甘肃省天水市麦积区2025-2026学年高三上学期12月联考物理试题

2026 届高考备考 12 月份联考 物理解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D C A B B D AD BD AD 11 ．( 1)A (2)C (3) m1OP = m1OM + m2ON (4) m1OP2 = m1OM 2 + m2 ON2 12 ． ( 1) “ ×10” 欧姆 (2) 150 R1 丙 147 13 ．( 1) 12V ，1Ω (2) 11W (3) 7.2 × 10-6 C 【详解】（1）当开关 S 断开时， 由闭合电路欧姆定律得E = I1 (R1 + R3 + R4 + r) （2 分） 当开关 S 闭合时， 由闭合电路欧姆定律得E = I2 代入数据解得E = 12V ，（1 分） r = 1Ω （ 1 分） （2）开关 S 闭合时电源的输出功率为P出 = EI2 - I2 (2)r = 12× 1.0W -1.02 × 1W = 11W （2 分） （3）当开关 S 断开时， 电容器的电荷量为Q1 = CU1 = CI1 (R3 + R4 ) = 1.92× 10-5 C （1 分） 当开关 S 闭合时， 电容器的电荷量为Q2 = CU2 = CI2R4 = 1.2× 10-5C （ 1 分） 故开关 S 从断开到闭合，电容器的电荷量变化量的绝对值为Δq = Q2 - Q1 = 7.2 × 10-6 C （ 1 分） 14 ．( 1) 8 × 107 m / s (2) 6.25cm (3) 18.75cm 【详解】（1） 电子在加速电场中， 由动能定理可得eU0 = 解得v0 = 8 × 107 m / s （ 1 分） （2） 电子在偏转电场中做类平抛运动，可得L = v0t 由牛顿第二定律 联立解得y = 6.25cm （ 1 分） （3） 电子离开偏转电场后做匀速直线运动，轨迹如图 1 学科网（北京）股份有限公司 由几何关系可知 代入数据后得ℎ = 18.75cm（2 分） 15 ．( 1) · (2) 21mg (3) x = 8R 【详解】（1）对滑块 P 从 D 到 B ，由动能定理有Eqs = 一0 解得v1 = 2 (2)P 和 Q 发生弹性碰撞，碰撞过程中由系统机械能守恒有 mv1 (2) = mvp (2) + mvQ (2)（2 分） 由系统动量守恒有 mv1 = mvp + mvQ （2 分） 解得 vP = 2 vQ = 0 所以碰撞后 P 滑块在 B 点的合力提供向心力FN 一 mg = m 解得 FN = 21mg （1 分） 2 学科网（北京）股份有限公司 根据牛顿第三定律 ’ FN = FN , 滑块 P 对轨道的压力为21mg （1 分） （2）对滑块 P 从 B 到A ，由动能定理有−mg2R = 解得vA = 4 之后滑块 P 做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，有2R = 水平方向上做匀速运动，有x = vAt （ 1 分） 解得 x = 8R （ 1 分） $ 天水三中、天水八中、天水九中、天水十中、新阳中学、天水长城中学、天水新梦想高考复读学校 2026届高考备考十二月份大联考试卷（物理） （考试时间： 75分钟 试卷满分：100 分 命题人：冯晨） 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮 擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 一．选择题（共10小题，1-7题为单选，每小题4分，8-10题为多选，每小题5分，错选或不选得0分，少选得3分，共43分。） 1．如图为氢原子的能级图。当氢原子从n=4的能级跃迁到n=2的能级时，辐射光子a；当氢原子从n=3的能级跃迁到n=1的能级时，辐射光子b，则下列判断正确的是（　　） A．光子a的能量大于光子b的能量 B．光子a的波长小于光子b的波长 C．光子a的频率小于光子b的频率 D．b光比a光更容易发生衍射现象 2．2025 年 9 月 26 日，天水有轨电车二期全线开通运营。该线从景坤西郡天水三中站出发，途径天水师范大学、天水市工业博物馆、天水天飞集团、新梦想复读学校、天水南站、天水二中等多个重要交通枢纽，极大提升了市民的出行效率。图为某次列车驶入高铁南站时的 v-t 图像，下列说法正确的是（　　） A．有轨电车在的加速度大小为 B．有轨电车在时是悬停在空中的 C．有轨电车在时是在向下运动 D．有轨电车在的位移大小为 3．如图所示，轻质细线一端拴接一质量为的小球，另一端悬挂于天花板上的点，在外力、重力和细线拉力的作用下处于平衡状态。初始时水平，且细线与竖直方向的夹角为，与的夹角为。甲同学保持小球位置及角不变，缓慢减小角至竖直向上；乙同学保持水平，逐渐缓慢增大角。则在两种情况下分析正确的是（　　） A．甲同学的外力一直增大 B．甲同学的外力先增大后减小 C．乙同学的外力逐渐增大，绳子拉力逐渐增大 D．乙同学的外力逐渐增大，绳子拉力逐渐减小 4．2024年6月，嫦娥六号探测器首次实现月球背面采样返回。如图所示，探测器在圆形轨道1上绕月球飞行，在A点变轨后进入椭圆轨道、为远月点。关于嫦娥六号探测器，下列说法正确的是（　　） A．在轨道2上从A向B运动过程中动能逐渐减小 B．在轨道2上从A向B运动过程中加速度逐渐变大 C．在轨道2上机械能与在轨道1上相等 D．利用引力常量和轨道1的周期，可求出月球的质量 5．如图所示，a、b分别为一对等量同种电荷连线上的两点，（其中b为中点），c为连线中垂线上的一点，下列说法正确的是（　　） A．a、c两点电场强度的方向相同 B．a、b、c三点的电势关系为 C．正电荷q从a点沿直线运动到b再到c的过程中，电场力先做正功，后不做功 D．负电荷q从c点由静止释放，加速度一定减小 6．如图所示，两块彼此绝缘的金属板A、B水平平行放置并与一个电源相连，其中B板接地。开关S闭合后，在A、B两板间C点处有一个质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态。下列说法正确的是（　　） A．若将S断开，再将A板向左移动一小段位移，油滴向下运动 B．若将S断开，再将B板向下平移一小段位移，油滴的电势能变小 C．保持S闭合，再将A板向上平移一小段位移，C点电势升高 D．保持S闭合，再将B板向左移动一小段位移，电容器带电量增大 7．如图甲所示，某快递公司用倾斜的传送带运送包裹，传送带以1m/s的速率顺时针匀速运行，现简化为如图乙所示的示意图。将包裹无初速度地放在传送带底端，经10s后恰好运动到传送带顶端，已知包裹与传送带之间的动摩擦因数为，传送带的倾角θ=30°，重力加速度g取10m/s2。则（　　） A．包裹向上运动的过程一直受到静摩擦力的作用 B．传送带倾斜角度越大，包裹在传送带上所受的静摩擦力越小 C．包裹匀加速运动的位移为0.25m D．包裹匀速运动的时间为9.6s 8．如图所示，图甲是时刻一简谐横波沿x轴正方向传播的波形图，图乙为这列波上某质点的振动图像，则（　　） A．该列波的波速为2m/s B．图乙可能是质点b的振动图像 C．质点c的振动方程为 D．时，a点的振动方向向下 9．安全带是汽车行驶过程中生命安全的保障带。如图，在汽车正面碰撞测试中，汽车以的速度发生碰撞。车内假人的质量为50kg，使用安全带时，假人用时0.8s停下；不使用安全带时，假人与前方碰撞，用时0.2s停下。以下说法正确的是（    ） A．两次碰撞过程中，汽车和假人的动量变化量不同 B．安全带的作用是延长冲击力作用时间，减小冲击力大小 C．安全带的作用是减小假人受到的冲量 D．无论是否使用安全带，假人受到的冲量相同 10．如图所示，匀强电场的方向水平向右，一质量为m的带电粒子在匀强电场所在的竖直平面内运动，A、B为其运动轨迹上的两点。已知该带电粒子在A点的速度大小为v0，方向与竖直方向的夹角为30°，它运动到B点时速度方向与竖直方向的夹角变为60°。不计带电粒子受到的重力，若B点电势为零，则下列说法正确的是（　　）    A．带电粒子带正电 B．带电粒子在B点的速度大小为2v0 C．带电粒子从A点运动到B点的过程中，电势能减少了 D．带电粒子在A点的电势能为 二、实验题（共2小题，第11小题6分，第12小题8分，共 14分） 11．某同学利用如下实验装置研究两物体碰撞过程中的守恒量。已知入射小球A和被碰小球B的质量分别为、。 (1)本实验中，要求满足的条件不必要的是（　　）（填选项前的序号）。 A．斜槽轨道必须是光滑的 B．斜槽轨道末端的切线是水平的 C．入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放 D．入射球与被碰球质量要满足 (2)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过测量（　　）（填选项前的序号），间接地解决这个问题。 A．小球开始释放的高度 B．小球抛出点距地面的高度H C．小球做平抛运动的水平射程 (3)在误差允许范围内，要验证的两个小球碰撞前后动量守恒方程式是 。 (4)在误差允许范围内，要验证的两个小球碰撞前后机械能守恒方程式是 。 12．某同学为测量某电阻的阻值。 (1)先用多用电表进行初步测量，在已经正确完成所有准备后，该同学先选择了电阻“×100”挡，接入电阻后发现指针的偏转角度过大，现该同学准备选择电阻 （“×10”、“×1000”）挡完成测量，在选择挡位后必须进行 （填“欧姆”或“机械”）调零； (2)实验操作步骤(1)完成后，多用电表的示数如图甲所示。则该待测电阻的阻值为 Ω； (3)为更精确地测量该电阻的阻值，将使用下列器材进行进一步实验 A．电源E（电动势为12V） B．电压表（0~15V，内阻约3kΩ） C．电流表（0~100mA，内阻为10Ω） D．滑动变阻器R1（0~200Ω，3A）； E．滑动变阻器R2（0~600Ω，0.1A） F．开关S和导线若干。 为减小测量误差和便于调节，在实验中，滑动变阻器应选用 （选填“R1”或“R2”）连接电路时实验电路应采用图中的 （选填“乙”或“丙”）。 (4)按正确的电路图连接电路，闭合开关，调节滑动变阻器，此时电压表示数为11V，电流表示数为70mA，则该电阻阻值为 Ω。（结果保留三位有效数字） 三、解答题(共3小题，第13题11分，第14题14分，第15题18分，共计43分） 13．如图所示的电路中，定值电阻，，电容器的电容，电流表为理想电表。开始时开关S断开，电流表的示数；将开关S闭合，电路稳定后电流表的示数。求： (1)电源的电动势和内阻； (2)开关S闭合时电源的输出功率； (3)开关S从断开到闭合，电容器的电荷量变化量的绝对值。 14．示波器是一种用途十分广泛的电子测量仪器，它能把肉眼看不见的电信号变换成看得见的图像，便于人们研究各种电现象的变化过程。图甲是某种传统的模拟示波器的剖面图，由电子枪、偏转元件、荧光屏组成。其工作原理如图乙所示，从电子枪逸出的电子（初速度可忽略）被加速、偏转后打在涂有荧光物质的屏面上，就可产生细小的光点。图乙中P、Q之间的加速电压，M、N两板之间的偏转电压，电子从电子枪中逸出后沿图中虚线射入，经加速电场和偏转电场区域后，打到荧光屏A点。已知电子质量，电荷量，偏转极板M和N板长，板件距离，虚线离MN板距离相同，荧光屏距离偏转板元件的长度为。不考虑电子的重力、电子间相互作用力及电子从电子枪中逸出时的初速度大小，不计空气阻力。 (1)求电子进入偏转电场区域时速度的大小； (2)求电子离开偏转电场区域时的偏转量的大小y； (3)求A点到点的距离。 15．如图所示，光滑绝缘轨道ABC置于竖直平面内，AB部分是半径为R的半圆形轨道，BC部分是水平轨道，BC轨道所在的竖直平面内分布着水平向右的有界匀强电场，电场强度，AB为电场的左侧竖直边界。一质量为m的绝缘不带电的滑块P静止在B点，现将一质量为m，带负电荷的小滑块Q从BC上的D点由静止释放，B点与D点之间的距离s=10R。滑块Q与P均可视为质点，已知小滑块Q的带电量为q，Q与P之间的碰撞为弹性碰撞（碰撞过程Q所带电荷量不变），重力加速度为g，不计空气阻力。 (1) 求Q碰撞前的速度大小； (2) 求P在碰撞后瞬间对轨道的压力； (3)若滑块P在BC上的落点为M点（图中未画出），求M点与B点之间的距离x。 第1页 共4页 ◎ 第2页 共4页 第1页 共4页 ◎ 第2页 共4页 学科网（北京）股份有限公司 $2026届高考备考12月份联考 物理解析 题号 1 4 6 7 8 9 10 答案 0 A B ◇ 0 AD BD AD 11.(1)A (2)C (3)nLOP =ILOM+ON (4)mOP2 =mOM2+mON2 12.(1)×10 欧姆 (2)150 R1丙147 13.(1)12V,12(2)11W (3)7.2x10-6C 【详解】(1)当开关S断开时，由闭合电路欧姆定律得E=I,(R+R+R,+r)(2分) 团合时，中闭合电路欧姆定律得B=,G+RR+R+月 代入数据解得E=12V,(1分) r=12(1分) (2)开关S闭合时电源的输出功率为P=EI2-I=12×1.0W-1.02×1W=11W(2分) (3)当开关S断开时，电容器的电荷量为2=CU,=CI(R,+R)=1.92×10C(1分) 当开关S闭合时，电容器的电荷量为2，=CU,=CI,R=1.2x105C(1分) 故开关S从断开到闭合，电容器的电荷量变化量的绝对值为△q=2,-2=7.2×10C(1分) 14.(1)8x10m/s (2)6.25cm (3)18.75cm 【详解】①电子在加速电场中，由动能定理可得e,=方m店(2分) 解得v。=8×10m/s(1分) (2)电子在偏转电场中做类平抛运动，可得1=以(2分)，y=:(2分) 2 由牛顿第二定律a=e心 (2分) md 联立解得y=6.25cm(1分) (3)电子离开偏转电场后做匀速直线运动，轨迹如图 1 由几何关系可知， =2分) 2+s 代入数据后得h=18.75cm(2分) 15.(1)V5gR (2)21g (3)x=8R 【详解】(1)对滑块P从D到B,由动能定理有Es=)m-0(2分)一 解得，=2√5gR(1分) (2P和Q发生弹性碰撞，碰撞过程中由系统机械能守恒有m好=m哈+m哈(2分) 由系统动量守恒有mv1=mvp+vQ（2分) 解得v=2√/5gR(1分)Ye=0 所以碰撞后P滑块在B点的合力提供向心力 2（2分) Ew-mg =m R 解得Fw=21g(1分) 根据牛顿第三定律Fw=万'，滑块P对轨道的压力为2g(1分) (2)对滑块P从B到A,由动能定理有-mg2R-mv听-m哈(2分) 解得v4=4√gR(1分) 之后滑块P做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，有2R=?(1分) 水平方向上做匀速运动，有x=t（1分) 解得x=8R(1分)