甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷(四)-2025年甘肃省新高考物理模拟十二卷

解析：(2)S,与1接通，调节电阻箱使电流表示数达到满偏电流的三分之二，读出电阻箱的阻 位R,电流表两馆电压等于电且箱两瑞电运，设满倍包流为1，则日R。-号R解符 Ro R=- 2。 开关S2与1接通，电路中的总电阻减小，根据闭合回路欧姆定律可知，电路中的总电流增大， 通过的电流大于满偏电流，通过电阻箱的电流大于电流表的电流，电阻箱的电阻小于电流表的 电阻，则测得的电流表内阻小于真实值。 (4)根据闭合回路欧姆定律E=U十I(r十RA),可得 E一1U=I,图线斜率为k, 十R。r+Ro 1 E b Ek,代入得r二R,纵截距为6，则，十R=b,代入得E园 GM GM 13.答案：(1)g= R (2)T= /4π2(R+h)3 GM (3)= R R,解得月球表面的重力加速度 Mm 解析：(1)月球表面，根据万有引力等于重力mg=G GM g=R2 GMm 4π2 (2)嫦娥六号绕月球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力得 R+h)=mT(R+h),解 得T= 4π2(R+h)3 GM (3)在月球表面环绕月球做匀速圆周运动的线速度为月球第一宇宙速度，由万有引力提供向心 力得GMm-m R2 R,解得0= GM R 14.答案：(1)1N,方向水平向右(2)8m/s 解析：(1)当实验车的速度为零时，线框相对于磁场的速度大小为。，线框中左右两边都切割 磁感线，产生感应电动势，则有E=2BL,根据闭合电路欧捋定律1，安培力为F 2BL1,所以此时金属框受到的磁场力的大小F=2B.2BLL=4BL,代入教值解得F R R 1N,根据楞次定律可判断磁场力方向水平向右。 (2)实验车最大速率为⑦m时相对磁场的切割速率为(0。一m),则此时线框所受的磁场力大小 为F=4BL。-0）,此时线框所受的磁场力与阻力平衡，有F=,所以实验车的最大速率 分 Rf 为m=,一4B元=8m/s。 15.答案：(1)2mgR(2)0.5(3)P会滑离小车 解析：()令弹簧族复原长时，P的速度为根据系统能量守恒有E,-2m,共中，-2 √gR,解得Ep=2mgR。 (2)P恰好到达顶，点C时，此时P与小车共速，设此时速度大小为，根据系统水平方向动量 守但有m,=6m十8m加，根楼系皖能量守控m心=m十3m+mgR十mgR,解得以= 0.5。 (3)设小物块P最终停在小车上，小物块在粗糙水平面AB上的相对路程为，由于水平方向 .121 动量守恒，可知，此时P与小车速度大小仍然为u,根据系统能量守恒有2m听-2（m十3m)v= mg5,解得s=3R,由于s>2R,故P会滑离小车。 甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷（四） 1.C解析：A.石墨有规则的形状，是晶体，石墨烯是石墨中提取出来的新材料，也有规则的形状， 是晶体，故A错误；B.分子永不停息地做无规则热运动，石墨中的碳原子是一直运动的，故B错 误；C.石墨烯是晶体，在熔化过程中，温度不变，故碳原子的平均动能不变，故C正确；D.石墨烯 中的碳原子之间同时存在分子引力和分子斥力，故D错误。故选C。 2.A解析：AB.光从水中斜射入空气中会发生折射，折射角大于入射角，所以从O点射出水面的 光线可能为α，故A正确，B错误。C.根据n=二可知折射光与入射光的光速不相同，故C错 误。D,光从光密物质进入光疏物质入射角大于临界角时会发生全反射，所以从S发出的投射 到水面的光束，当入射角大于临界角时，发生全反射不能射出水面，故D错误。故选A。 3.C解析：A.由图可知，t1时刻手机开始接触地面，则0~t1内做自由落体运动，释放时，手机离 地面的高度为h=gt,故A正确，不满足题意要求；B.由图可知，t时刻手机开始接触地面， t3时刻手机开始离开地面，则手机第一次与地面碰撞的作用时间为t3一t1,故B正确，不满足题 意要求；C.由图可知，2时刻手机的加速度最大，且方向竖直向上，根据牛顿第二定律可得F一 mg=m·10g,可得F=11mg,手机第一次与地面碰撞中所受最大弹力为自身重力的11倍，故 C错误，满足题意要求；D.由图可知，t2时刻手机的加速度最大，此时手机受到地面的弹力最 大，手机处于最低点，手机的速度为零，则0~t2时间内手机的速度变化量为零，根据αt图像与 横轴围成的面积表示速度变化量，可知0~t2内图线与横坐标轴围成的面积中，时间轴下方与 上方的面积大小相等，故D正确，不满足题意要求。故选C。 4.D解析：A.大地电势为零，离地面越高，电势越高，因沿电场方向电势降低，可知大气电场的方 向竖直向下，选项A错误；B.因地面和大气层分别是电容器的两个电极，电容器储存的电荷量 是电容器所带电荷量的绝对值，可知地面带电量约为5×105C,选项B错误；C.根据电容器的 定义式C一号可知，地面和大气电离层组成的电容理电容值约C Q5×105 5 U300×103 F=3F,故C 错误；D.根据E= U ,可知图像的斜率代表电场的倒数，高度越大，大气电场强度越小，故D 正确。故选D。 6.C解析：设月球表面的重力加速度为g,则有Gg解得g一令×R。2 4πoGR 3 ,根据竖直上抛运动的规律可知，落回月球表面的时间t= 2w0=2uX 3 3U0 4πoGR2πoGR’ C正确。故选C。 1 6.A解析：设甲此次奔跑的平均加速度大小为a,当地重力加速度大小为g,对甲有at2=l,对 网球有宁=，获立可得气一后成选A。 7.C解析：A.A球和B球所组成的系统只有重力做功，则机械能守恒，故A错误；B.根据系统机 械能守恒，则A球到达与B球等高位登时，B球速度为零，则mgL=m,解得，-V2g,故 B错误；C.当A球运动到O点后再往下运动√2L,此时B球到达O点处，A球的速度为0，B球 的速度达到最大，则mg亿十2L)=m,所以p,=√2(1+2)gL,故C正确；D.由于系统机 械能守恒，A球从初位置下降到最低点的过程中，刚性轻杆对A球的弹力先做负功后做正功再 做负功，故D错误。故选C。 8AB解析：A由甲，乙图可知入=4m,T=2s则该列波的传搭速度为子-2m/s,敢A正 确；B.由图乙可知t=0时刻质点M沿y轴正方向振动，根据波形平移法可知，该列波沿x轴负 向传播，故B正确；C.根据△t=9s= 可知，质点M在9s内通过的路看 ×4A- 9 18A=360c,故C错误；D.质点M只在其平衡位置上下振动，并不会向波的传播方向迁移，故 D错误。 故选AB。 9.ABC解析：AB.由于钠24衰变过程中动量守恒，因此衰变后的两部分物质速度方向相反，在 蓝场中运动的轨迹相切于一点，由济伦兹力充当向心力有如一加可得R阳可知，电荷 量越大，其运动时的轨迹半径越小，由此可知小圆对应的粒子所带电荷量更大，且其所带电荷为 56 正电荷，根据左手定则可知，小圆对应的粒子的运动方向为逆时针方向，而根据左手定则结合轨 迹可知，大圆对应的粒子带负电，则可确定该衰变为3衰变，故AB正确；C.根据以上分析，写出 其衰变方程为Na→Mg十e,产生的新核与B粒子的电荷量之比为12：1，而根据R="m吧， gB' 可知，粒子运动的轨迹半径之比等于其所带电荷量的反比，由此可知，小圆和大圆的轨道半径之 比为1：12，故C正确；D.衰变过程中始终遵循质量数守恒和电荷数守恒，但在衰变过程中有能 量释放，根据爱因斯坦的质能方程可知，衰变后两条轨迹对应的粒子的质量之和小于衰变前钠 24的质量，故D错误。故选ABC。 10,BD解析：A.线框刚进陈场时，感应电动势E=Bd,电流1-晨安培力F:=B1d,加速度 F安，联立代人数据得a=4m/s,故A错误，B.线框恰好进入第1个磁场时，流过线框的电 4= m 荷量g一是-尺=0.4C,故B正确；C.线框从刚进人第1个磁场到完全进人第1个磁场过 △9Bd 程中，根据动量定理-F安·△t=mv1一mvo,即-Bd1·△t=mv1一m0o,Bdg=mwo一m01= m·△v,△0 Bdg=O.4m/s,即线框只有一条边切割磁感线的过程中速度减小0.4m/s,线框 m 充全酒过-个磁场时，速度减小0.8ms,由于8-12.5，所以货物锁终将华止在第13个篮 场区域，故C错误；D.货物及托架整体刚从第5个磁场区域出来时的速度v5=v。一5×0.8m/ s=6m/s,动能E,=nm=36J,故D正确。故选BD。 11.答案：(1)8.10(2)C(3)大于 解析：(1)遮光片的宽度为d=8mm+2×0.05mm=8.10mm。 (②》小车经过光电门的滤废口品根据动力学公式。一2a,可知要求出小车的加造度，还宽 小车释放时遮光片到光电门之间的距离x。故选C。 (3)在其他条件不变时，降低滑轮高度使细线与导轨不平行，根据受力分析图可知小车沿轨道 方向的合外力减小，故a1大于a2。 mg 12.答案：(1)A(2)25.0(3)×100 解析：(1)A.多用电表的电流方向是“红进黑出”，根据多用电表内部电源的正、负极，甲图中连 接开关S端的表笔为黑表笔，A正确；B.开关S拨至1挡时，与表头并联的阻值较小，电流表 量程较大，B错误；C.开关S拨至6挡时，与表头串联的阻值较大，电压表量程较大，C错误。 故选A。 (2)若用该多用电表直流电压挡量程50mV测电压，电压值为25.0mV。 (3)将开关S技至3指时，包流表量程为1=1，十。-100A=1,0X10A欧好表内 E 阻为R-号-1500，由于表盘中央刻度线是15，则欧姆表的倍率为“×100“。 kLo 13.答案：1)2(M+m)g 3(2pS+bL。)Tg (2) 4p。S 解析：(1)汽缸刚要开始滑动，对活塞和汽缸组成的系统受力分析，可得μ(M十m)g= kLo 解得μ=2M+m)g (2)对封闭气体，由理想气体状态方程，可得LS 2 To T -,解得 T=3(2pS+kL)T。 4poS 2eU 14.答案：(1)v= (2)y=√3(R+L) m 1 解析：(1)根据动能定理，U=2m0‘， 2eU 解得电子进入磁场的速度大小为= m (2)设电子在磁场中运动的半径为r,电子的运动轨远如 图，电子在磁场中运动，由洛伦兹力提供向心力，uB=m 解得r=BR 由几何关系知0=60°，则有tan60°=R十L, y 解得电子打在荧光屏上的位置距离a的距离y=√3(R十L)。 15.答案：(1)4.8m/s(2)12m(3)10N 解析：(1)根据题意，设加外力时滑块和木板的加速度分别为a1、a2,由牛顿第二定律有F一 mg=ma1mg=Ma2,解得a1=6m/s2,a2=3m/s2, 撤去外力时滑块及木板的速度分别为v1、℃2，则v1=a1t1=6m/s,02=a2t1=3m/s, 撤去外力后滑块加速度a3=g=2m/s2, 设木板未碰到平台前已与滑块达到共同速度，设再经过t2时间达到共速0，则有v0=1一 5 a3t2=v2十a2t2,解得t2=0.6s,vo=4.8m/s, 1 木板位移xM=2a,(t十t2)=3.81m<d=4m,故木板最大速度为4.8m/s。 《2)第一段时滑块与木板间的相对位移为L,三)a,一Q2)十0,2=2.4m 此后木板与平台发生弹性碰撞向左做减速运动，因滑块质量大，两者再次达到共同速度后再次 与平台碰撞，以后重复上述运动，最终滑块停止在木板右端，第二段时滑块与木板间相对位移 为L,由功能关系有mgL,=2m十M),解得L,=9.6m,故木板长度L=L,十L,= 12m。 (3)滑块与木板达到共同速度后一起运动，木板与平台碰后立即停止，滑块滑离木板时速度为 ,由动能定理一mg(L一L1)= 2m(o2-),解得o=4m/s, 爵块通过最高点时速度为，由机械能守恒定律，有mm=2mgR十 2mu,解得a'=2m/s, mo'2 由牛顿第二定律F+mg="mg,解得F=10N, 由牛顿第三定律，滑块对轨道压力大小为10N。 甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷（五） 1.B解析：A.在推导v-t图像面积表示位移时用到了微元法，故A错误；B.在“探究加速度与力、 质量的关系”实验中主要用到了控制变量法，故B正确；C.卡文迪许利用扭秤实验测出万有引 力常量G,体现了放大思想，故C错误；D.开普勒提出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，故 D错误。故选B。 2.C解析：A.根据质量数和核电荷数守恒可知，X粒子为电子，即氚核发生B衰变，其中电子由 原子核内一个中子转化为一个质子和一个电子而来，故A错误；B.放射性元素的半衰期由原子 核决定，与外界的温度、压强等因素无关，故B错误；C.氚核发生阝衰变的过程中释放能量，根 据质能方程可知，总质量减小，产生的新核的比结合能比氚核大，故C正确；D.电池中氚的含量 12 等于初始值的25%时，即剩余的氚核为原来的四分之一，根据m=（乞)，可知经过了两个半 衰期，即t=2T=2×12.5年=25年，故D错误。故选C。 3.D解析：A.两人在t1时刻并排骑行，根据v-t图线与坐标轴围成的面积表示位移知在0到t1 时间内，乙的位移大于甲的位移，说明甲在乙前，故A错误；BCD.根据-t图线与坐标轴围成的 面积表示位移知在t1到t2时间内，两人的位移差越来越大，在t2时刻速度相等，相隔最远。此 7甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷（四） 本卷满分100分，考试时间75分钟。 第I卷选择题 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项 是符合题目要求的)》 1.(2024·广东三模)石墨烯是一种由碳原子紧密堆积成单层二维六边形晶格结构的新材料，一 层层叠起来就是石墨，1毫米厚的石墨约有300万层石墨烯。下列关于石墨烯的说法正确的是 灯 圜 如 奘 A.石墨是晶体，石墨烯是非晶体 B.石墨烯中的碳原子始终静止不动 C.石墨烯熔化过程中碳原子的平均动能不变 为 D.石墨烯中的碳原子之间只存在引力作用 1弥 2.(2024·天津一模)如图所示，水面下单色点光源S发出的一条细光束投射到水面的O点后射 出水面，下列说法正确的是 韵 空气 A.从O点射出水面的光线可能为a 家 B.从O点射出水面的光线可能为b C.折射光与入射光的光速相同 D.从S发出的投射到水面的所有光束都能射出水面 3.(2023·江西赣州二模)智能手机安装软件后，可利用手机上的传感器测量手机运动的加速度， 带塑胶软壳的手机从一定高度由静止释放，落到地面上，手机传感器记录了手机运动的加速度 α随时间t变化的关系，如图所示，g为当地的重力加速度。下列说法错误的是 10g Q 0 g A,释放时，手机离地面的高度为2gt号 B.手机第一次与地面碰撞的作用时间为t3一t C.手机第一次与地面碰撞中所受最大弹力为自身重力的10倍 D.0至t2内图线与横坐标轴围成的面积中，时间轴下方与上方的面积大小相等 4.(2024·北京海淀二模)地球表面与大气电离层都是良导体，两者与其间的空气介质可视为一 个大电容器，这个电容器储存的电荷量大致稳定，约为5×105C,其间的电场，称为大气电场。 设大地电势为零，晴天的大气电场中，不同高度h处的电势φ的变化规律如图所示，不考虑水 平方向电场的影响。根据以上信息，下列说法正确的是 () h/km 20 15 10t 0100200300400p/V A.大气电场的方向竖直向上 B.地面带电量约为2.5×105C C.地面和大气电离层组成的电容器电容值约0.6F D.高度h越大，大气电场强度越小 5.(2024·北京海淀二模)2024年5月3日，嫦娥六号探测器由长征五号遥八运载火箭在中国文 昌航天发射场成功发射，自此开启世界首次月球背面采样返回之旅。若将来宇航员在月球（视 为质量分布均匀的球体)表面以大小为。的初速度竖直上抛一物体（视为质点），已知引力常 量为G,月球的半径为R、密度为ρ。物体从刚被抛出到刚落回月球表面的时间为() 2U0 3v0 300 600 A.3πoGR B. D.- πoGR C.2xpGR 'πoGR 6.(2024·重庆三模)如图所示，网球比赛中，运动员甲某次在B点直线救球倒地后，运动员乙将 球从距水平地面上D点高度为h的A点水平击出，落点为C。乙击球瞬间，甲同时起身沿直 线BC奔跑，恰好在球落地时赶到C点。已知BC⊥BD,BD=d,BC=l,网球和运动员甲均 可视为质点，忽略空气阻力，则甲此次奔跑的平均加速度大小与当地重力加速度大小之比为 () D/ 空 L/B 83d C.a D.dvd h hl 7.(2024·黑龙江吉林模拟预测)如图所示，两个质量相等可视为质点的小球α、b通过铰链用长 为√2L的刚性轻杆连接，a球套在竖直杆M上，b球套在水平杆N上，最初刚性轻杆与细杆M 的夹角为45°。两根足够长的细杆M、N不接触（α、b球均可无碰撞通过O点），且两杆间的距 离忽略不计，将两小球从图示位置由静止释放，不计一切摩擦，重力加速度为g。下列说法中 正确的是 () A.a、b两球组成系统机械能不守恒 B.a球到达与b球等高位置时速度大小为√gL C.a球运动到最低点时，b球速度最大 D.a球从初位置下降到最低点的过程中，刚性轻杆对a球的弹力一直做负功 二、多项选择题（本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合 题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 8.(2024·广东汕头二模)“地震预警”是指在地震发生以后，抢在地震波传播到受灾地区前，向受 灾地区提前几秒至数十秒发出警报，通知目标区域从而实现预警。科研机构对波的特性展开 研究，如图甲所示为研究过程中简谐波t=0时刻的波形图，M是此波上的一个质点，平衡位置 处于x=4m处，图乙为质点M的振动图像，则 () 14 ◆ylcm y/cm 20 20 M 0 2 746x/m 0 20 -20 甲 乙 A.该列波的传播速度为2m/s B.该列波沿x轴负向传播 C.质点M在9s内通过的路程为340cm D.质点M在2s内沿x轴运动了8m 9.(2024·河北保定一模)人体暴露于强烈的中子辐射中会在血浆中产生钠24，原子序数为11， 可以通过测量钠24的数量来确定患者吸收的辐射剂量。钠24具有放射性，某次研究其放射 特性的实验中，将孤立钠24原子核静置于匀强磁场中，衰变后在磁场中形成两条圆周径迹，如 图所示，下列说法中正确的是 ( ×××××× ××必××× ××(8入××× ×××X×× ×××××× ××××1×× A.小圆对应的粒子的运动方向为逆时针方向 B.钠24发生了B衰变 C.小圆和大圆的轨道半径之比为1：12 D.两条轨迹对应的粒子的质量之和等于衰变前钠24的质量 10.(2024·河北模拟预测)近些年，我国物流行业高速发展给人民的生产生活带来了便利。某科 研小组在研究货物传输系统的过程中，设计了如图所示的减速系统，在货物托架底盘上装有 边长d=1m的正方形单匝线框，在货物的正前方每隔L1=2m,就会有宽度L2=3m的匀 强磁场区域，磁感应强度B=2T,方向竖直向上。已知线框总电阻R=5Ω，为了快速运输货 物，货物托架下的滑轮放在轨道上，摩擦力可以忽略，当总质量=2kg的货物及托架整体以 vo=10m/s快速进入减速区域时，有 () B L A.线框刚进磁场时，货物的加速度为2m/s B.线框恰好进入第1个磁场时，流过线框的电荷量为0.4C C.货物最终将停止在第12个磁场区域 D.货物及托架整体刚从第5个磁场区域出来时的动能是36J 第Ⅱ卷非选择题 三、非选择题：（本题共5小题，共57分） 11.(6分)(2024·河南模拟预测)某实验小组利用图甲所示装置探究加速度与物体所受合外力的 关系，实验前已平衡摩擦力，绳子拉力通过拉力传感器测量。改变钩码个数，使小车每次从同 一位置释放，测出遮光片通过光电门的时间△t。 小车 一遮光片光电门 拉力 轨道 传感器 钩码争 图甲 (1)用游标卡尺测量遮光片的宽度d,示数如图乙所示，d= mm。 0 2 3 4 5主尺 4中山w 010 20游标尺 图乙 (2)探究加速度与物体所受合外力的关系的实验中，为完成实验，除了需要测量遮光片宽度 d,遮光时间△t,拉力传感器示数F,还必须测量的物理量是 A.小车和遮光片的总质量M B.悬挂的钩码质量m C.小车释放时遮光片到光电门之间的距离x (3)平衡摩擦力后，调整滑轮高度，使细线与木板平行，测得小车的加速度为α1；在其他条件不 变时，降低滑轮高度使细线与导轨不平行，测得小车的加速度为a2,经分析可得a1 a2(选填“大于”“小于”或“等于”)。 12.(9分)(2024·四川成都三模)图甲为多用电表的内部构造图，图乙为该多用电表的表盘。请 回答下列问题： R R2 -H 2015 女 -v-0 /o 甲 15 (1)关于图甲多用电表的内部构造，下列说法正确的是 A.甲图中功能选择开关S端的表笔为黑表笔 B.若使用图甲多用电表直流电流挡大量程测电流，功能选择开关S应拨至2挡 C.若使用图甲多用电表直流电压挡小量程测电压，功能选择开关S应拨至6挡 (2)若用该多用电表直流电压挡量程50mV测电压，表盘示数如图乙所示，则测得的电压值 U= mV。 (3)甲图中，将开关S拨至3挡，已知灵敏电流计表头内阻R=1002,满偏电流I.=500A, 电源电动势E=1.5V,不计电源内阻。定值电阻R1=902,R2=102,欧姆表的倍率是 (填“×1”“×10”“×100”或“×1k”)。 13.(10分)(2024·河北二模)如图所示，质量为M的汽缸和质量为m、横截面积为S的活塞封 闭了一定质量的理想气体，汽缸放置于水平地面上，一劲度系数为k的轻弹簧一端连接在活 塞上，另一端与竖直墙壁连接，弹簧垂直墙壁且平行于地面。初始时封闭气体的压强恰为大 气压强p。,温度为T。,封闭气体柱的长度为L。,现对封闭气体加热，当加热到某一未知温度 广时、汽缸刚好要开始滑动，此时封闭气体柱的长度为。已知当地的重力加速度为g滑 塞与汽缸间的摩擦不计，汽缸与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，外界大气压保持不 变，求： (1)汽缸与地面间的动摩擦因数； (2)未知温度T。 r 777777777777777777777777777777777 14.(15分)(2022·重庆九龙坡)在现代技术应用中，经常利用磁场来控制带电粒子的运动轨迹。 如图所示为某种显像管的工作原理图。质量为m,电荷量为的电子，可由静止经电压为U 的电场加速后，对准圆心方向射入半径为R的圆形磁场区域，磁场方向垂直于纸面，其大小及 方向可以根据需要调整。在垂直于电子进磁场时的速度方向放置一块荧光屏，荧光屏与磁场 边界的最近距离为L。当磁感应强度为0时，电子打在荧光屏上的位置记为。若在圆形区 域内加人方向垂直于纸面向里，磁感应强度B=己四m的匀强磁场时，求： R 3e (1)电子进入磁场的速度大小； (2)电子打在荧光屏上的位置距离a的距离y。 B -16 15.(17分)(2022·广东二模)如图所示，长木板A放置在光滑水平面上，木板右端与固定平台的 距离d=4m,木板厚度与光滑平台等高，平台上固定半径R=0.3m的光滑半圆轨道，轨道 末端与平台相切。木板左端放置滑块B,滑块与木板上表面间的动摩擦因数以=0.2，给滑块 施加水平向右F=24N的作用力，作用时间t1=1s后撤去F,滑块质量m=3kg,木板质量M= 2kg,滑块没有滑离木板，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2。求： (1)木板的最大速度； (2)若木板与平台间碰撞无能量损失，最终滑块停在木板右端，求木板的长度； (3)若木板长度L=4.16m,且木板与平台碰撞即与平台粘在一起，求滑块通过轨道最高点时 对轨道的压力的大小。 R ☐FA 77777777777777z7777777