甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷(二)-2025年甘肃省新高考物理模拟十二卷

甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷（二） 本卷满分100分，考试时间75分钟。 第I卷选择题 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项 是符合题目要求的) 1.(2024·黑龙江哈尔滨一模)下列说法正确的是 A.质点是理想化模型，力学中为了研究方便，任何物体任何时候都可以看成质点 B.根据速度定义式o= ,当山非常小时，兰就可以表示物体在1时刻的瞬时速度这里运 1 用了微元的思想 C.在真空中，所有电磁波的波长与频率的乘积都等于真空中光速 D.若在闭合导体回路中产生了感应电流，则一定有导体切割磁感线 1 2.(2024·新疆一模)图示的装置中，电场强度E和磁感应强度B垂直，这种装置叫速度选择器。 若一电子恰能沿虚线从左向右运动。下列和电子速率相同的哪种粒子沿虚线射入，不能沿虚 线运动 ( ) 1☒ A.从左向右运动的质子 十 B.从右向左运动的质子 C.从左向右运动的中子 留 D.从右向左运动的中子 3.(2024·湖南三模)采用核聚变产生能源是核物理中最具有前景的研究方向之一，有“人造太 阳”之称的“东方超环”是我国自主设计建造的世界上第一个非圆截面全超导托卡马克核聚变 实验装置。“人造太阳”核聚变的反应方程为H十H→He十X,此反应中释放的核能为 △E,伴随Y光子放出，已知光速为c。下列有关说法正确的是 A.反应方程中的X为中子，属于链式反应 B.核聚变反应所释放的Y光子来源于核外电子的能级跃迁 C.核聚变反应放出的能量是由质量转化而来 D.上述核聚变反应中质量亏损△m= AE c2 4.(2024·辽宁高三期中)中国高铁向世界展示了中国速度，和谐号和复兴号高铁相继从沈阳站 点由静止出发，沿同一方向做匀加速直线运动。两车运动的速度一时间图像如图所示，下列说 法正确的是 本v/m·s- 95 复兴号 70-- 和谐号 070140 A.复兴号高铁追上和谐号动车前，t=70s时两车相距最远 B.复兴号高铁经过95s加速达到最大速度 C.t=140s时，复兴号高铁追上和谐号动车 D.复兴号高铁追上和谐号动车前，两车最远相距4900m 5.(2024·广西柳州三模)我国天文学家通过“天眼”在武仙座球状星团M13中发现一个脉冲双 星系统。如图所示，由恒星A与恒星B组成的双星系统绕其连线上的O点各自做匀速圆周运 动，经观测可知恒星A与B的距离为L,恒星B的运行周期为T,引力常量为G,则恒星A与 B的总质量为 () B A A.πL ”GT2 B.2xL 2π2L2 GT2 C.Ar'L: GT D GT2 6.(2024·辽宁高三期中)航天梦由来已久，明朝的士大夫万户把多个自制的火箭绑在椅子上，自 己坐在椅子上，双手举着大风筝，设想利用火箭的推力，翱翔天际，然后利用风筝平稳着陆。假 设万户及所携设备[火箭（含燃料）、椅子、风筝等]总质量为M,点燃火箭后在极短的时间内，质 量为m的炽热燃气相对地面以v。的速度竖直向下喷出。忽略此过程中空气阻力的影响，重力 加速度为g,下列说法中正确的是 () A.在燃气喷出后的瞬间，火箭的速度大小为0一M一m mvo B.火箭在向下喷气上升的过程中，火箭机械能守恒 C.喷出燃气后万户及所携设备能上升的最大高度为m g(M-m)2 D.在燃气喷出后上升过程中，万户及所携设备动量守恒 7.(2024·北京大兴三模)如图所示，一单匝粗细均匀的正方形导体线框ABCD和直角坐标系 xOy(x轴水平，y轴竖直)均处于竖直平面内，线框边长为L。空间内存在垂直于纸面向里的 磁场，磁感应强度在x轴正方向均匀分布，y方向上满足B=B。十y(k>0)。初始时，线框的 A点与坐标原点O重合，AB边与x轴重合。现给线框一个沿着x轴正方向的速度。，线框在 运动过程中始终处于xOy平面内，其AB边与x轴始终保持平行，空气阻力不计。则() C ×××××××××× ×××××××××× ×××××××××× Y A.下落过程中线框中有顺时针方向的感应电流 B.开始时线框中产生的电动势为B,Loo C.开始时线框中产生的电动势为L D.若线框匝数增大为n匝，则竖直方向最终速度不变 二、多项选择题（本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合 题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 8.(2024·湖南常德一模)高楼都装有避雷针。某次雷雨天气闪电击中避雷针，避雷针发生尖端 放电现象。若避雷针放电时的电场线分布如图所示，在空间取一条水平线ABC和一条圆弧线 ADC,BD连线为AC连线的中垂线，电场线关于直线BD对称，以下说法正确的是 ) A.ADC是一条等势线 B.B点电势高于D点电势 C.A、C两点的电场强度不同 D.同一负点电荷的电势能在B点比在D点大 9.(2024·陕西铜川模拟预测)一定质量的理想气体经历了如图所示A→B→C→D→A的循环 过程，回到初状态A,A状态的温度为T。,已知理想气体的内能表达式U=αT(其中α为常数， T为热力学温度)，以下说法正确的是 ( ) A.一个循环过程中系统放出的热量为？pV。 P 3po B.A→B过程的内能变化量小于C→D过程的内能变化量 C.B→C过程吸收的热量等于D→A过程放出的热量 Po D.B状态分子的平均速率大于D状态的平均速率 6 10.(2024·湖北荆州模拟预测)一列横波沿着x轴正方向传播，处在x1=0.5m和x2=3.5m 的两质点A、B的振动图像如图所示，则以下说法正确的是 () ◆y/cm t/s A.2.5s末A、B两质点的位移相同 B.2s末A质点的速度大于B质点的速度 C.该波的波长可能为3m 12 D.该波的波速可能为m/s 3 第Ⅱ卷非选择题 三、非选择题：（本题共5小题，共57分） 11.(6分)(2024·河北卷)某同学通过双缝干涉实验测量单色光的波长，实验装置如图甲所示，其 中测量头包括毛玻璃、游标尺、分划板、手轮、目镜等。 光源凸透镜 B拨杆遮光筒 目镜 45 40 1L1 测量头 35 0 30 甲 乙 (1)图甲中，双缝是（填“A”或“B”); (2)该同学调整好实验装置后，对干涉条纹进行测量，当分划板的中心刻线对准某亮条纹中心 时，手轮示数如图乙所示，其读数为 mm; (3)若该同学分别用红色、绿色滤光片，对干涉条纹进行测量，并记录第一条和第六条亮纹中 心位置对应的游标尺读数，如表所示，根据表中数据，判断单色光1为 (填“红 光”或“绿光”)。 单色光类别 x/mm x6/mm 单色光1 10.60 18.64 单色光2 8.44 18.08 12.(9分)(2024·广东广州三模)掺氧化锡玻璃(FTO玻璃)由一层厚度均匀、具有导电性能的薄 膜和不导电的玻璃基板构成，在太阳能电池研发等多个领域有重要应用。为测量薄膜的厚度 d,进行如下操作。 (1)如图甲，是一块长度为L,宽度为h的长条形FTO玻璃。 5 1-2 甲 乙 (2)先使用多用电表的欧姆挡粗测，选择开关置于“×1Ω”挡，进行 调零后，将红 黑表笔接在薄膜左右两端面中点，示数如图乙所示，读得电阻R= (3)为进一步测得准确值，设计如图丙所示的电路，器材如下： A.电源E(电动势为3V,内阻可忽略) ⊙ 定值电阻R B.电压表V(量程0~3V,内阻约1k2) R ④ C.电流表A(量程0~10mA,内阻RA=92) D.滑动变阻器R。(最大阻值为102) E E.定值电阻R1=12 F.定值电阻R2=1002 G.开关一个，导线若干 为较好地完成实验，定值电阻R应选 (选填“R”或“R2”)。 (4)实验中，当滑片位于变阻器中间时，电流表示数为1。；若滑片滑到变阻器最右端时，则电流 表的读数增加量 (填“大于”“小于”或“等于”)1。当滑片置于恰当位置时，电压表读 数为U,电流表读数为I,电流表内阻RA,则通过薄膜的电阻的表达式R,= (用 U、I、RA和R表示)。 (5)为测得该薄膜的厚度d,除了上述测得的物理量和题中的已知量，还需要知道的物理量是 该薄膜的 。(用文字表述) 13.(10分)(2024·广东广州期末)如图为半径为R的透明半球体，PQ为半球体直径，O为半球 体球心。现有一束激光垂直半球体的平面射入半球体，入射点从O点沿半径OP缓慢向P点 移动，发现当人射点与O点的距离为d时，激光刚好在正下方球冠处发生全反射，已知光在 真空中的传播速度大小为c,求： (1)半球体的折射率； (2)激光在半球体中的传播速度大小。 几激光器 14.(15分)(2024·福建南平期末)随着科学技术的不断发展进步，无人机已广泛应用于生产和生 活。某厂家在无风的天气做无人机飞行测试，让无人机从地面由静止开始竖直上升，上升过 程的速度与时间关系如图所示，其中0~2s内图像为直线，2s末电动机功率达到额定值，此 后保持额定功率运动。已知无人机总质量m=2.0kg,空气阻力恒为无人机总重力的0.1 倍，g取10m/s2,求：（计算结果均保留两位有效数字） (1)无人机在0~2s内电动机提供的牵引力F; (2)无人机竖直向上运动过程能够达到的最大速度？m； (3)无人机2~6s内上升的高度H。 ◆v/(m·s-) 2 —8 15.(17分)(2024·贵州贵阳模拟预测)如图所示是一儿童游戏机的简化示意图。光滑游戏面板 与水平面成一夹角O,半径为R的四分之一圆弧轨道BC与长度为8R的AB直管道相切于B 点，C点为圆弧轨道最高点（切线水平），管道底端A位于光滑斜面挡板底端，轻弹簧下端固 定在AB管道的底端，上端系一轻绳，绳通过弹簧内部连一手柄P。经过观察发现：无弹珠时 (弹簧无形变)，轻弹簧上端离B点距离为3R,缓慢下拉手柄P使弹簧压缩，后释放手柄，弹 珠经C点被射出，最后击中斜面底边上的某位置（图中未标出），根据击中位置的情况可以获 得不同的奖励。假设所有轨道均光滑，忽略空气阻力，弹珠可视为质点。直管AB粗细不计。 g为重力加速度，弹簧的弹性势能可用E,-x计算（红为弹簧的形变量）。（最后结果可 用根式表示) (1)调整手柄P的下拉距离，可以使弹珠经BC轨道上的C点射出，求在C点的最小速度； (2)经BC轨道上的C点射出，并击中斜面底边时距A最近，求此最近距离； (3)设弹珠质量为m,0=30,该弹簧劲度系数及-震，氨达到(2)中条件，求弹珠在离开弹簧 前的最大速度。 p手柄左侧P点为藏远点，得- 故打在荧光屏上的长度xQ=√6R 15.答案：(1)vp 3V3 81 2V0vQ=3v0(2 50mz,号 (3 1620o 解析：(1)小球C从开始运动至最高点P的过程，根 据动能定理 F,R-0.9mgR=2×0.9mw3-2 1 ×0.9mo8 U 8 由于v0= 238R 3√3 解得vp= 200 C从P点到Q点做平抛运动，则vp=vocos30 解得va=3vo (2)C与B碰撞瞬间系统动量守恒0.9mva=(0.9m十0.1m)u,解得v=2.7vo 碰撞后，BC整体沿滑板匀减速下滑，设BC整体沿滑板匀减速下滑的加速度大小为1，根据牛 顿第二定律，有umg cos0-mng sin0=ma1,解得a1=0.1g A沿斜面匀加速下滑，设A沿斜面匀加速下滑的加速度大小为α2，根据牛顿第二定律，有 mg cos0+0.8 ng sin0=0.8ma2,解得a2=1.25g 设A下滑到挡板处时的速度为v1,根据匀变速直线运动规律，可知对BC,有1=v一a1t 对A,有1-at,联立解得t=2u0, ,01=2.500 厕从C与B碰撞后到A第一次与挡板碰撞前瞬间，BC运动的位移为x1三)（口十）D 1 81 A运动的位移x,=201t,系统产生的内能Q=mgc0s0(x1一z,),联立解得Q一0m0 (3)A第一次与挡板碰撞后向上做匀减速运动，BC继续向下做匀减速运动，因F2=0.9mg 可知系统沿斜面方向的合力为0，系统动量守恒，以沿斜面向下为正方向，设系统再次共速时 的速度为v2,根据动量守恒定律，有m0,-0.8mu1=(m十0.8m)u2,解得v2=g1。共速后， 系统以2的速度沿斜面向下做匀速运动，A第二次与挡板碰撞后到第三次共速，设系统第三 次共速时的速度为u,根据动量守恒定律，有m02一0.8mu2=（(m十0.8m)u,解得u=162 5 共速后，系统以口的速度沿斜面向下做句速运动，A以口一12的速度第三次与挡板碰撞。 5 甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷（二） 1.C解析：A.在研究的问题中，物体的形状、大小可以忽略时，物体可以看成质点，故A错误；B. 根据速度定义式。一兰，当△山非常小时，就可以表示物体在：时刻的院时速度，这里运用了 △x 极限的思想，故B错误；C.在真空中，所有电磁波的波长与频率的乘积都等于真空中光速，故C 正确；D.若在闭合导体回路中产生了感应电流，可能是导体切割磁感线，也可能是闭合导体回 路中磁感应强度随时间变化，故D错误。故选C。 2.B解析：A.根据题意，电子从左向右进入速度选择器，所受电场力竖直向上，而根据左手定则 可知，所受洛伦兹力竖直向下，电场力与洛伦兹力平衡，有E=Bv,因此电子才能沿虚线做匀 速直线运动，而当质子从从左向右进入速度选择器，所受电场力竖直向下，而根据左手定则可 知，所受洛伦兹力竖直向上，满足E=Bv,其电场力与洛伦兹力方向相反，能够达到平衡状态， 可以在速度选择器中做匀速直线运动，故A正确，不符合题意；B.当质子从右向左进入速度选 择器，所受电场力竖直向下，而根据左手定则可知，所受洛伦兹力也竖直向下，不能达到平衡状 态，因此不能沿虚线运动，故B错误，符合题意；CD.由于中子不带电，进入速度选择器中既不受 电场力也不受洛伦兹力，因此可以沿虚线运动，故CD正确，不符合题意。故选B。 3.D解析：A.根据电荷数和质量数守恒可知X的电荷数为0，质量数为1，X为中子，但聚变反 应并非链式反应，A错误；BC.核聚变反应释放出来的Y光子来源于原子核内，释放的能量不能 讲成由质量转化而来，BC错误；D.根据爱因斯坦质能方程可知核聚变反应中质量亏损为△= ,D正确。故选D。 △E 4.B解析：ACD.由v-t图像可知，0≤t≤140s时，和谐号动车速度大于复兴号高铁，t>140s 时，和谐号动车速度小于复兴号高铁，故复兴号高铁追上和谐号动车前，t=140s时两车相距最 远，根据t图像与坐标轴围成的面积表示位移，可知复兴号高铁追上和谐号动车前，两车最远 相距△r2X140X70- 2×(140-70)×70=2450m,故ACD错误；B.复兴号高铁的加速度 为a= △140一70-1m/s,复兴号高铁加速达到最大速度所需的时间为1==95s,B正 △70 a 确。故选B。 5.A解析：恒星A与恒星B组成的双星系统具有相同的周期，根据万有引力提供向心力有G Mm4π2 L-m GM=M元RR十r=工，联立解得：M+n=号 =八2，故选A。 6.A解析：A.在燃气喷出后的瞬间，万户及所携设备组成的系统动量守恒，设火箭的速度大小为 0,规定火箭运动方向为正方向，则有(M一m)。一m。=0,解得火箭的速度大小为0一M一m 故A正确；B.在火箭喷气过程中，燃料燃烧时产生的向下喷出的高温高压气体对万户及所携设 备做正功，所以火箭机械能不守恒，故B错误；C.喷出燃气后，万户及所携设备做竖直上抛运 动根指过别千公式可阳，及大上升有度为-名2。位C治限，在然气防出后 m208 上升过程中，万户及所携设备因为受重力，系统动量不守恒，故D错误。故选A。 7.D解析：A.根据楞次定律，下落过程中穿过线圈的磁通量向里增加，则线框中有逆时针方向的 感应电流，故A错误。BC.开始时线框中磁通量变化率为0，产生的电动势为0，故BC错误。 D.线框在磁场中斜向下运动时产生逆时针方向的感应电流，线框的两竖直边受安培力且等大 反向，则线框水平方向受力为零做匀速直线运动；水平下边(CD边)所受安培力竖直向上，水平 上边(AB边)所受安培力竖直向下，但因下边受安培力大于上边，可知竖直方向上受向上的安 培力，当线框受到该安培力等于重力时，达到最终速度，若线框匝数增大为匝，线框的质量变 为mg,电阻变为R,则nmg=n△BDL,其中△B=kL,解得v-,故D正确。故迷 nR D。 8.CD解析：A.结合图可知，A处与C处连线ADC与电场线不垂直，所以不是等势线，故A错 误；BD.由图可知，沿着电场线方向，电势逐渐降低，则B点的电势低于D点的电势，根据负电 荷在电势高处的电势能小，则负电荷在B点比在D点的电势能大，故B错误，D正确；C.电场强 度是矢量，其方向沿电场线的切线方向，结合图可知，A、C两点的电场强度方向不相同，所以 A、C两点的电场强度不相同，故C正确。故选CD。 9.BD解析：A.由图所示和理想气体的内能表达式U=αT可知一个循环过程后，系统内能不变， 即△U=0。根据pV图像与V轴所围成面积大小表示做功大小，可知从α到b过程气体对外 界做的功小于从c到d外界对气体做的功，根据热力学第一定律△U=Q十W,可知一个循环过 程气体放出热量为Q总|=W总=Sd=pV。,故A错误。B.根据理想气体状态方程可知： PV。_2p,2V_2p_3p2V,则解得：T,=4T,T:=2T。,T,=6T。题目已知内能的表 T。 达式为U=aT,则可得a→b过程内能变化量为△U=a(T,一T。)=3aT。,即内能增加3aT。,c →d过程内能变化量为△U=a(Tu一T,)=一4aT。,即内能减小4aT。故a→b过程内能变化 量小于c→d过程内能变化量，故B正确。C.b→c过程等容变化W=0,内能变化量为△U 2aT。;d→a过程有Wa=0,内能变化量为△Ua=一aT。,根据△U=Q十W,可知b→c过程吸 收热量大，散C腊误。D.根据Y-C可求得、d状态下的温度分别为T,=4T,T,=2T, 根据温度是分子平均动能的标志，所以b状态分子平均动能大于状态，则b状态分子平均速 52 率大于d状态，故D正确。故选BD。 10,ABD解析：A.由图可得，周期为4s,A、B两质点的振动方程分别为yA=2sin(经)cmya 2c0s(5)cm,当1=2.5s时yA=ya=-反cm,故A正确：B.由振动图像读出，2s末A质 点的位移yA=0,处于平衡位置，速度最大；B质点的位移yB=一2cm,处于波谷，速度是零， 所以2s末A质点的速度大于B质点的速度，故B正确；C.t=0时刻，质点A正通过平衡位 置向上运动，质点B在波峰，波从A向B传播，则AB间的距离：一=(+》A=3m= 12 12 0,1,23…),则解得入=n十3m（m=0,1,23…),因而该波的波长不可能为13m,故C错 3 3 医D.根据十mS(n=0,123,),当1=2时，波速为ms,故D正确。 故选ABD。 11.答案：(1)B(2)7.870(3)绿光 解析：(1)图甲中，按照实验器材安装顺序，单缝是A,双缝是B; (2)手轮读数为7.5mm十37.0×0.01mm=7.870mm; (3)报蒂△-导，可得X-/,由图表代入敦福可知A,=18.64-10.60 L mm=1.608mm, 5 18.08-8.44 △x2= 5 mm=1.928mm,故△x1<△x2,则入1<入2，已知绿光的波长小于红光波 长，则单色光1是绿光。 2.答案：2欧姆28®R,D大于RRR《6电阻孕 解析：(2)先使用多用电表的欧姆挡粗测，选择开关置于“X1Ω”挡，进行欧姆调零后，将红黑表 笔接在薄膜左右两端面中点，示数如图乙所示，读得电阻R,=28X1Ω=282。 3)根据欧株定律1，-最-8A0.107A=107mA,可为霜委扩大电流泰的董程到原来的 10倍，由IgRg=(I-Ig)R章，解得R=1n,故选R1o (4)实验中，当滑片位于变阻器中间时，由于测量电路与变阻器左半部分并联，其并联总电阻小 于变阻器总阻值的一半，所分电压也小于电源电动势的一半，若滑片滑到变阻器最右端时，测 量电路的电压为电源电动势，所以电流表的读数增加量大于I。 U-IRA (U-IRA) 由欧姆定律，可得R,=,RAI(R十RA R。 I+ R (⑤)根据电阻定律，有R,=P联立解得dRR,可知为测得该薄膜的厚度，除一 了上述测得的物理量和题中的已知量，还需要知道的物理量是该薄膜的电阻率。 8.答案：1a-(2加-是 R 解析：(1)由题意作出光路图如图所示。 则n sinC,而sinC=只。解得半球体的折射率n= 1 d d (2)根据=，激光在半球体中的传播速度大小0= n R。 14.答案：(1)28N(2)7.6m/s(3)30m 解析：1)由国时知02s内无人机做匀加造直线运动，其加逢度a会是-号m。=3m/,。 空气阻力恒为无人机总重力的0.1倍，则空气阻力f=0.1mg=0.1×2.0×10N=2N, 根据牛顿第二定律F一mg一f=ma,代入数据解得F=28N。 (2)2s末电动机功率达到额定值，此时速度v1=6m/s,根据功率公式P颜=FU1=28X6W= 168W。 当无人机速度最大时，无人机加速度为零，可得：F'=f十mg=1.1mg=22N,又因为P=F' vm,代入数据解得m≈7.6m/s。 (3)2~6s内，时间间隔1，=4s,由动能定理可得Pt,-(mg十f)H=号m 2、1 2mon-2mvi 代入数据解得H≈30m。 15.答案：1)me=√gR sin0(2)1+3v2)R(3)19gR 解析：(1)根据牛顿第二定律可知ng sin日=m尺，解得vc=√gR sin0。 (2)使弹珠经BC轨道上的C,点射出并击中斜面底边时距A最近（设最近距离为d)时，需要弹 珠经C点时速度最小，弹珠离开C点后做类平抛运动，在平行斜面向下的方向上有8R十R= 2,在水平方向上x=ud,则最近距高为d=x十R,解得d=(1十32)R。 (3)弹珠离开弹簧前，在合力为0的位置速度最大（设为）m),设此位置弹簧的压缩量为x。,由 于弹珠的合力为0，则mng sin0=kxo,解得xo=2R。 弹球由合力为0的位置到C点，由机赖能守授定律得)kx十nm-m2=m5 1 (号R+3R+R)sin0解符0-0gR 2 5 甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷（三） 1.C解析：A.普朗克通过对黑体辐射的研究，提出能量子的假设，爱因斯坦通过对光电效应现象 的研究，提出了光子的概念，A错误；B.玻尔提出了自己的原子结构假说，成功之处是提出了轨 道量子化和定态概念，玻尔原子理论的不足之处在于保留了经典粒子的观念，仍然把电子的运 动看作经典力学描述下的轨道运动，B错误；C.爱因斯坦光电效应理论通过光子说成功解释了 光电效应现象，揭示了光的粒子性，C正确；D.卢瑟福的原子核式结构模型不能说明轨道量子 化，氢原子光谱说明轨道量子化，D错误。故选C。 2.B解析：金属球缓慢上升时，以球为研究对象进行受力分析。 可见在小球上偏一个较小角度时，细线拉力T逐渐减小，磁铁对小球作用力F逐渐增大，则二 者距离逐渐变小。故选B。 3.D解析：A.汽车过A、B、C三点时，做匀速圆周运动，合外力指向圆弧的圆心，故对P分析， A、C两点合外力向左，B点合外力向右，Q和M对P的支持力大小不是始终相等，A错误；B. 汽车过A,B,C三点时的圆弧轨道半径不同，根据合外力提供向心力得，F。-口，当汽车匀速 通过三个半径依次变小的圆弧弯道时，工件P受到的合外力大小在依次增大，B错误；C.汽车 过A点时，由角速度与线速度关系ω=”得，在A点圆弧轨道半径最大，汽车重心的角速度应 该最小，C错误；D.汽车过A、C两点时，所受的合外力向左，故M对P的支持力大于Q对P的 支持力，D正确。故选D。 4.D解析：能使静止的弹丸线圈向右发射，则需在弹丸线圈内产生感应电流，根据楞次定律可 知，加速线圈中应通有增大的电流使得通过弹丸线圈的磁通量增大，弹丸远离加速线圈。故 选D。 5.D解析：AA→B过程，由图像可知号-C,可知该过程气体的体积不变，气体分子密度不变， 故A错误。B.B→C过程，气体温度升高，气体分子速率分布中速率大区间的分子数占总分子 数的比例增加，但速率小区间的分子数占总分子数的比例减少，故B错误。C.根据理想气体状 态方程' =C,可得力=T,C→A过程，图像上点与原点连线斜率逐渐增大，则气体体积逐渐 3