天津市第四十三中学2025-2026学年高二上学期12月月考物理试卷

2025-2026四十三中学高二年级物理学科阶段检测试卷（12月考) 一、单选题：本大题共6小题，共24分。 1.物理学中，观测、实验和逻辑推理等方法都起到了重要作用，下列说法中不正确的是() A.奥斯特实验说明电流具有磁效应，首次揭示了电和磁之间存在联系 B.直流电流、环形电流、通电螺线管的磁场均可用安培定则判断 C.通电螺线管外部磁场与条形磁铁磁场十分相似，受此启发安培提出著名的分子电流假说 D.洛伦兹力方向可用左手定则判断，此时四指指向与电荷运动方向一致 2.在电磁学中，根据大量事实归纳出电磁相关物理量之间的规律，下图中相关规律描述正确的 是() 图A 图B 图C 图D A.图A用来判定电流产生的磁场方向，右手拇指表示电流及方向时，四指表示磁场方向 B.图B用来判定电流在磁场中所受安培力方向，右手四指表示电流方向，拇指表示电流受力方 向 C.图C用来判定运动导体在磁场中产生感应电流方向，左手拇指表示导体运动方向，四指表示 产生电流方向 D.图D用来判定运动电荷在磁场中受洛伦兹力方向，左手四指表示电荷运动方向，拇指表示电 荷受力方向 3.如图所示，矩形线圈ABCD位于通电长直导线附近，线圈与导线在同一平面内，线圈的AB 边和CD边与导线平行。下列说法正确的是() A.线圈内磁感应强度方向垂直于纸面向外 B.仅增大直导线电流，线圈内不会产生感应电流 C.保持线圈AB边平行直导线在平面内远离导线移动时，线圈内将产生逆时 针感应电流 D.保持线圈AB边平行直导线在平面内远离导线移动时，线圈内将产生顺时针感应电流 第1页，共8页 4.如图所示的区域内，存在方向互相垂直的匀强电场和匀强磁场，其中电场方向竖直向下，磁 场方向是水平的（垂直纸面向里）。一个质量为的带电液滴，在与匀强磁场垂直的竖直面内做 匀速圆周运动。下列关于这个带电液滴的电性和转动方向说法正确的 是() A.一定带正电，沿逆时针方向转动 B.一定带负电，沿顺时针方向转动 X C.一定带负电，但转动方向不能确定 1E7 D.电性和转动方向都不能确定 5.静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置。如图，一电子在电场中仅受电场力 的作用，实线描绘出了其运动轨迹，虚线表示等势线，各等势线关于y轴对称，α、b、c、d 分别是轨迹与等势线的交点。已知电子在经过α点时动能 为60eV,各等势线的电势高低标注在图中，则测() 荧 光 A.a、d两点的电场强度相同 电子 屏 B.电子从a到b运动时，电场力做负功 20V40V60V60V40V20W C.电子从c到d运动时，电势能逐渐减小 D.电子在经过等势线c点时的动能为80eV 6.甲图是示波器的结构示意图，乙图是电视机显像管的结构示意图。二者相同的部分是电子枪 (给电子加速形成电子束)和荧光屏（电子打在上面形成亮斑）；不同的是使电子束发生偏转的部 分；示波器是利用电场使电子偏转（偏转电极），显像管是利用磁场使电子偏转（偏转线圈）。关于 电子束从电子枪射出后到打在荧光屏上P点的过程中，下列说法正确的是() 亮斑 电子枪 电子枪 回B 电子束 屏 荧光屏 偏转线圈 加速电压·偏转电极 甲 乙 A.甲图中电子通过偏转电极速度发生了变化，乙图中电子通过偏转线圈速度没有变化 B.电子在通过两种装置的过程中运动轨迹是完全相同的 C.在偏转过程中，甲图中电子动能发生了变化，乙图中电子的动能没有变化 D.甲图中电子在偏转电极间做匀速圆周运动，乙图中电子通过偏转线圈做类平抛运动 第2页，共8页 二、多选题：本大题共4小题，共16分。 7.在如图所示的电路中，电源电动势为E,内阻r=0.52,定值电阻R1=R2=R3=22,电流 表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器R4的滑片向上移动时，下列说法正确的是() A.电流表读数减小 B.电压表读数减小 C.电源的效率增大 D.电源的输出功率减小 8.如图所示，两块较大的金属板A、B平行放置并与电源相连，其中A板接地。两板间P点静止 一带电油滴。以下说法正确的是() A.保持S闭合，若将A板向下平移，油滴会向上运动，P点的电势降低 B.保持S闭合，若将A板向左平移，油滴保持静止，G中有α→b的电流 C.充电后断开S,若将B板向下平移，油滴保持静止，P点的电势不变 D.充电后断开S,若将B板向左平移，油滴会向上运动，P点的电势减小 9.在垂直纸面向里的匀强磁场中放置一足够长的绝缘棒，棒与水平方向夹角为0，将带电小球 套在棒上，小球质量为m,带电荷量为一q,小球与棒间的动摩擦因数为μ，小球由静止开始下 滑的过程中() A.先加速后匀速 B.先加速后减速最终匀速 C.最大速度为vm-mgcos0-mgsin 0.. + ugB D.最大加速度为gsin0 10.关于下列四幅图的说法不正确的是() h 十 照相底片 。i。 q⊕ 。。。。。。。6 接交流电源 等离子 ·B 甲 丙 丁 A.图甲是回旋加速器的结构示意图，若仅增大加速电场的大小，则被加速后的粒子从回旋加 速器中射出的动能变大 B.图乙是磁流体发电机的结构示意图，可以判断出B极板是发电机的负极，A极板是正极 第3页，共8页 C.图丙是某一霍尔元件的原理示意图，若磁感应强度增大，则a、b两表面间的电压U增大 D.图丁为速度选择器和质谱仪的组合装置示意图，不改变各区域的电场及磁场，从P1P2板间 向下射入的粒子若能在板间做直线运动，则击中底片同一位置的这些粒子一定是同种粒子 三、实验题：本大题共2小题，共20分。 11.(11分)测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U一I图象如图所示，请回答下列问题： 个UV a 1.5 1.4 1.3 S 1.260.10.20.3047A 甲 ()如图甲所示，在闭合开关之前为防止电表过载而移动滑动变阻器的滑动头P,应放在滑动变 阻器 处（填“a”或“b”) (2)现有以下器材： A.干电池1个 B.滑动变阻器(0∽502) C.电压表(0∽3V) D.电压表(0∽15V) E.电流表(0∽0.6A) F.电流表(0∽3A) 其中电流表应选 电压表应选 。(填字母代号) (3)如图乙是根据实验数据画出的U一I图象，由此可知这个干电池的电动势E=V,内电 阻r=_2。(计算结果均保留三位有效数字) (4)本实验中吧测_E,工测直（填写“大于”或“小于”或“等于”） 第4页，共8页 12.(9分)为了测量一精密金属丝的电阻率： (1)先用多用电表“×1Ω”挡粗测其电阻为 ,然后用螺旋测微器测其直径为 mm, 游标卡尺测其长度是 20150 Rt888a山上 1.5 5主尺 10 2H山 游标尺 0510 (②)为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下： A.电压表V(量程3V,内阻约为15k2) B.电流表A(量程0.6A,内阻约为12) C.滑动变阻器R1(0~52,0.6A) D.滑动变阻器R2(02002,0.1A) E.输出电压为3V的直流稳压电源 F.开关S,导线若干 为了提高测量的准确度，则滑动变阻器应选 (选填器材前面的字母)： (3)下列给出的测量电路中，为让测量时电表变化范围较大，则最合适的电路是 B (4)如果金属丝直径为D,长度为L,所测电压为U,电流为I,写出电阻率表达式P=(用 本问用所给字母表示)。 第5页，共8页 四、计算题：本大题共3小题，共40分。 13.(10分)如图所示，质量m4=0.5kg的小球A系在细线的一端，线的另一端固在0点，O 点到水平桌面的距离R=0.8m,质量mg=0.3kg的物块B置于高H=1.25m的粗糙的水平桌面 上且位于0点正下方，物块B距桌面右边缘的距离L=1m,物块与水平桌面间的动摩擦因数u= 0.45。现拉动小球使线水平伸直，小球由静止开始释放，运动到最低点时与物块发生正碰（碰 撞时间极短)。碰后，物块B沿桌面滑行并从桌面右边缘飞出，落地点与飞出点的水平距离s= 2m,小球与物块均视为质点，不计空气阻力，重力加速度为g=10m/s2。 (1)小球与物块碰撞后，物块B的速度V: (2)小球与物块碰撞后，小球能上升的最大高度h。 AO 7777777777777 777777777777777 第6页，共8页 14.（14分)如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.4m,金属导轨所在的平面与水平面夹 角0=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.5T、方向垂直于导轨所在平面的匀 强磁场。金属导轨的一端接有电动势E=6V、内阻r=12的直流电源。现把一个质量m= 0.04kg的导体棒αb放在金属导轨上，导体棒恰好静止。导体棒与金属导轨垂直且接触良好， 导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R。=2.752,金属导轨电阻不计，g取10m/s2。 已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求： (1)导体受到的安培力大小： (2)导体棒受到的摩擦力的大小和方向。 (3)若磁感应强度的大小和方向可以改变，为了使导体静止在斜面上且对斜面无压力，此处磁 场的磁感应强度B′的大小和方向。 E .】0 第7页，共8页 15.（16分)如图所示，在第I象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场，在第Ⅱ象限内有水平向右 的匀强电场。在该平面有一个质量为m、电荷量为+g的粒子以垂直x轴的初速度vo,从x轴上 的P点进入匀强电场，恰好与y轴成45°角从Q点射出电场，再经过一段时间恰好垂直于x轴飞 出，已知0P之间的距离为d。(不计粒子重力)求： (1)y轴上Q点坐标； (2)匀强磁场的磁感应强度大小。 (3)粒子在电磁场中运动的总时间t。 第8页，共8页物理月考试卷答案（12月) 一、单选题：本大题共6小题，共24分。 1.物理学中，观测、实验和逻辑推理等方法都起到了重要作用，下列说法中不正确的是() A.奥斯特实验说明电流具有磁效应，首次揭示了电和磁之间存在联系 B.直流电流、环形电流、通电螺线管的磁场均可用安培定则判断 C.通电螺线管外部磁场与条形磁铁磁场十分相似，受此启发安培提出著名的分子电流假说 D.洛伦兹力方向可用左手定则判断，此时四指指向与电荷运动方向一致 【答案】D 【解析】A.奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系。故A正确，不符合题意： B.直流电流、环形电流、通电螺线管的磁场均可用安培定则判断，即都可以使用右手螺旋定则判断。故B 正确，不符合题意： C通电螺线管外部的磁场与条形磁铁的磁场十分相似，受此启发，安培提出了著名的分子电流假说。故C 正确，不符合题意： D.洛伦兹力方向可用左手定则判断，此时四指指向与正电荷运动方向一致，与负电荷运动的方向相反。故D 错误，符合题意。 故选D。 2.在电磁学中，根据大量事实归纳出电磁相关物理量之间的规律，下图中相关规律描述正确的是() 图A 图B 图C 图D A.图A用来判定电流产生的磁场方向，右手拇指表示电流及方向时，四指表示磁场方向 B.图B用来判定电流在磁场中所受安培力方向，右手四指表示电流方向，拇指表示电流受力方向 C.图C用来判定运动导体在磁场中产生感应电流方向，左手拇指表示导体运动方向，四指表示产生电流方向 D.图D用来判定运动电荷在磁场中受洛伦兹力方向，左手四指表示电荷运动方向，拇指表示电荷受力方向 【答案】A 【解析】A图A用来判定电流产生的磁场方向，根据右手螺旋定则，右手拇指表示电流及方向时，四指表示 磁场方向，故A正确： 第1页，共15页 B.图B用来判定运动导体在磁场中产生感应电流方向，根据右手定则，右手拇指表示导体运动方向，四指表 示产生电流方向，故B错误： C图C用来判定电流在磁场中所受安培力方向，根据左手定则，左手四指表示电流方向，拇指表示电流受力 方向，故C错误； D.图D用来判定运动电荷在磁场中所受洛伦兹力方向，根据左手定则，左手四指表示正电荷运动方向（左手 四指与负电荷运动方向相反)，拇指表示电荷受力方向，故D错误。 故选A。 3.如图所示，矩形线圈ABCD位于通电长直导线附近，线圈与导线在同一平面内，线圈的AB边和CD边与导 线平行。下列说法正确的是() A.线圈内磁感应强度方向垂直于纸面向外 B.仅增大直导线电流，线圈内不会产生感应电流 C.保持线圈AB边平行直导线在平面内远离导线移动时，线圈内将产生逆时针感应电流 D.保持线圈AB边平行直导线在平面内远离导线移动时，线圈内将产生顺时针感应电流 【答案】D 【解析】解：A根据右手螺旋定则可知，线圈内磁感应强度方向垂直于纸面向里，故A错误； B.仅增大直导线电流，线圈内磁通量增大，会产生感应电流，故B错误； CD.保持线圈AB边平行于直导线在平面内远离导线移动时，通过线圈的磁通量减小，线圈内将产生感应电流， 根据楞次定律可知，感应电流方向为顺时针，故D正确，C错误。 故选：D。 根据右手螺旋定则分析电流产生磁场的方向，根据线圈内的磁通量是否变化判断是否产生感应电流，根据 楞次定律判断感应电流方向。 解决本题的关键掌握楞次定律的内容，知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化。 4.如图所示的区域内，存在方向互相垂直的匀强电场和匀强磁场，其中电场方向竖直向下，磁场方向是水 平的（垂直纸面向里）。一个质量为的带电液滴，在与匀强磁场垂直的竖直面内做匀速圆周运动。下列关于 第2页，共15页 这个带电液滴的电性和转动方向说法正确的是() B 1E1 A.一定带正电，沿逆时针方向转动 B.一定带负电，沿顺时针方向转动 C一定带负电，但转动方向不能确定 D.电性和转动方向都不能确定 【答案】B 【解析】解：因为带电液滴都在复合场中做匀速圆周运动，电场力与重力平衡，则知电场力方向向上，而 电场方向向下，所以液滴带负电荷。 由洛伦兹力提供向心力，根据左手定则判断可知，液滴沿顺时针方向转动.故B正确，ACD错误. 故选B 液滴做匀速圆周运动，电场力与重力平衡，即可由电场方向从而确定电性：根据洛伦兹力提供向心力，由 左手定则判断粒子的旋转方向. 解决本题的关键是知道电场力与重力相平衡液滴才能做匀速圆周运动，掌握洛伦兹力提供向心力，能正确 运用左手定则判断运动方向，注意四指指向负电荷运动的相反方向， 5.静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置。如图，一电子在电场中仅受电场力的作用，实 线描绘出了其运动轨迹，虚线表示等势线，各等势线关于y轴对称，a、b、c、d分别是轨迹与等势线的交点。 已知电子在经过a点时动能为60eV,各等势线的电势高低标注在图中，则() 1 电子 0 20V40V60V60V40V20V A.a、d两点的电场强度相同 B.电子从a到b运动时，电场力做负功 C.电子从c到d运动时，电势能逐渐减小 D.电子在经过等势线c点时的动能为80eV 【答案】D 【解析】A.电场线与等势面垂直且指向电势降低的方向，根据对称性可知，α、d两点的电场强度大小相等， 但方向不同，故a、d两点的电场强度不同，故A错误： 第3页，共15页 BC.电子带负电，且从a到b电势升高，根据E,=qp可知，电子从a到b运动时电势能减小，电场力做正功， 同理，从c到d电势降低，故电子从c到d运动时，电势能逐渐增大，故BC错误： D.电子在经过a点时动能为60eV,电势能为-40eV,动能和电势能总和为20eV,因只有电场力对电子做 功，故电子动能和电势能的总和保持不变，电子在经过等势线c点时的电势能为-60eV,故动能为80V, 故D正确。 故选D。 6.甲图是示波器的结构示意图，乙图是电视机显像管的结构示意图。二者相同的部分是电子枪（给电子加速 形成电子束)和荧光屏（电子打在上面形成亮斑）；不同的是使电子束发生偏转的部分；示波器是利用电场使电 子偏转（偏转电极），显像管是利用磁场使电子偏转（偏转线圈）。关于电子束从电子枪射出后到打在荧光屏上 P点的过程中，下列说法正确的是() 亮斑 电子枪 电子枪 回匠日 电子束 荧光屏 00 偏转线圈 加速电压·偏转电极 甲 乙 A.甲图中电子通过偏转电极速度发生了变化，乙图中电子通过偏转线圈速度没有变化 B.电子在通过两种装置的过程中运动轨迹是完全相同的 C.在偏转过程中，甲图中电子动能发生了变化，乙图中电子的动能没有变化 D.甲图中电子在偏转电极间做匀速圆周运动，乙图中电子通过偏转线圈做类平抛运动 【答案】C 【解析】A、甲图中电子通过偏转电极时，电场力对电子要做功，电子的速度发生了变化：乙图中电子通过 偏转线圈时，洛伦兹力不做功，电子的速率不改变，但速度方向改变，所以电子的速度是变化的，故A错 误； B、甲图中电子通过偏转电极时做类平抛运动，轨迹是抛物线；乙图中电子通过偏转线圈时，电子做匀速圆 周运动，轨迹是圆弧，所以电子在通过两种装置的过程中运动轨迹不完全相同，故B错误： C、打在荧光屏上的电子，甲图中电场力对电子做功，则电子动能发生了变化：乙图中洛伦兹力对电子不做 功，电子的动能没有发生变化，故C正确： D、甲图中电子在偏转电极间做类平抛运动，乙图中电子通过偏转线圈做匀速圆周运动，故D错误。 故选C。 第4页，共15页 二、多选题：本大题共4小题，共16分。 7.在如图所示的电路中，电源电动势为E,内阻r=0.52,定值电阻R1=R2=R3=22,电流表和电压表均 为理想电表，当滑动变阻器R4的滑片向上移动时，下列说法正确的是() A A.电流表读数减小 B.电压表读数减小 C.电源的效率增大 D.电源的输出功率减小 【答案】ACD 【解析】【分析】 本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭 合电路欧姆定律进行分析。 同时应该明确当外部电路的总电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大。电源内阻一定的情况下外电阻 越大，电源的效率越大。 【解答】 ABC.当滑动变阻器R4的滑片向上移动时，滑动变阻器接入电路阻值增大，则电路总电阻增大，根据IF,R E 可知，干路电流减小，根据U外=E-可知，路端电压增大，即电压表示数增大，根据U=IR可知，R1 两端电压减小，则并联部分的电压增大，则流过R3的电流增大，总电流减小，可知流过R2和R4的电流减小， 即电流表示数减小，根据)= 可知，电源的效率增大，故AC正确，B错误： E D.当外部电路的总电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，当滑动变阻器在最下端时，外部电路的总 电阻都大于电源内阻，可知滑动变阻器R4的滑片向上移动时，电源的输出功率减小，故D正确。 故选ACD。 第5页，共15页 8.如图所示，两块较大的金属板A、B平行放置并与电源相连，其中A板接地。两板间P点静止一带电油滴。 以下说法正确的是() A.保持S闭合，若将A板向下平移，油滴会向上运动，P点的电势降低 B.保持S闭合，若将A板向左平移，油滴保持静止，G中有a→b的电流 C.充电后断开S,若将B板向下平移，油滴保持静止，P点的电势不变 D.充电后断开S,若将B板向左平移，油滴会向上运动，P点的电势减小 【答案】AC 【解析】A.开关S闭合，则AB两板间电压不变，A板下移，则板间距d减小，由E=”可知，电场强度增大， d 即电场力增大，大于重力，所以油滴将向上运动；由于A板接地，故P点电势为正，由pB一pp=EdBP可知， E增大，dp不变，而pB不变，可知pp减小，故A正确； B.开关S闭合，则AB两板间电压不变，板间距的不变，故场强E不变，所以油滴保持静止；A板左移，根据 公式C=品S减小，C减小，再根据C= ,可知Q减小，电容器放电，电流方向b→Q,故B错误： C.充电后断开开关，可知Q不变，根据E=如可知，场强与板间距无关，故E不变，油滴保持静止：因B 板下移，板间距d增大，根据U=Ed可知U增大，根据pp-0=Edp4可知，pp不变。故C正确； D充电后断开开关，可知Q不变，根据E=可知，当8板左移时，S变小，则后增大，油滴受电场力增大， 向上运动，根据pp-0=EdP4可知，pp增大。故D错误。 9.在垂直纸面向里的匀强磁场中放置一足够长的绝缘棒，棒与水平方向夹角为，将带电小球套在棒上，小 球质量为m,带电荷量为-q,小球与棒间的动摩擦因数为u,小球由静止开始下滑的过程中（) 第6页，共15页 A.先加速后匀速 B.先加速后减速最终匀速 C.最大速度为um=mgcos9-mgsin ugB D.最大加速度为gsin6 【答案】AD 【解析】小球开始下滑时受垂直棒向上的洛伦兹力，开始时速度较小，洛伦兹力较小，由α= masing-mgco9-9vB),随着速度的增加，加速度增加，当qvB>mgcose9时，小球受到垂直于棒向下的支持 m 力，由牛顿第二定律得a=m9sim9-(qvB-mgos,随着速度增加，加速度减小，当加速度为零时，速度最 m 大，此后受力平衡，小球做匀速运动，故A正确，B错误；由上面分析知，当加速度为零时，有ngsin日= ugvB-mgcos9),此时速度最大，最大速度为n=gsn0 gtos9,故C错误；当qvB=mgc0s9时，棒 对小球的支持力为零，小球所受摩擦力为零，小球加速度最大，am=gsin6,故D正确。 10.关于下列四幅图的说法不正确的是() B 照相底片 q⊕ 接交流电源 等离子 甲 乙 今 丁 A.图甲是回旋加速器的结构示意图，若仅增大加速电场的大小，则被加速后的粒子从回旋加速器中射出的 动能变大 B.图乙是磁流体发电机的结构示意图，可以判断出B极板是发电机的负极，A极板是正极 C.图丙是某一霍尔元件的原理示意图，若磁感应强度增大，则α、b两表面间的电压U增大 D.图丁为速度选择器和质谱仪的组合装置示意图，不改变各区域的电场及磁场，从P1P,板间向下射入的粒 子若能在板间做直线运动，则击中底片同一位置的这些粒子一定是同种粒子 【答案】ABD 【解析】小、图甲回旋加速器中，根据E。-m2,又因为粒子在磁场中做圆周运动，有q8=m受(R为D 盒半径)，可得E二，R,若仅增大加速电场的大小，粒子射出的动能不变，故4错 B、图乙根据左手定则可知，正电荷向下偏转，所以B极板带正电，为发电机的正极，A极板是发电机的负 第7页，共15页 极，故B错误。 C、图丙最终带电粒子在电场力和洛伦兹力作用下平衡，有qB=日解得U=B,故B增大时，a、b 两表面间的电压U增大，故C正确。 D、图丁在速度选择器中，有g81=q,在偏转磁场中有9B,=m受，联立解得头- m812R可知不改变 各区域的电场和磁场，击中底片同一位置的粒子比荷相同，但不一定是同种粒子，故D错误。 三、实验题：本大题共2小题，共18分。 11.测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U-1图象如图所示；请回答下列问题： ↑UW 1.5f P 1.4 1.3 1.2 0.10.20.30.47iA 甲 乙 (1)如图甲所示，在闭合开关之前为防止电表过载而移动滑动变阻器的滑动头P,应放在滑动变阻器处 (填“a”或“b”) (2)现有以下器材： A.干电池1个 B.滑动变阻器(0∽50.2)C.电压表(0∽3V) D.电压表(0∽15VE.电流表(0∽0.6A) F.电流表(0∽3A) 其中电流表应选一，电压表应选。（填字母代号） (3)如图乙是根据实验数据画出的U-1图象，由此可知这个干电池的电动势E=V,内电阻r=2。 (计算结果均保留三位有效数字) (4本实验中E测E真？T测—T° 【答案】a: E C: 1.49(1.49~1.51): 0.725(0.725~0.775): <; < 第8页，共15页 【解析】【分析】 本题考查了实验注意事项与实验数据处理，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，电源U一【 图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻。 (1)滑动变阻器采用限流接法，闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处。 (2)根据电源电动势与通过电路的最大电流选择电压表与电流表。 (3)在一1图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势，直线的斜率绝对值代表的是电源的内阻的大小。 (④根据实验电路图与实验误差来源分析实验误差。 【解答】 (1)闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处，即α处。 (2)电源电动势大约1.5V,因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择C, 电路中的电流较小，约为零点几安培，因此电流表选择E。 (3)在U-1图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势， 由图示电源U-1图象可知，电源电动势：E=1.49V, 图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为：r=A=149120=0.7250: △1 0.4 (④由图示电路可知，由于电压表的分流作用电流表所测电流小于流过电源的电流，电压表的分流作用是造 成系统误差的原因；当外电路短路时，电流的测量值等于真实值，除此之外，由于电压表的分作用，电流的 测量值小于真实值，电源的U一1图象如图所示， 测 由图象可知，电源电动势和内阻的别量值都小于真实值； 第9页，共15页 12.为了测量一精密金属丝的电阻率： (1)先用多用电表“×12”挡粗测其电阻为一2，然后用螺旋测微器测其直径为一mm,游标卡尺 测其长度是 Cm。 Rho8巴宝u/a 15 1.5 3 5主尺 0 山cm A-VQ mnmm 游标尺 0510 (2)为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下： A、 电压表V(量程3V,内阻约为15k2) B、电流表A(量程0.6A,内阻约为12) C、滑动变阻器R1(0~52,0.6A) D、 滑动变阻器R2(0~2002,0.1A) E、输出电压为3V的直流稳压电源 F、开关S,导线若干 为了提高测量的准确度，则滑动变阻器应选 (选填器材前面的字母)。 (3)下列给出的测量电路中，为让测量时电表变化范围较大，则最合适的电路是 并连接实物图。 D 0005 待测金属丝 E (④如果金属丝直径为D,长度为L,所测电压为U,电流为1，写出电阻率表达式p=__(用本问用所给字 母表示)。 第10页，共15页