甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷(一)-2025年甘肃省新高考物理模拟十二卷

甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷（一） 本卷满分100分，考试时间75分钟。 第I卷选择题 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项 是符合题目要求的) 1.(2024·河北衡水冲刺)关于下列各图，说法正确的是 各速率区间的分子数 占总分子数的百分比 液体 千 0 布朗 灯 分子的 微粒 圜 薄板上的蜂蜡融 表面张力对管中液体形 速率 化成圆形区域 成向上的拉力的示意图 气体分子速率分布 如 甲 乙 丙 丁 A.图甲中，实验现象说明薄板材料是非晶体 奘 B.图乙中液体和管壁表现为不浸润 C.图丙中，T1对应曲线为同一气体温度较低时的速率分布图 区 D.图丁中，微粒越大，单位时间内受到液体分子撞击次数越多，布朗运动越明显 2.(2024·山西天一大联考)水底灯是一种常见的景观装饰灯，广泛应用于公园湖景、喷泉及鱼缸 等场景。如图所示，某环形灯带可视为圆形线状光源，半径为R,水平安置于某液体内，和液面 的同距为H=2R,液体的折射率为. 该光源发出的光能直接从液面射出的区域面积为 液面 圆形线状光源 R A.πR2 B. C.6πR2 25 D.x 3.(2024·山东泰安仿真模拟)如图所示，光滑斜面上有A、B、C、D四点，其中CD=10AB。一 可看成质点的物体从A点由静止释放，通过AB和CD段所用时间均为t,则物体通过BC段 所用时间为 () B A D A.1.5t B.2.5t C.3.5t D.4.5t 4.(2024·甘肃考前押题卷)2023年11月1日，天绘五号卫星成功在太原卫星发射中心发射升 空，并顺利进入预定轨道。天绘五号在距离地球表面500km附近环绕地球做匀速圆周运动， 行周期约为，个小时，某时刻天绘五号、同步卫星、地球的连线在同一直线上，如图所 则下列说法正确的是 () A.天绘五号的发射速度大于第二宇宙速度 天绘五号 。同步卫星 地球(。 B.天绘五号的线速度小于同步卫星的线速度 C.天绘五号的向心力一定大于同步卫星的向心力 D.到下一次天绘五号、同步卫星与地球共线的时间约为0.8h 5.(2024·黑龙江大庆得分练)如图，从距地面高H处由静止释放一小球，球与地面 碰撞后反弹到H。高度处时速度减为零，不计地面与小球碰撞时机械能的损失， H Ho 取地面处的重力势能为零，空气阻力大小恒定，下列描述该过程小球的速率随 时间t,重力势能E。、动能Ek、机械能E随离地高度h的变化图像中，可能正确的是 () 2t D 6.(2024·吉林白城三模)如图甲所示，在某电场中建立x坐标轴，A、B为x轴上的两点，xA、xB 分别为A、B两点在x轴上的坐标值。一电子仅在电场力作用下沿x轴运动，该电子的电势能 E。随其坐标x变化的关系如图乙所示，则下列说法中正确的是 () E XB 甲 A.该电场可能是孤立点电荷形成的电场 B.A点的电场强度小于B点的电场强度 C.电子由A点运动到B点的过程中电场力对其所做的功W=E4一EB D.电子在A点的动能小于在B点的动能 7.(2024·广西南宁三模)如图所示，半径为R的水平圆盘绕中心O点做匀速圆周运动，圆盘中 心O点正上方H处有一小球被水平抛出，此时半径OB恰好与小球初速度方向垂直，从上向 下看圆盘沿顺时针方向转动，小球恰好落在B点，重力加速度大小为g,不计空气阻力，下列说 法不正确的是 () 2H A.小球的初速度大小为R B.小球的初速度大小为R 2H C圆盘的角速度大小可能为√存 D.圆盘的角速度大小可能为红8 22H 二、多项选择题（本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合 题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 8.(2024·甘肃天水联考)图甲为一列沿x轴传播的简谐横波在t=6s时刻的波形图，图乙为x =11cm处质点的振动图像，则下列说法正确的是 () A ycm y/cm 11x/cm 甲 A.波向x轴负方向传播 B.波向x轴正方向传播 C.图甲中实线与y轴交点的纵坐标为2.5cm D.图甲中实线与y轴交点的纵坐标为5, 2 cm 9.(2024·陕西西安二模)1930年，科学家用放射性物质中产生的α粒子轰击铍(8B)原子时，产 生了看不见的、贯穿能力很强的中子，用中子以同样的速度分别去轰击静止的氢原子和氮原 子，结果从中打出了氢核和氮核，以此推算出中子的质量。设氢核质量为日，打出后速度为 H,氮核质量为氢核质量的14倍，打出后速度为v、,假设碰撞为弹性碰撞，则 A.放射性物质α衰变后生成物的比结合能小于该放射性物质的比结合能 B.a粒子轰击铍原子的核反应方程式为He+Be→C+。n C.被轰击后的氢核的速度oH大于氮核的速度oN D.可推算出中子的质量为”N一14uH -m H VH一VN 10.(2024·甘肃张掖5月模拟)如图所示，倾角为37°、宽为L的光滑导轨上部接有阻值为r的定 值电阻，导轨下端与光滑圆弧导轨相切连接，圆弧导轨对应的圆心角为37°，圆弧导轨末端切 线水平，半径为R。倾斜直导轨所在区域存在方向垂直于导轨平面向下、磁感应强度大小为 B的匀强磁场。质量为的导体棒垂直导轨由静止从倾斜直导轨上滑下，经过时间t达到匀 速且恰好到达圆弧导轨，回路其他部分及导体棒的电阻不计，重力加速度为g,si37°=0.6， c0s37°=0.8，下列说法正确的是 () B 372 A.导体棒释放瞬间的加速度大小为0.6g B.导体棒在倾斜直轨道上的最大速度为g贮 B2L2 C.导体棒从开始运动到恰好匀速的过程，通过导体棒的电荷量为3gtBL-3mg红 5B3L3 9mg'r2 D.导体棒经过圆孤导轨末端时，导轨对导体棒的支持力大小为mg十25BL尺 第Ⅱ卷非选择题 三、非选择题：（本题共5小题，共57分） 11.(6分)(2024·河北重点高中三模)小明设计如图甲所示的电路来测量电阻R,的阻值。可用 实验器材：干电池E(电动势为1.5V,内阻可忽略)，电流表（量程为30mA,内阻为30 2),定值电阻R。(阻值为502)，滑动变阻器R(最大阻值为1002)，待测电阻R,,开关，导线 若干。 10 20 w威” mA 甲 乙 (1)断开所有开关，按图甲连接好电路，将滑动变阻器R的滑片移到 (填“a”或“b”)端 闭合开关S和S,,调节滑动变阻器R的滑片到某位置，电流表示数如图乙所示，此时电流表 的示数为 mA,滑动变阻器接入电路的阻值应为 (2)保持开关S闭合，断开开关S1,再闭合开关S2,保持滑动变阻器R的滑片的位置不变，此 时电流表的示数为15.0mA,则R,的测量值为 2。 12.(9分)(2024·辽宁名校联盟4月模拟)某实验小组做“探究加速度与力、质量的关系”的实验， 实验装置如图(a)所示。 打点计时器小车 细线 定滑轮 D 力传感器 5.101 单位：cm 纸带 水 平实验台 1.30 重物 18.60 长木板 27.00 图(a) 图(b) (1)为较准确地完成实验，下列操作正确的是 A.实验通过力传感器测量细线拉力，故不需要补偿阻力 B.调节滑轮的高度，使牵引重物的细线与长木板保持平行 C.为减小误差，探究小车加速度与力的关系时一定要保证重物质量远远小于小车的质量 D.实验时小车应靠近打点计时器，先接通电源再释放小车 (2)已知电源频率为50Hz,实验中打出的某条纸带如图(b)所示，则重物下落的加速度a= m/s2(结果保留2位有效数字)。 (3)若保持重物和传感器的总质量不变，在小车上放置砝码改变小车质量，测出小车和车 上砝码的总质量M和对应的加速度a,根据实验数据分别作出aM图像与M是图像如图（©） (d)所示，则如图(c)中实线所示的a M图线偏离直线的主要原因是 ;若已补偿阻力，但图()中图线仍不过原点，则图线的延长线与纵轴交点的纵坐标 值为 (用题中所给的字母表示)。 a 力传感器 纸带打点计时器 Aa A B 7777777777777777777 重物 图(c) 图(d) 图(e) 图(f) 3 (4)另一小组的同学采用如图()所示装置，两个小组实验时使用的小车完全相同，力传感器 示数均为F,他们根据多组数据作出的a-F图线分别如图(f)中A、B所示，则图(e)实验装置 对应的图线是图(f)中的（填“A”或“B”)。 13.(10分)(2024·甘肃考前押题)如图所示，一定质量的理想气体用质量可忽略的活塞封闭在导 热性能良好的质量为m=1kg的汽缸中，活塞的密封性良好，用劲度系数为k=200N/m轻 弹簧将活塞与天花板连接。汽缸置于水平桌面上，开始时弹簧刚好处于原长，活塞与汽缸底 部的间距为L=0.5m,活塞的横截面积为S=0.01m2,外界环境的压强为p。=1.0×10 Pa,温度为T。=300K,忽略一切摩擦，重力加速度g=l0m/s2。求： (1)开始时汽缸内气体的压强； (2)现缓慢降低环境温度，当汽缸刚要离开水平桌面时环境温度为多少摄氏度？ 14.(15分)(2024·辽宁葫芦岛市二模)如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一象限内，半径为 R的圆形区域内有垂直于坐标平面向外的匀强磁场I,磁感应强度为B,边界圆刚好与x轴、 y轴相切于M、N两点；y=一R处放置一与x轴平行的荧光屏，跟x轴形成区域Ⅱ。在第二 象限有一个竖直长为2R的线性粒子源，以相同速度沿x轴正方向连续不断射出质量为m、 电荷量为q的带电正粒子。已知从y轴上M点进入磁场的粒子刚好从x轴上的N点射人 第四象限，若在区域Ⅱ存在一沿x轴负方向的匀强电场，则粒子打在荧光屏上时的速度与x 轴负方向的夹角为37°。不计粒子重力和粒子间的相互作用，sin37°=0.6，cos37°=0.8。 (1)求匀强电场的强度大小； 2)如果在Ⅱ区域只存在垂直平面向外且磁感应强度大小为B的匀强磁场，求打在荧光屏 粒子区域的长度。 粒子源 y个 不 2R E 4 15.(17分)(2024·湖南押题)如图所示，水平地面上固定一足够长的光滑斜面，斜面的倾角为 0=30°，底部固定一垂直于斜面的挡板，在斜面上锁定一质量为0.8m的滑板A。将一质量为 23 0.1m的滑块B轻轻放在A的最上端，B与A间的动摩擦因数为4= ，一质量为0.9m,可 8 视为质点的小球C在竖直推力F,-1.8mg的作用下，以竖直向上的速度o,一√238R沿四分 之一固定的、半径为R的竖直光滑圆弧轨道运动，经过最高点P时撤去推力，小球C可无障 碍地穿过斜面运动，刚好以平行于斜面的速度方向在Q点与B碰撞并成为一个整体BC,碰 撞时间极短，同时解除对A的锁定，A下滑到斜面底端时刚好与BC的速度相等，A与挡板碰 撞后瞬间给A施加一平行于斜面向上的拉力F2,F2=0.9g。已知A与挡板碰撞的过程中 无机械能损失，BC始终未滑到A的最下端，不计空气阻力，重力加速度为g。求（以下结果均 用含vo的式子表示)： (1)C经过最高点P和到达Q点时的速度大小vP、vQ; (2)从C与B碰撞后到A第一次与挡板碰撞前瞬间系统产生的内能Q; (3)C与B碰撞后，A第三次与挡板碰撞时的速度大小。 P C&Vo F参考答案 甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷（一） 1.C解析：A.图甲中，实验现象表明材料具有各向同性，非晶体和多晶体都具有各项同性，A错 误；B.浸润的液体由于分子斥力作用液面扩张，B错误；C.温度升高时，分子速率较大的占百分 比更多，C正确；D.图丁中，微粒越大，单位时间内受到液体分子撞击次数越多，布朗运动越不明 显，D错误。 2.D解析：光线从液面射出空气发生全反射的临界角满足 液面 ”一号，可得C=37,根据几何关系可得，=R十 sin C=13 H 37 圆形线状光源 1an37°二多R,该光源发出的光能直接从液面射出的 城面积S=x2-R,放选D. 25 3.C解析：设AB段长为x,AB段中间时刻的瞬时速度1=工，CD段中间时刻的瞬时速度02= 1,则AB段中同时刻到CD段中同时刻所用时同，“。，又因为=，联立解得 a t1=4.5t,因此BC段所用时间t2=t1一t,代入数据解得t2=3.5t,C正确。 4.D解析：A.第二宇宙速度为脱离地球吸引的最小发射速度，天绘五号的发射速度小于第二宇 宙速度，A情误B根据GM=m”得。= GM r2 ,天绘五号的运动半径较小，则线速度较大， B错误；C.由于质量未知，向心力大小不能比较，C错误；D.同步卫星的运动周期为24h。当天 绘五号比同步卫显多转动半周时，三者再次共线，则受一经=，得(=08h,D正确， 5,C解析：A,物体下落的加速度a1=mg一士，上升时的加速度a,=m8十上>41，即下落和上升 m 阶段vt图线的斜率不等，时间不等，选项A错误；B.重力势能Ep=mgh,则下落和上升阶段的 Eph图像的斜率相等，选项B错误；C.根据动能定理，下落阶段Ek=(mg一f)h,反弹阶段Ek =Ek一(mg十f)h,即上升阶段的斜率大于下降阶段的斜率，选项C正确；D.由于阻力做功，所 以下降阶段和上升阶段机械能都是减小的，因为取地面处的重力势能为零，则当反弹到H。高 度时，机械能不等于零，选项D错误。故选C。 6.C解析：由E。=Eqx,E。x图像的斜率恒定，则该电场是匀强电场，故选项A、B错误；C.由题 图乙可知，电子在A、B两点的电势能分别为EA和EB,且EpB>EA,说明电子由A运动到B 的过程中电势能增大，电场力做负功，电场力对其所做的功为W=E4一EB,选项C正确；D.电 子仅在电场力作用下运动，电场力做负功，动能减小，故电子在A点的动能大于在B点的动能， 选项D错误。故选C。 7.A解析：AB.由题可知，小球做平抛运动，下落高度为H,水平位移为R,则根据平抛运动的规 律有H-284,R=8t联立可得，小球的初速度大小为一R√员故A错误，B正雍：CD 小球运动的时间为t= 2H g ，根据题意可知，在该时间内圆盘转过的角度为0=x十2x·A(k =0,1,2,3…),则圆盘的角速度为w= 03+4k g t √27(k=0,1,2,3…),可知，当k=0时，圆 2π。 盘的角速度为03元当三1时，圆盘的角速度为w三2不、2，故CD正确。本题选 错误的，故选A。 8.AC解析：由乙图可知，t=6s时刻x=11cm处质点正经过平衡位置向上振动，在甲图上，根 据同侧法可知波向x轴负方向传播，故A正确，B错误；由图甲可知该波的波长为入=12cm,由 图乙知质点振动的周期为T=6s,根据图像甲可知该波的波动方程为y=Am经十) 5sin(后x十9)cm,当x=2cm时y=5cm,代人上式解得：g-若即有y=5in(后x+》 cm, 当x=0时，代入解得y=2.5cm,故C正确，D错误。 9.BC解析：A.生成物更稳定，比结合能更大，故A错误；B.根据核反应中质量数守恒和电荷数 守恒可知，a粒子轰击铍原子的核反应方程式为He十Be→C+n,故B正确；CD.设中子的质 量为m,碰前速度为vo,碰后速度为v,根据动量守恒定律和能量守恒定律可知v。=mv十 m心n心-名m十方mi,联立解得e=0。同理可知和氯原子证撞后N 1 1 2m00 2m,,即被轰击后的氢核的速度vn大于氨核的速度N,可解出中子的质量为m m+mm+14mn =140N-0H mH,故C正确，D错误。 UH一UN 10.AC解析：A.导体棒释放瞬间速度为零，未受安培力作用，根据牛顿第二定律可知，其加速度 大小为4=ngsin37°=0.6g,A正确：B.导体棒在倾斜直导轨上匀速运动时，安培力等于重力 m 面向下的分量.有mgsin37,可得0二B借误，C,导体俸从样放到恰窈 r 速的过程，合力冲量等于导体棒的动量改变量，即(mg sin37°-BIL)t=mv,可得通过导体棒 的电荷量，q=It 3mgtB1-3mg,C正确：D.导体棒从倾斜直导轨末端到圆弧导轨末端 5B3L8 1 1 的过程，有2m0i-2mv=mgR1-cos37),经过导轨末端时，合力提供导体棒做圆周运动 mvi 的向心力，则F支一mg= ,可得导轨对导体棒的支持力大小为F女=mg 9mg'r2 25BLRD 错误。 11.答案：(1)a12.045(2)25 解析：(1)滑动变阻器R是限流接法，因此闭合开关S和S,前，将滑动变阻器R的滑片移到接 入电路的最大阻值处端，以保证实验仪器的使用安全。由图乙所示，电流表的精确度为1 mA,因此电流表的示数为12.0mA。闭合开关S和S,电路中电流为12.0mA,由闭合电路 欧姆定律可得R十R,十RA=广，滑动变阻器接入电路的阻值应为R= 一R。一RA= 1.5 12.0×10D-500-300-450. (2)保持开关S闭合，断开开关S1,再闭合开关S2,保持滑动变阻器R的滑片的位置不变，此时 电流表的示数为15.0mA,由闭合电路欧姆定律可得R,的测量值为R,= E一R一RA= 1.5 15.0×100-752=250。 12.答案：(1)BD(2)1.1(3)未满足小车质量远大于重物和传感器的总质量-m(4)A 解析：(1)A.实验中将细线的拉力作为小车受到的合外力，故需要将带滑轮的长木板左端垫 高，以补偿阻力，故A错误；B.为了减小误差，调节滑轮的高度，使牵引重物的细线与长木板保 持平行，让细线的拉力等于小车受到的合力，故B正确；C.本实验可通过拉力传感器直接测得 细线拉力，故实验中探究力与小车加速度关系时不需要保证重物质量远远小于小车的质量，故 C错误；D.为了充分利用纸带，小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，故D正确。故 选BD。 (②)由题可得打点周期T00吧5重物下落的加递度a0T,1m了 ③)对重物和小车有mg一T=ma,T=Ma,解得a件，只有m运小于M时，a图线 成线性关系，图()中实线所示的aM图线偏离直线的主要原因是未满足小车质量远大于重 物和传感器的总质量。图(d)中有mg-T=ma,T=M,解得M=mga 一m,则图线的延长 线与纵轴交点的纵坐标值为一。 1 2 (④)实验符合F=Ma,解得a=MF,根据图(e)和牛频第二定律可知2F=Ma,解得a= F M 则图()实验对应的图(f)中图线斜率较大，故对应的实验图线是A。 13.答案：(1)1.0×105Pa(2)-5.7℃ 解析：(1)开始时弹簧刚好处于原长，则开始时气缸内气体的压强为p=p。=1.0×10P (2)当气缸刚好要离开水平桌面时，有mg=kx 可得弹簧的仲长量为x="mg=0.05m 活塞与气缸底部的间距为L1=L一x=0.45m 红内气体压强为b=p,1.0X10Pa-00LPa=0,99X10卫 对气缸内气体由理想气体状态方程可得，LS_pL,S T。 T 解得当气缸刚要离开水平桌面时环境温度为T1=267.3K 则有t1=(267.3一273)℃=-5.7℃ 14.答案：(1)E=4BqR (2)xrQ=√6R 3m 解析：(1)粒子从y轴上M点进入磁场刚好从N点射出，则粒子 E 轨道半径等于磁场半径R,由qB=mR 粒子进入区域Ⅱ做类平拋， 370 y轴负向R=ut -----Y0 x轴负向v1=at 而aEg m 由几何关系tan37°-乙，联立解得电场强度E=4BqR 3m (2)因粒子在磁场I中的运动轨迹半径等于磁场「的半径，故 粒子的运动满足磁聚焦，均从V,点进入磁场Ⅱ，进入区域Ⅱ 后临界情况如图所示，由牛顿第二定律得 uN 司B=m舒=R 4 02 UI P 0 粒子从N点沿水平向右射出后打在荧光屏右侧最远的点为 Q,由几何关系得 xa=r2-(r-R)2,得xNQ= 左侧P点为藏远点，得- 故打在荧光屏上的长度xQ=√6R 15.答案：(1)vp 3V3 81 2V0vQ=3v0(2 50mz,号 (3 1620o 解析：(1)小球C从开始运动至最高点P的过程，根 据动能定理 F,R-0.9mgR=2×0.9mw3-2 1 ×0.9mo8 U 8 由于v0= 238R 3√3 解得vp= 200 C从P点到Q点做平抛运动，则vp=vocos30 解得va=3vo (2)C与B碰撞瞬间系统动量守恒0.9mva=(0.9m十0.1m)u,解得v=2.7vo 碰撞后，BC整体沿滑板匀减速下滑，设BC整体沿滑板匀减速下滑的加速度大小为1，根据牛 顿第二定律，有umg cos0-mng sin0=ma1,解得a1=0.1g A沿斜面匀加速下滑，设A沿斜面匀加速下滑的加速度大小为α2，根据牛顿第二定律，有 mg cos0+0.8 ng sin0=0.8ma2,解得a2=1.25g 设A下滑到挡板处时的速度为v1,根据匀变速直线运动规律，可知对BC,有1=v一a1t 对A,有1-at,联立解得t=2u0, ,01=2.500 厕从C与B碰撞后到A第一次与挡板碰撞前瞬间，BC运动的位移为x1三)（口十）D 1 81 A运动的位移x,=201t,系统产生的内能Q=mgc0s0(x1一z,),联立解得Q一0m0 (3)A第一次与挡板碰撞后向上做匀减速运动，BC继续向下做匀减速运动，因F2=0.9mg 可知系统沿斜面方向的合力为0，系统动量守恒，以沿斜面向下为正方向，设系统再次共速时 的速度为v2,根据动量守恒定律，有m0,-0.8mu1=(m十0.8m)u2,解得v2=g1。共速后， 系统以2的速度沿斜面向下做匀速运动，A第二次与挡板碰撞后到第三次共速，设系统第三 次共速时的速度为u,根据动量守恒定律，有m02一0.8mu2=（(m十0.8m)u,解得u=162 5 共速后，系统以口的速度沿斜面向下做句速运动，A以口一12的速度第三次与挡板碰撞。 5 甘肃省2025年普通高中学业水平选择性考试物理模拟试卷（二） 1.C解析：A.在研究的问题中，物体的形状、大小可以忽略时，物体可以看成质点，故A错误；B. 根据速度定义式。一兰，当△山非常小时，就可以表示物体在：时刻的院时速度，这里运用了 △x 极限的思想，故B错误；C.在真空中，所有电磁波的波长与频率的乘积都等于真空中光速，故C 正确；D.若在闭合导体回路中产生了感应电流，可能是导体切割磁感线，也可能是闭合导体回 路中磁感应强度随时间变化，故D错误。故选C。 2.B解析：A.根据题意，电子从左向右进入速度选择器，所受电场力竖直向上，而根据左手定则 可知，所受洛伦兹力竖直向下，电场力与洛伦兹力平衡，有E=Bv,因此电子才能沿虚线做匀 速直线运动，而当质子从从左向右进入速度选择器，所受电场力竖直向下，而根据左手定则可 知，所受洛伦兹力竖直向上，满足E=Bv,其电场力与洛伦兹力方向相反，能够达到平衡状态， 可以在速度选择器中做匀速直线运动，故A正确，不符合题意；B.当质子从右向左进入速度选 择器，所受电场力竖直向下，而根据左手定则可知，所受洛伦兹力也竖直向下，不能达到平衡状 态，因此不能沿虚线运动，故B错误，符合题意；CD.由于中子不带电，进入速度选择器中既不受 电场力也不受洛伦兹力，因此可以沿虚线运动，故CD正确，不符合题意。故选B。 3.D解析：A.根据电荷数和质量数守恒可知X的电荷数为0，质量数为1，X为中子，但聚变反 应并非链式反应，A错误；BC.核聚变反应释放出来的Y光子来源于原子核内，释放的能量不能 讲成由质量转化而来，BC错误；D.根据爱因斯坦质能方程可知核聚变反应中质量亏损为△= ,D正确。故选D。 △E 4.B解析：ACD.由v-t图像可知，0≤t≤140s时，和谐号动车速度大于复兴号高铁，t>140s 时，和谐号动车速度小于复兴号高铁，故复兴号高铁追上和谐号动车前，t=140s时两车相距最 远，根据t图像与坐标轴围成的面积表示位移，可知复兴号高铁追上和谐号动车前，两车最远 相距△r2X140X70- 2×(140-70)×70=2450m,故ACD错误；B.复兴号高铁的加速度 为a= △140一70-1m/s,复兴号高铁加速达到最大速度所需的时间为1==95s,B正 △70 a 确。故选B。 5.A解析：恒星A与恒星B组成的双星系统具有相同的周期，根据万有引力提供向心力有G Mm4π2 L-m GM=M元RR十r=工，联立解得：M+n=号 =八2，故选A。 6.A解析：A.在燃气喷出后的瞬间，万户及所携设备组成的系统动量守恒，设火箭的速度大小为