.1倍(g取10 m/s2)，试求： (1)若汽车保持额定功率不变从静止启动，汽车所能达到的最大速度是多大？当汽车的加速度为2 m/s2时速度是多大？ (2)若汽车从静止开始，保持以0.5 m/s2的加速度做匀加速直线运动，这一过程能维持多长时间？ 15．（16分）15.如图所示，在倾角为37°足够长的固定斜面底端有一个质量m＝1 kg的物体，物体与斜面之间的动摩擦因数μ＝0.5。物体在沿斜面向上的拉力F＝12.5 N的作用下由静止开始运动，4 s后撤去F。g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，取＝3.87，＝7.4。求： (1)刚撤去拉力时物体的速率； (2)物体沿斜面向上滑动的最远距离； (3)物体在斜面上往返的总时间。 ( 高三物理试卷 第 1 页 （ 共 2 页 ） ) 高三物理试卷 第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 凭祥高中2025年秋季学期第四次月考物理参考答案 1. 答案：B 2. 答案：D 解析：将一小球斜向上抛出，重力对小球先做负功后做正功，由动能定理知，小球的动能先减小后增加，选项A错误；重力势能先增加后减小，选项B错误；小球在空中运动直至落地的过程中只有重力做功，机械能守恒，选项C错误，D正确。 3.答案：C 解析：体重计的读数为人所受的支持力大小，下蹲过程人的速度从0开始最后又回到0，因此人先加速运动后减速运动，加速度方向先向下后向上，即先失重后超重，所以支持力先小于重力，后大于重力，因此选项C正确。 4.答案：C 解析：对小球受力分析知，小球受到重力mg、斜面的支持力和挡板的弹力，如图，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，小球所受的合力为零，根据平衡条件得知，和的合力与重力mg大小相等、方向相反，作出小球在三个不同位置力的受力分析图，由图看出，斜面对小球的支持力逐渐减小，挡板对小球的弹力先减小后增大，当和垂直时，弹力最小，故选项B错误、C正确，A、D错误。 5.答案：B 解析：撤去后，其他力的合力方向与速度方向垂直，物体做匀变速曲线运动，不会做圆周运动，因为受到的是恒力，故A错误；撤去后，其他力的合力方向与的方向相反，则物体在水平方向先减速到零，再反向加速，而竖直方向一直在加速，所以经过一段时间后有可能在某时刻速率再次变为，故B正确；撤去后，其他力的合力方向与速度方向成锐角，速度增大，则经过一段时间后，速率比大，故C错误；因为这五个力不完全相同，撤去其中一个力后，其他四个力的合力也不完全相同，根据牛顿第二定律可知加速度也不完全相同，所以物体在相同时间内的速度改变量不一定都相同，故D错误. 6. 答案：D 解析：设小球通过最高点时的最小速度为v0，则根据牛顿第二定律有mg＝m，解得 v0＝2 m/s，故A正确；当小球在最高点的速度为v1＝4 m/s时，设轻绳拉力大小为FT，根据牛顿第二定律有FT＋mg＝m，解得FT＝15 N，故B正确； 小球在轨迹最低点处速度最大，此时轻绳的拉力最大，根据牛顿第二定律有FTm－mg＝m，解得vm＝4 m/s，故C正确，D错误. 7. 答案：D 解析：若研究两个过程的逆过程，可看成是从篮筐沿同方向斜向上的斜抛运动，落到同一高度上的两点，则A上升的高度较大，高度决定时间，可知A运动时间较长，即B先落入篮筐中，A、B错误；因为两球抛射角相同，A的射程较远，则A球的水平速度较大，即A在最高点的速度比B在最高点的速度大，C错误；由斜抛运动的对称性可知，当A、B上升到某一相同高度时的速度方向相同，D正确. 8.【答案】AC 【解析】【详解】A．由开普勒第二定律可知，飞船在P点的速度大于在Q点的速度，A正确； B．飞船由轨道Ⅰ变为轨道Ⅱ时，需在P点加速，因此飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能小于在轨道Ⅱ上运动的机械能，B错误； C．飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时受到的万有引力大小相等，由牛顿第二定律可知，飞船加速度相等，C正确； D．由万有引力提供向心力，得到，由上式可知，虽然r相等，但是因为地球和火星的质量不等，所以周期T不相同，D错误。故选AC。 9. 答案：BC 解析：依题意，乙船恰好能直达正对岸的A点，根据速度合成与分解可知v＝2u，将甲、乙两船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，根据分运动和合运动具有等时性，甲、乙两船到达对岸的时间相等，渡河的时间均为t＝，可得甲船沿河岸方向上的位移为x＝(u＋vcos 60°)t＝L<2L，即甲船在A点左侧靠岸，显然甲、乙两船不可能在未到达对岸前相遇，故B、C正确，A、D错误。 10.答案：ABC 解析：由运动学图象知，物块在前2 s内的位移x＝×1 m＋2×1 m＝5 m，A正确；0～1 s，两物体加速度大小相同，设物块加速度大小为a1，木板加速度大小为a2，则有μmg＝ma1＝Ma2，则m＝M＝2 kg，C正确；μg＝2 m/s2，则μ＝0.2，B正确；由于物块与木板达到共同速度时不清楚二者的相对位置关系，故无法求出木板的长度，D错误；注意不能认为图象中三角形面积对应木板的长度，实际上三角形面积对应的是木板的最小长度。 11.答案：(1)3.0 (2)①2 ② ③3 解析：(1)根据平抛运动的处理方法，小球在竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，所以 y1＝gt12、y2＝gt22，水平方向的速度即平抛小球的初速度为v0＝，联立解得v0＝3.0m/s. (2)①在竖直方向上，根据Δy＝2L＝gT2得，T＝，则A到C的时间t＝2T＝2. ②小球经过B点时速度的水平分速度vx＝＝. ③小球在B点时速度的竖直分速度vyB＝＝2，则小球在C点时速度的竖直分速度vyC＝vyB＋gT＝3. 12.答案：13.（1）7.5 5.0 （2）1 EA 解析：（1）电流表G和定值电阻串联，其可看成一个电压表，则有整理可得根据图像可知，图线与纵轴会相交于的位置，则有可得且有可得 （2）若单刀双掷开关接1，则电流表相对于电源内接，则因电流表分压作用，会导致，若单刀双掷开关接2，则电流表相对于电源外接，因电压表分流作用，会导致，结合所给图像，可以判断出A图线是利用单刀双掷开关接1，同样也可以判断出，，则内阻为 13. 【解析】(1) D→A为等温线，则TA＝TD＝360 K----------------1分 C→D过程由盖－吕萨克定律得＝----------------2分 解得TC＝540 K----------------1分 (2) A→B过程压强不变，体积增大，则气体对外界做功 W＝－pΔV＝－4×105×4×103 J＝－1600 J----------------3分 由热力学第一定律得 ΔU＝Q＋W＝3000 J－1600 J＝1400 J----------------2分 则气体内能增加了1400 J．----------------1分 答案：(1) 500 K　 (2) 增加1400 J 14. 解析：汽车运动中所受阻力大小为Ff＝0.1mg (1)当a＝0时速度最大，牵引力F等于Ff的大小， 则最大速度vmax＝＝ ----------------2分 联立①②解得vmax＝12m/s。----------------1分 设汽车加速度为2m/s2时牵引力为F1， 由牛顿第二定律得F1－Ff＝ma----------------2分 此时汽车速度v1＝ ----------------1分 联立③④并代入数据得v1＝4m/s。----------------1分 (2)当汽车以加速度a′＝0.5m/s2匀加速运动时，设牵引力为F2， 由牛顿第二定律得F2－Ff＝ma′ ----------------2分 汽车匀加速过程所能达到的最大速度vt＝----------------2分 联立①⑤⑥并代入数据解得t＝＝16s。----------------1分 答案：(1)12m/s　 4m/s　 (2)16s 15. 【解析】(1)根据牛顿第二定律，向上受拉力过程 F－Ff－mgsin37°＝ma1----------------2分 Ff＝μmgcos37° 解得a1＝2.5m/s2----------------1分 刚撤去拉力时物体的速率v＝a1t1＝10m/s 上升的位移----------------1分 (2)撤去拉力后，物体的加速度大小Ff＋mgsin37°＝ma2----------------2分 解得a2＝10m/s2----------------1分 设经过t2停止，则有v＝a2t2 解得t2＝1s----------------1分 此时上升的位移----------------1分 物体沿斜面向上滑动的最远距离x＝x1＋x2＝25m----------------1分 (3)物体下滑的加速度mgsin 37°－Ff＝ma3----------------2分 解得a3＝2m/s2----------------1分 则下滑的时间----------------1分 解得t3＝5 s----------------1分 则物体在斜面上往返的总时间t＝t1＋t2＋t3＝10s----------------1分 答案：(1)10m/s 　(2)25m　 (3)10s ( 2 ) ( 1 ) 学科网（北京）股份有限公司 $