江西省赣州市三县联考2025-2026学年高一上学期12月月考物理试题（二）

2025一2026学年度上学期上犹中学 高一年级物理综合检测（二) 试卷共15小题，满分100分。考试用时75分钟。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只 有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.下列说法中正确的是() A.在国际单位制中，速度(v)、质量(m)、时间(t)是基本物理量 B.书本放在水平桌面上，书本受到支持力的原因是书本产生了微小形变 C.在非国际单位制中，牛顿第二定律的表达式也是F=a D.作用在物体上的力消失以后，物体的运动状态不会发生变化 2.2025年4月19日北京亦庄半程马拉松比赛中，人形机器人首次参赛。己知半程马拉松赛道长 度为21.0975km,本次比赛从起点到终点直线距离约为12km,冠军机器人用时约2小时40分 完成比赛。下列说法正确的是() A.机器人的位移大小为21.0975km B.机器人的平均速度大小约为4km/h C.若机器人在弯道段保持速率不变，则处于平衡状态 D.研究机器人冲刺姿态时，机器人不可以看成质点 3.如图所示，一个人站在水平地面上的长木板C上，用力F向左推木箱B,木箱A、B及木板C 均处于静止状态，四者的质量均为，重力加速度均为g,则() A.箱子A没有受到的摩擦力 B.地面对木板C的摩擦力向右 B C.人没有受到摩擦力 D.如果人用斜向上的力拉木箱B,木板C对地面的压力小于4mg 4.一石块从楼房阳台边缘做自由落体运动，到达地面，若把它在空中运动的距离分为相等的三 段，如果它在第一段距离内所用的时间是25，则它在第三段距离内所用的时间是(g取10 m/s2)() A.2(13-12)s B.1/3s C.2\2s D.2(3-1)s 5.做匀变速直线运动的质点在第一个9s内的平均速度比它在第一个3s内的平均速度大6m/s, 则质点的加速度大小为() A.1m/s2 B.1.5m/s2 C.2m/s2 D.4m/s2 6榫卯结构是中国传统建筑、家具和其他木制器具的主要结构方式。如图甲所示为榫眼的凿削 操作，图乙为截面图，凿子尖端夹角为日，在凿子顶部施加竖直向下的力F时，其两侧木头对 凿子竖直面和凿子斜面的压力分别为F和F,。不计凿子的重力及摩擦力 下列说法正确的是() A.F>F B.夹角日越小，耳越小 C.F,=Fsin0 D.夹角日越大，凿子越容易凿入木头 7利用图像法研究物理量之间的关系是常用的一种数学物理方法。如图所示为物体做直线运动 时各物理量之间的关系图像(x、v、、t分别表示物体的位移、速度、加速度和时间)，则下列 说法中正确的是() x/m v2/(m2.s2) (m.s) 4a/(m·s2) 10 4 2t2/s2 0 1x/m 2t/s 0 2→s 甲 丙 入 A.甲图中x-t2图可求出物体的初速度大小为1m/s,加速度大小为lm/s2 B.乙图中v2-x图可求出物体的初速度为0，加速度大小为10m/s2 c.丙图中七-t图可求出物体的初速度为4m5,加速度大小为2m/5: D.丁图中a一t图可求出物体在02s末的速度变化量为3m/s 8.2025年9月3日，北京天安门广场举行了盛大阅兵活动，以纪念中国人民抗日战争暨世界反 法西斯战争胜利80周年，红旗检阅车沿长安街检阅部队，关于检阅车做单向直线运动的速度与 加速度，下列说法正确的是() A.检阅车加速度减小，速度变化变慢，速度可能越来越大 B.检阅车速度减小，速度变化不一定慢，加速度不一定小 C.检阅车加速度为零，其速度一定是零 D.检阅车做减速运动的速度方向与加速度方向相同 9.光滑斜面上，当系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、 轻杆均与斜面平行，A、B两球质量相等，在突然辙去挡板 2 甲 的瞬间() A.图甲中A球加速度为gsin0 B.图乙中A球的加速度为gsin0 c.图甲中B球的加速度为2gsin0 D.图乙中B球的加速度为gsin0 10.如图所示，为了将一平房屋顶的货物搬下楼，工人将一根钢管倚靠在墙上并固定，一轻质 滑环套在钢管上，绳子A一端与滑环相连，另一端与绳子B和绳子C系于O点，工人将货物系 在绳子C上，通过滑轮控制绳子A让货物缓慢下降至地面。忽略绳子质量和弹性，不计滑环与 钢管及滑轮与绳子之间的摩擦，则() A.绳子A上的拉力一直增大 B.绳子A上的拉力一直减小 C.绳子B上的拉力先增大后减小 7777777777 D.绳子B上的拉力一直减小 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”实验中，某实验小 ↑GN 组将不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端，进行测量，根据实验所40 测数据，利用描点法作出了所挂钩码的重力G与弹簧总长L的关系图20 象，如图所示，根据图象回答以下问题： 5 (1)弹簧的原长为 10121415L/(×10-2m) (2)弹簧的劲度系数为 (3)分析图象，总结出弹簧弹力F与弹簧总长L之间的关系式为 12.(8分)某实验小组设计的“探究加速度与力的关系”的实验装置如图甲所示，小车后面固 定一条纸带，穿过电火花打点计时器，细线一端连着小车，另一端通过光滑的定滑轮和动滑轮 与挂在竖直平面内的拉力传感器相连，拉力传感器用于测量小车受到的拉力大小。 LiLL 拉 电火花打 点计时器 小军 纸带 单位：cm 钩码 L·1· 6.21T7.01T7.79T8.60 (1)实验中 (填“需要”或“不需要”)满足动滑轮上所挂钩码的质量m远小于小车 的质量M。 (2)某同学在实验中打出的纸带的一部分如图乙所示，用毫米刻度尺测量并在纸带上标出了部分 2 计数点的间距，已知电火花打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz。由图乙中的数据可求得 打下A点时，小车的速度大小为 m/s,小车做匀加速直线运动的加速度大小为 m/s2。(计算结果均保留3位有效数字) (③)该实验小组通过该实验装置完成实验，以拉力传感器的示数F为横坐标，小车的加速度大小 a为纵坐标，作出的图像为下图中的 13(10分).在平直的公路上，一辆小汽车前方22.5m处有一辆大客车正以54km/h的速度匀速 前进，这时小汽车从静止出发追赶，小汽车的最大加速度大小为5m/s2,公路的限速为90km/h, 若小汽车要尽快的追上大客车并且不能违反限速规定，求： (1)追上前小汽车与大客车之间的最远距离： (2)小汽车追上大客车所用时间。 14(12分).如图，将质量为m的物块静置于无限长粗糙水平面上，物块与水平面间的动摩擦因 数为4。现同时对物块施加水平向右、大小。=5g的恒定拉力和竖直向下的推力F,推力 的大小满足F=t,其中k为常数，重力加速度为g。求： (1)物块在t=时刻加速度为？ (2)经过多长时间物块达到最大速度？ 15(18分).如图甲所示，将质量为2kg的物块轻放在倾角6=45的固定斜面上将加速下滑， 已知物块与斜面间的动摩擦μ=因数，g=10m/s2,认为物体所受最大静摩擦力等于滑动摩擦 力，空气阻力忽略不计。求： (1)求物块沿斜面加速下滑时所受摩擦力，并计算此时 加速度大小： (2)若对物块施加沿斜面方向的推力F,如图乙所示， 为保持物块静止，求推力F大小应满足的条件： (3)若改变推力F的方向，使得物块沿斜面向上匀速运动，求推力F的最小值。（以上结果均可 保留根号，已知sin75°=0.97) /22025一2026学年度上学期上犹中学 高一年级物理综合检测参考答案（二） 1.D 【详解】A.在国际单位制中，有七个基本物理量（长度、质量、时间、电流、热力学温度、 物质的量、发光强度)，它们的单位是基本单位，其它物理量的单位为导出单位，故A错误： B.书本放在水平桌面上，书本受到支持力的原因是桌面产生了微小形变 C.牛顿第二定律F=a,力、质量、加速度三者都取国际单位制中单位时，才有k=1, F=a,故C正确： D.作用在物体上的力消失以后，根据牛顿第一定律可知，物体将保持当前的运动状态 2.D 【详解】A.21.0975km是路程，不是位移，A错误： B.本次比赛从起点到终点直线距离约为12km,平均速度大小 △x12km =4.5km/h 40、 B错误； (2+)h 60 C.弯道段，速度方向发生变化，运动状态改变，属于非平衡态，C错误： D.研究机器人冲刺时的动作、姿态时，其大小和形状不可忽略，因此不能看成质点。 3.【答案】A【详解】A.以A为对象，水平方向根据受力平衡可知，箱子A不受摩擦力作用： B.以木箱A、B及木板C和人为整体，水平方向根据受力平衡可知，地面对木板C没有摩擦 力作用，故B错误；C.以人对象，人受到B的弹力向右，根据受力平衡可知，人受到的摩擦 力向左，故C错误；D.如果人用斜向上的力拉木箱B,以木箱A、B及木板C和人为整体，竖 直方向根据受力平衡可得N地=4mg 可知木板c对地面的压力仍等于4mg。 4、答案A 解析根据由自由落体运动规律，石块下落连续相等距离所用时间之比为：1：√2-1)3 V2),则它在第三段距离内所用的时间为2W3-V2)s,故选A. 5、答案C 解析物体做匀变速直线运动时，第一个3s内中间时刻，即1.5s时的速度为v1=v3,第一 个9s内中间时刻，即4.5s时的速度为v2=v9,由题意可知v2一v1=6m/s,又v2=v1+ a△t,其中△t=3s,可得a=2m/s2.故选C. 6.【答案】A 【详解】A.作出力F分解的关系图，如图所示 F 根据牛顿第三定律可知F=耳，F,=F 由图可知F>耳， BCD.根据几何关系有F= ine,=F F tan 力F一定时，夹角日越小，耳和F均变大，夹角日越大，F和F,均变小，凿子越不容易凿进木 头。 7.D 1 【详解】A.由x=,t+二at2 解得V=0,a=2m/s2,A错误： B.由v2=2ax+v 解得v=0,a=5m/s2,B错误： 1 C.由x=vt+5at2 x 1 有二=三at+ 解得y。=4m/s,a=-4m/s2: D.a一t图中图线与坐标轴围成的面积，表示经过一段时间t的速度变化量 /3 由△v=a△t 解得△v=3m/s 8【答案】AB 【详解】A.检阅车加速度减小，速度变化越快，可能做减速运动，也可能做加速运动，故A 正确； B,加速度与加速度无必然联系，加速度很大时，速度可以很小，速度很大时，加速度也可以 很小，速度减小，速度变化不一定慢，加速度不一定小，故B正确： C.检阅车加速度为零时，可能是静止或匀速直线运动，故C错误： D.当检阅车的加速度和速度方向相反时，检阅车做减速运动，故D错误。 9.BCD 【详解】撤去挡板前，对整体分析，挡板对B球的弹力大小为2 mgsine,因弹簧弹力不能突 变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B球所 受合力为2 mgsin日，加速度为2 gsin:图乙中杆的弹力突变为零，A、B球所受合力均为 mgsine,加速度均为gsin。 故选BCD。 10.AD 【详解】由于过程进行得缓慢，轻质滑环受到的钢管支持力和绳子A对它的拉力是一对平衡 力，故绳子A的方向始终与钢管垂直。结点O受绳子A、B、C的三个拉力处于平衡状态，三 力构成封闭三角形，如图所示 Tc=G Tc=G 三个内角分别是、B、Y,在货物下滑过程中不变，B增大，Y减小。由于货物下滑过程 中绳B不会与钢管平行，故Y不会小于90，所以TA一直增大，TB一直减小。 故选AD。 11.答案(1)10cm或0.1m 2 (2)1000N/m (3)F=1000L-0.10N)L的单位为m) 12【答案】(1)不需要(2) 1.85 4.95(3)D【详解】(1)本实验因为使用拉力传感器 直接测量小车受到的拉力大小，故不需要满足动滑轮上所挂钩码的质量远小于小车的质量 M。(2)[1]将每一段位移分别记为x1、X2、x3、x4'且有T=2×0.02s=0.04s 由于A点为x2和x3的中间时刻，则有vA=2+=.01+77)x102 2T 2×0.04m/s=1.85m/s'[2]根据逐差法 4T2 4×0.042 m/s? 可得小车做匀加速直线运动的加速度大小为a=X+x-x2-x=⑧.60+7.79-7.01-621)x10-2 4.95m/s2,(3)由题意可知，使用该装置实验时未平衡摩擦力，故图像不过坐标原点，与横坐 标有交点，又因为使用了拉力传感器，故图像不会弯曲，所以图D符合。故选D。 13.(1)45m:(2)8.5s 【详解】(1)要求小汽车尽快追上，其加速度应为5m/s2,两车速度相同时距离最远，速度为 54km/h(15m/s)时，可得 t=y室=3s 最远距离为 △=g+g-号=45m 2 (2)当小车速度达到90kh/h(25m/s)时，用时 5=v题=5s 2 a 此时两车相距 △x=9+vx5-a贴=35m 2 此后用时 =Vans-Vg △x =3.5s 1 总的用时为 t总=t1+t2=8.5s 1 14、(1)a=3ug;(2)t'=4m9 k 【解析】【详解】(1).在物块运动过程中，物块所受的摩擦力为滑动摩擦力， 当t=2时，B=mg y /3 竖直方向： FN=Ft+mg FN 2mg 水平方向： Fr=uFN Fr=2umg Fo 此时 Fo-Ff=ma 解得a=3ug (2)当物块所受合外力为零时，速度最大，此时满足F=F。 即μ(kt'+mg)=5umg 解得t'=4mg 15.(1)f=106N,方向沿斜面向上 a=152-56m/s2 3 (2) 302-106N≤F≤30v2+106N 3 3 (3)Fmin=20sin75°N或Fmin=19.4N 【详解】(1)物块垂直斜面有F、=gc0sθ 又f=uFN 解得f=106N,方向沿斜面向上- 3 斜面方向由牛顿第二定律得：mg·sin6-f=ma 解得a=152-5v6 m/s2 -1 3 (2)对静止在斜面上的物块施加沿斜面方向的推力，当物块刚好不上滑时，摩擦力沿斜面向 下刚好达到最大，此时F有最大值F',则有mgsin0+f=F- 2 解得F'=302+106N 当物块刚好不下滑时，摩擦力沿斜面向上刚好达到最大，此时F有最小值F”,则有 mg sin=f+F", 3 解得F'=302-106N -1 3 为保持物块静止，可知推力大小范围为 302,106N≤F≤302+106N- 3 3 1 若改变推力F的方向，使得物块沿斜面向上匀速运动，则物块在4个力作用下处于平衡状态， 考虑到摩擦力和支持力成正比，他们的合力F1方向不变，F1与FN的夹角α满足 tand F示=4,0=30° —3 可把4个力的平衡转化为3个力平衡，如图，由力的矢量三角形可得，当F1F,时，F最 小，由几何可得 Fmin=Gsin(a+6)=20sin75°N=20×0.97N=19.4N- 3 LIA11A61AK1F61K1AK166116 /3