福建省三明第一中学2025-2026学年高二上学期12月月考物理试题

三明一中2025-2026学年上学期12月月考高二物理试卷 （考试时间：75分钟，满分：100分） 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题所给出的的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。 1.如图所示，矩形线框在匀强磁场中做下列四种运动，能够产生感应电流的是（　　） A. B. C. D. 2.某静电除尘器的除尘原理如图所示，一带正电的金属板和一个带负电的放电极形成电场，它们之间的电场线分布如图所示，虚线为一带电烟尘颗粒的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若不计烟尘颗粒的重力，下列说法正确的是（　　） A．烟尘颗粒带正电 B．点电势高于点电势 C．a点电场强度大于b点电场强度 D.烟尘颗粒在a点的电势能小于在b点的电势能 3.在如图所示电路中，开关闭合后，若将滑片向上滑动，则（　　） A．灯泡L变亮 B．电容器C所带电荷量减小 C．电源内部发热功率减小 D.两端的电压减小 4.如图所示，在竖直平面内有水平向右，场强为的匀强电场。在匀强电场中有一根长的绝缘细线，细线一端固定在0点，另一端系一质量为的带电小球，它静止时悬线与竖直方向成角。图中和分别为圆的竖直和水平直径上与圆的交点。若小球获得初速度恰能绕0点在竖直平面内做完整的圆周运动，已知：，下列说法错误的是（　　） A．小球的带电荷量 B．小球动能的最小值为 C．小球运动到C点时的机械能最小 D.小球运动到D点时对绳子的拉力大小为 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个选项是符合题目要求的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5.在磁感应强度为、方向竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根通电长直导线，电流的方向垂直于纸面向里。如图所示，是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中（　　） A．两点的磁感应强度大小相等 B．两点的磁感应强度大小相等 C．点磁感应强度的值最小 D.b点磁感应强度的值最大 6.如图所示，直线A为电源的U-I图像，曲线B为灯泡的U-I图像。用该电源和灯泡组成闭合电路时，下列说法正确的是（　　） A．电源电动势为3V B．电源的内阻为 C．电源的输出功率为6W D.电源的总功率为6W 7.如图所示，真空中有一电子以速度v沿着与电场强度垂直的方向自O点进入匀强电场。以O为坐标原点建立直角坐标系，轴垂直于电场方向，轴平行于电场方向，在轴上取，分别自点作与轴平行的线，跟电子的径迹交于三点。忽略电子重力的影响，下列说法正确的是（　　） A．电子在OM、ON、OP三段运动的时间比为 B．电子经过M、N、P三点沿y轴方向的分速度大小之比为1：2：3 C．电子经过M、N、P三点的瞬时速度大小之比为1：2：3 D.电子在OM、MN、NP三段动能增量之比为 8.如图甲，同一竖直平面内，A，B，M，N四点距0点的距离均为点为水平连线的中点，在连线的中垂线上。两点分别固定有一点电荷，电荷量均为。以0为原点，竖直向下为正方向建立轴。若取无穷远处为电势零点，则上的电势随位置的变化关系如图乙所示。一电荷量为的小球以一定初动能从点竖直下落，一段时间后经过点，且在点的加速度大小为为重力加速度大小，为静电力常量。则下列说法正确的是（　　） A．小球在M点的加速度为零 B．从O点到N点场强逐渐增大 C．小球在点受到的电场力大小为 D.从O点到N点，小球S动能变化为 三、非选择题：共60分。其中9-11小题为填空题，12、13小题为实验题，14-16小题为计算题。考生根据要求在答题卡的非选择题答题区域内作答。 9.（1）用游标卡尺测量某圆柱体的直径，其中某次测量结果如图所示，其读数为___________mm。 （2）用多用电表粗略测量圆柱导体的电阻，选择“”倍率的欧姆挡进行测量指针偏转角度过大，改选倍率为___________（选填“”、“”或“”）的欧姆挡后重新欧姆调零，再进行测量，多用电表的示数如图丙所示，粗测出电阻值约为___________。 10.如图，定值电阻，滑动变阻器最大阻值为，电源电动势=3V，内阻。闭合开关，调节滑动变阻器的阻值： （1）电路中可达到的最大电流为___________A； （2）调为___________时，获得的功率最大，其最大功率为___________。 11.“场离子显微镜”的金属钨针尖处于球形真空玻璃泡的球心O，玻璃泡内壁有一层均匀导电膜：在钨针和导电膜间加上高电压后，玻璃泡上半部分的电场可视为位于O点处点电荷形成的电场，如图所示。a、b、c、d、O为同一平面上的5个点，abc是一段以O为圆心的圆弧，d为Ob的中点。a、d两点场强大小分别为，四点电势分别为，则______________________，___________。（选填“大于”“等于”或“小于”） 12.电话手表越来越受儿童的青睐，某同学要测某品牌电话手表的电池的电动势和内阻，设计了如图甲所示的电路，电路中为定值电阻，阻值大小为。 （1）闭合开关S前，应先将滑动变阻器的滑片移到___________（选填“左”或“右”）端。 （2）实验过程中，若某次电压表的示数如图乙所示，则该示数为___________V。 （3）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记录多组电压表和电流表的示数，作出图像如图丙所示，则电池的电动势E=___________V，电池的内阻___________Ω。（结果均保留三位有效数字） 13.学习小组在测量某粗细均匀的圆柱形合金细棒的电阻率实验中，先用毫米刻度尺测出接入电路中合金细棒的长度，又用多用电表粗略测量合金细棒的电阻约为。 （1）进一步用螺旋测微器测合金细棒的直径，示数如图甲所示，其直径_____。 （2）为了精确测得该合金细棒的电阻。，实验室提供了下列器材： ①电源（电动势为、内阻约为） ②电压表（量程、内阻为） ③电流表（量程、内阻约为） ④滑动变阻器（最大阻值），滑动变阻器（最大阻值） ⑤电阻箱 ⑥导线若干，开关一只 ①由于提供的电压表量程不足，现需使其量程变为，则需要在电压表上串联一个电阻箱，则____； ②若按照图乙所示设计电路，则滑动变阻器应选择___________（选填“”或“”）；并请用笔画线代替导线将图丙的实物电路连接完整___________； ③由于电表不是理想电表，若从系统误差的角度分析，用上述方法测得的合金电阻率与真实值比___________（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）。 14.如图所示，电源电动势，E=9V，内阻。，闭合开关后，标有“6V，6W”的灯泡恰能正常发光，电动机绕线的电阻。，求： （1）电源的输出功率； （2）10s内电动机产生的热量； （3）电动机的机械功率。 15.如图所示，是平行板电容器的两个极板，板间距离为，极板正对面积足够大，定值电阻阻值分别为，电源电动势、内阻。用绝缘细线将质量为的带电小球悬于电容器内部。闭合开关，小球静止时细线与竖直方向的夹角，小球与板的距离。。重力加速度取。求： （1）电容器两极的电压； （2）小球的带电量； （3）剪断细线后小球到达N板的速度大小。 16.如图所示，绝缘轨道CDGH位于竖直平面内，圆弧段DG的圆心角为，DG与水平段CD、倾斜段GH分别相切于点和点，段粗糙，段光滑，在处固定一垂直于轨道的绝缘挡板，整个轨道处于电场强度大小为。、方向水平向右的匀强电场中，一质量、带电荷量的小滑块在处由静止释放。已知段长度。，，动摩擦因数，圆弧的半径；不计滑块与挡板碰撞时的动能损失，滑块可视为质点。 （1）求滑块第一次经过D点时对圆弧轨道的压力大小； （2）若规定D点电势为零，求滑块经过点时的电势能； （3）求滑块在CD段上运动的总路程； （4）滑块经过G点的速度最小时，求圆弧轨道对滑块支持力的大小。 三明一中2025-2026学年上学期12月月考高二物理试卷 参考答案与评分标准 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 B C B D BC AD AB AD 4.【答案】D 【详解】A．小球静止时悬线与竖直方向成，受重力，拉力和电场力，三力平衡，如图：根据平衡条件，有，解得，故正确。 B．小球恰能绕0点在竖直平面内做圆周运动， 在等效最高点速度最小，如图： 根据牛顿第二定律 则最小动能，故正确。 C．根据能量守恒定律，电势能与机械能之和不变，所以机械能最小的位置是电势能最大的位置，即与O点等高的最左的位置，故正确。 D.小球从等效最高点点运动到点，根据动能定理有 ，其中 小球在点时，根据牛顿第二定律有 联立代入数据，求得绳子对小球的拉力为 根据牛顿第三定律可得，小球运动到点时对绳子的拉力大小为，故错误。故选错误的为。 7.【答案】AB 【详解】A．电子做类平抛运动，设电子的初速度为，沿轴方向做匀速直线运动，则有vot，由于，可得。 可得电子在三段运动的时间比为，正确； BC．电子沿轴方向做初速度为零的匀加速直线运动，则有 电子经过三点沿轴方向的分速度之比为正确； 电子经过三点的瞬时速度之比为 错误； D.电子沿轴方向做初速度为零的匀加速直线运动，则有可知。 ，则有 根据动能定理可得 电子在三段动能增量之比为错误。8.【答案】AD 【详解】A．小球在N点的加速度大小为，说明在N点的电场力大小等于，方向竖直向下， 根据对称性，在点的电场力大小也为，且向上，故点的加速度为0，正确； B．图像的斜率表示电场强度，结合图像来看从O点到N点场强先增大后减小，错误； C．根据库仑定律可知两个点电荷在M点产生的电场力大小都为 则合成之后的合电场力大小为，故错误； D.在点的加速度大小为，根据牛顿第二定律有 小球从O点到点由动能定理有 根据图线可解得，故从O点到点小球的动能增加了，故正确。 9.（1）①22.3mm（2）②③120 10.①0.6（2）②5③0.45 11.①小于②等于③小于 12.（1）①左（2）②1.00（3）③1.50④1.17 13.（1）3.499/3.500/3.501 （2）①2000②③④偏大 14.【答案】（1）（2）（3） 解：（1）由题意知，并联部分电压为U=6V 电源内电压应为 电路总电流 电源的输出功率 （2）流过灯泡的电流 则流过电动机的电流 电动机10s内产生的热量 （3）电动机的总功率 电动机的机械功率 15.【答案】（1）5V（2）（3）1m/s 解：（1）由闭合电路的欧姆定律可得 电容器两极的电压 （2）又因 对小球由力平衡有 联立解得小球的带电量 代入数据解得 （3）剪断细线后，小球沿剪断前细线的延长线方向斜向下做匀加直线运动，由牛顿第二定律有 小球的位移为 又 联立解得小球到达板的速度为 代入数据解得 16.【答案】（1）0.2N；（2）；（3）；（4） 解：（1）对滑块由到根据动能定理得 在D点： 解得 由牛顿第三定律 （1）若规定D点电势为零，则根据匀强电场中电势差与场强关系有 又 解得 滑块经过点时的电势能为 （2）分析可知在CD段滑动摩擦力小于电场力，故滑块不可能停在CD段，假设重力和电场力的合力与竖直方向的夹角为，则 则，即在段为等效最低点，速度最大，之后段做匀速直线运动，与挡板碰后原速率返回匀速运动至点，也不可能停在段，因此滑块最终会在间来回往复运动，到达点的速度为0，全过程由动能定理得 解出 （4）滑块最终在DGH间来回往复运动，到达D点的速度为0时，经过点的速度最小，对此到过程，由动能定理得 在G点： 解得 （本卷计算题用其它方法解答正确的同样给分） 学科网（北京）股份有限公司 $