第2讲 摩擦力-【红对勾讲与练·讲义】2026年高考物理大一轮复习全新方案通用版

2.计算弹力大小的三种方法 (1)根据胡克定律进行求解。 (2)根据力的平衡条件进行求解。 (3)根据牛顿第二定律进行求解。 考向1胡克定律的应用 【典例3】两个劲度系数分别斗 为k1和k2的轻质弹簧a、 h Q0·P b串接在一起，a弹簧的一 k k2 端固定在墙上，如图所示， 开始时弹簧均处于原长状态，现用水平力作用 在b弹簧的P端向右拉动弹簧，当a弹簧的伸 长量为L时 ( A6弹黄的伸长拉为 B.b弹簧的伸长量也为L C.P端向右移动的距离为2L D.P端向右移动的距离为1+)L 听课记录 考向2力的平衡条件的应用 【典例4】如图所示，水平直杆OP右 端固定于竖直墙上的O点，长为 L=2m的轻绳一端固定于直杆P Q 点，另一端固定于墙上O点正下方 的Q点，OP长为d=1.2m,重为 8N的钩码用质量不计的光滑挂钩挂在轻绳上 第2讲 必备知识梳理 1.两种摩擦力的比较 项目 静摩擦力 滑动摩擦力 两个相对 的物两个相对 定义 体间的摩擦力 的物体间的摩擦力 ①接触面粗糙 ①接触面粗糙 产生②接触处有压力 ②接触处有压力 条件③两物体间有 ③两物体间有 第二章相互作用 且处于静止状态，则轻绳的弹力大小为( A.10N B.8N C.6N D.5N 听课记录 考向3牛顿第二定律的应用 【典例5】（多选）(2025·湖 北宜昌高三检测)如图为 位于水平面上的小车，固 定在小车支架上的斜杆与 wNwui 竖直杆的夹角为0，在斜 杆下端固定有质量为m的小球。现使小车以 加速度a向右做匀加速直线运动，下列说法正 确的是 ( A.杆对小球的弹力方向竖直向上 B.杆对小球的弹力方向沿杆向上 C.杆对小球的弹力大小可能为ms cos 0 027 D.杆对小球的弹力大小为F=√(mg)+(ma) 听课记录 温馨提示0 学习至此，请完成课时作业7 摩擦力 自主学习：基础回扣 续表 项目 静摩擦力 滑动摩擦力 大小 0<F≤Fm F=uF 与受力物体相对运动趋 与受力物体相对运 方向 势的方向 动的方向 作用总是阻碍物体间的 总是阻碍物体间的 效果 2圈肉·讲与练·高三物理 回教材链接·想一想人教版教材必修第一册 P65“演示”一一静摩擦力的大小随拉力的变化， 得到如图所示的F-t图像，该图像信息说明 什么？ F/N 0-+-12314 F-1图像 关键能力提升 028 考点一静目 1.掌握静摩擦力有无及方向的判断“三法” (1)假设法：利用假设法判断的思维程序如下。 不发生相 无相对运无静摩方向与相 假设物体 对滑动 →动趋势→擦力 对运动趋 间接触面 势的方向 光滑 相反 不发生相，有相对运 有静摩 对滑动 动趋势一→擦力一 (2)状态法：先判断物体的运动状态，再利用牛 顿第二定律(F=ma)或平衡条件确定静摩擦力 的大小及方向。 (3)牛顿第三定律法：先确定受力较少的物体受 到的静摩擦力的方向，再根据“力的相互性”确 定另一物体受到的静摩擦力方向。 2.静摩擦力的计算方法 (1)物体处于平衡状态：利用平衡条件求解。 (2)物体处于加速状态：应用牛顿第二定律 F金=ma求解。 (3)最大静摩擦力：与接触面间的压力成正比， 其值略大于滑动摩擦力，通常认为最大静摩擦 力等于滑动摩擦力，即Fmax=uFN。 2.动摩擦因数 (1)定义：彼此接触的物体发生 时，摩 擦力和正压力的比值。公式=F F (2)决定因素：接触面的材料和 I概念辨析 1.两物体间有摩擦力时，一定有弹力，且摩擦力的 方向和它们间的弹力方向垂直。 () 2.两物体间的摩擦力大小和它们间的压力一定成 正比。 () 3.在两个运动的物体之间可以存在静摩擦力，且静 摩擦力的方向可以与运动方向垂直。 () 4.滑动摩擦力的方向与物体的运动方向相反。 ( 5.摩擦力总是阻碍物体间的相对运动（或相对运 动趋势)，但不一定阻碍物体的运动，即摩擦力 可以是阻力，也可以是动力。 6.受静摩擦力作用的物体是静止的。 ( 互动探究·考点精讲 摩擦力的分析 【典例1】(2025·山东聊城高三检测)如图所示， 木块A、B分别重50N和60N,它们与水平地 面间的动摩擦因数均为0.20，夹在A、B之间 的弹簧被压缩了1cm,弹簧的劲度系数为 400N/m,系统置于水平地面上静止不动（可 认为木块与水平地面间的最大静摩擦力等于 滑动摩擦力)。现用F=2N的水平拉力作用 在木块B上，此时木块A、B所受摩擦力分别 记为fA和∫B,弹簧弹力大小为F1,则() A-000000000B 7mgmmmmm A.fa=10 N B.fA的方向水平向左 C.fB=6 N D.F=6N 听课记录 〔对点演练】 1.（多选)如图所示，一竖 直放置的磁性白板，小 磁铁P直接吸在白板 上，下列说法正确的是 () A.因为磁铁静止，所以磁铁受到的静摩擦力大 小等于受到的重力大小 B.因为磁铁有下滑的趋势，所以磁铁受到的静 摩擦力方向竖直向下 C.如果垂直于白板方向对磁铁施加力F,磁铁 受到的静摩擦力仍保持不变 考点二 滑动 1.滑动摩擦力大小的计算方法 (1)公式法：F=uFN (2)状态法：利用平衡条件或牛顿第二定律列方 程求解。 2.滑动摩擦力的三点说明 (1)4为动摩擦因数，其大小与接触面的材料、 接触面的粗糙程度有关；F、为两接触面间的正 压力，其大小不一定等于物体所受的重力。 (2)滑动摩擦力大小与物体速度、接触面积的大 小无关。 (3)滑动摩擦力略小于最大静摩擦力，一般情况 下，可认为滑动摩擦力与最大静摩擦力近似相等。 【典例2】（多选）自动卸货 A 车始终静止在水平地面 0 上。车厢在液压机的作9w99m 用下改变与水平面间的倾角，用以卸下车厢中 的货物。当倾角增大到0时，质量为M的木 箱A与装在箱内的质量为的物体B一起以 共同的速度？沿车厢底匀速滑下，则下列说法 正确的是 () A.A受到的摩擦力为g sin0,方向沿底面 向上 B.B受到的静摩擦力大小为mg sin0 C.A受到车厢底面的滑动摩擦力大小为 Mgsin 0 D.A与车厢底面间的动摩擦因数：=tan0 第二章相互作用 进 D.如果垂直于白板方向对磁铁施加力F,磁铁 受到的静摩擦力将增大 2.两只完全相同的蚂蚁在轮胎 A 内外表面爬，当两只蚂蚁爬 到图示位置时保持静止，角α 大于角3。已知轮胎材料相 B 同，轮胎与蚂蚁之间的动摩 擦因数为4，蚂蚁质量为m,重力加速度取g,下 列说法正确的是 ( A.A处蚂蚁受到的支持力比B处蚂蚁大 B.B处蚂蚁受到的摩擦力比A处蚂蚁大 C.A处的蚂蚁受到的摩擦力大小为umg cos a D.B处的蚂蚁受到的摩擦力大小为mg sin B 摩擦力的分析 听课记录 029 [对点演练」 3.如图所示的实验可以用来研究物体所受到的滑 动摩擦力，已知木块的质量为m,细绳与木板之 间装有拉力传感器，木板质量为M(拉力传感器 的质量可忽略不计)，通过手拉绳子将木板从木 块下匀速抽出时，弹簧测力计的示数为∫，传感 器的示数为F,且在该过程中木块保持静止状 态，由此可知 () 木板拉力传感器 ，木块 桌面 A.木板与桌面间的滑动摩擦力大小等于F B.木块与木板间的滑动摩擦力大小等于F一f C.该实验可测出木板与木块之间的动摩擦因数 为上 mg D.该实验可测出木板与桌面之间的动摩擦因数 为威 2对勾·讲与练·高三物理 考点三摩擦 当物体的受力情况发生变化时，摩擦力的大 小和方向往往会发生变化，有可能导致静摩擦力 和滑动摩擦力之间的相互转化。常见的摩擦力突 变模型如下： 分类 诠释 当作用在物体上的其他力的合力 “静一静”突变 发生变化时，物体仍保持静止，而 F 所受静摩擦力发生“突变”，则“突 变”点是静摩擦力为0时 物体放在粗糙水平面上，作用在物 “静一动”突变 体上的水平力F从0逐渐增大，当 物体开始滑动时，物体受水平面的 F 摩擦力由静摩擦力“突变”为滑动 摩擦力 “动一静”突变 物体以。冲上斜面做减速运动， 030 当到达某位置时速度减为0，之后 静止在斜面上，滑动摩擦力“突变” 为静摩擦力 “动一动”突变 某物体相对于另一物体滑动的过 程中，若相对运动方向变了，则滑 动摩擦力方向发生“突变”，“突变” 点为两物体相对速度为0时 0 考向1“静一静”突变 【典例3】如图所示，一质量为 m的木块放在水平地面上， 在水平方向受到F,和F2作用而处于静止状 态，其中F,=10N,F2=3N。已知木块与地 面间的动摩擦因数为0.1，最大静摩擦力等于 滑动摩擦力。现撤去F,保留F2,则木块在水 平方向受到的摩擦力为 A.10N,方向向左 B.3N,方向向左 C.3N,方向向右 D.0 力的四类突变 听课记录 考向2“静一动”突变 【典例4】（多选）如图甲所示，重20N的木块放 在水平桌面上，给木块施加一随时间逐渐增大 的水平拉力F,传感器描绘出木块受到的摩擦 力随F变化的图像如图乙所示。下列说法正 确的是 ↑FN 12 10 VV27KK077777 0 A.当拉力F增大到10N时，木块仍然静止 B.当拉力F增大到11N时，木块已经运动 C.木块与水平桌面间的动摩擦因数为0.6 D.当拉力F增大到13N时，木块受到的摩擦 力大小仍为10N 听课记录 考向3“动一静”突变 【典例5】如图所示，斜面体固定 在地面上，倾角为0=37 (sin37°=0.6，cos37°=0.8)。 37°入 质量为1kg的滑块以初速度 。从斜面底端沿斜面向上滑行（斜面足够长， 该滑块与斜面间的动摩擦因数为0.8)，则该滑 块所受摩擦力F:随时间变化的图像是下列选 第二章相互作用 项图中的（取初速度。的方向为正方向，g取 运动情况的是 10m/s2) ( ) ↑FN ↑F,/N 6 04 s 04 s -65 -6.4 -6.4 A B a ↑F/N 6.4--- 641FN 6-2 t/s C 听课记录 听课记录 考向4“动一动”突变 【典例6】（多选）如图所示，足够长的传送带与水 031 平面夹角为0，以速度。逆时针匀速转动。在 传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木 块，小木块与传送带间的动摩擦因数： 温馨提示) tan0,则下列选项图中能客观地反映小木块的 学习至此，请完成课时作业8 第3讲 力的合成与分解 必备知识梳理 自主学习，基础回扣 1.力的合成 (1)合力与分力 ①定义：假设几个力共同作用的效果跟某个力 单独作用的 相同，这一个力就叫作那 几个力的 ,那几个力叫作这一个力的 甲 乙 ②关系：合力与分力是 关系。 水桶所受拉力示意图 回教材链接·想一想人教版教材必修第一册 P72插图，两个人分别用力F,、F2提着一桶水， 水桶静止；如图乙所示，一个人单独用力F提着 同一桶水，水桶静止。这种现象说明什么？球受力分析，受到竖直向下的重力，若 弹簧Q无拉力，小球受到弹簧P的拉 力与重力平衡时，不受支持力，即小球 与斜面间有可能无弹力，D错误。 4.CA项中小球A只受重力和杆的弹 力且处于静止状态，由二力平衡可得 小球A受到的弹力方向应竖直向上，A 错误；B项中如果左边的绳有拉力，则 竖直向上的那根绳就会发生倾斜，所 以左边的绳没有拉力，B错误；对于球 与面接触的弹力方向，过接触点垂直 于接触面（即在接触点与球心的连线 上)，即D项中大半圆对小球A的支持 力F2应是沿着过小球A与圆孤接触 点的半径，且指向圆心的弹力，D错误： C项中球与球相接触的弹力方向，垂直 于过接触点的公切面（即在两球心的 连线上)，而指向受力小球A,C正确。 考点三弹力的分析与计算 典例3D两个弹簧串联，弹力大小相 等，根据胡克定律F=kx得，x与k成 反比，则得b弹簧的伸长量为一，故 A,B错误；P端向右移动的距离等于 kL一 两个弹簧伸长量之和，即为L+ +)L,故C错误，D正确。 典例4D设挂钩所P ON 在处为N点，延长 PN交墙于M点， 如图所示，同一条 N 绳子拉力相等，根 据对称性可知两边 N 的绳子与竖直方向 的夹角相等，设为 a,则根据几何关系 可知NQ=MN,即 mg M PM等于绳长；根据几何关系可得 P0=1.2m=0.6,则a=37, sin a-PM 2m 根据平衡条件可得2 Tcos a=mg,解得 T=5N,故D正确，A、B、C错误。 典例5CD设杆对小球的弹力F在竖 直方向的分力为F,,水平方向的分力 为F,竖直方向根据受力平衡可得 F,=mg,水平方向根据牛顿第二定律 可得F,=a,杆对小球的弹力大小为 F=√F,+F=√(mg)+(ma)F, D正确：设小球所受的弹力F与竖直 Fx一 方向的夹角为a,则有ana一F,=g 当tana= a =tan0,即a=gtan0,此 时杆对小球的弹力方向沿杆向上，竖 直方向有F,=Fcos8=mg,解得F= 棕上分析可知，只有当加选度 a=gtan日时，杆对小球的弹力方向才 沿杆向上，当加速度Q=0时，杆对小 球的弹力方向竖直向上，A、B错误， C正确。 第2讲摩擦力 …必备知识梳理 1.静止运动相对运动趋势相对运 动相反相反相对运动趋势 相对运动 教材链接·想一想 提示：静摩擦力的大小随着外力的增 大而增大，但存在最大值。 2.(1)相对运动(2)粗糙程度 概念辨析 1./2.×3./4.×5./6.× …关键能力提升… 考点一静摩擦力的分析 典例1C未加F时，木块A、B受力平 衡，所受静摩擦力等于弹簧的弹力，弹 簧弹力为F1=kx=400N/m×0.01m= 4N,木块B与地面间的最大静摩擦力 fm=Gm=0.20X60N=12N,木块 A与地面间的最大静摩擦力fAm= uGA=0.20×50N=10N,施加F后， 对木块B有F十F1<fm,木块B仍然 静止，所受摩擦力仍为静摩擦力，其大 小f=F+F1=2N+4N=6N,方向 水平向左，故C正确；因为木块A、B仍 然静止，故弹簧弹力不变，F,=4N,故 D错误：施加2N的F之后，木块A仍 然静止，所受摩擦力仍为静摩擦力，大 小为∫A=F1=4N,方向水平向右，故 A、B错误。 对点演练 1.AC因为磁铁静止，由平衡条件可知， 磁铁受到的静摩擦力大小等于受到的 重力大小，故A正确：因为磁铁有下滑 的趋势，所以静摩擦力的方向竖直向 上，故B错误：如果垂直于白板方向对 磁铁施加力F,磁铁仍静止，由平衡条 件可知，竖直方向受力情况没变，静摩 擦力仍保持不变，故D错误，C正确。 2.D根据题意，对蚂蚁F、 受力分析，设蚂蚁所在 f 位置和圆心连线与竖 直方向夹角为日，如图 0 所示，由平衡条件可得 F=mgcos 0,f= mg mg sin8,由于a>B,则A处蚂蚁受到 的支持力比B处蚂蚁小，B处蚂蚁受 到的摩擦力比A处蚂蚁小，故A、B错 误；蚂蚁与轮胎之间保持静止，则摩擦 力不能按滑动摩擦力计算，则A处的 蚂蚁受到的摩擦力大小不一定为 ngcos a,故C错误；由题意可知，B处 的蚂蚁所在位置和圆心连线与竖直方 向夹角为B,则B处的蚂蚁受到的摩擦 力大小为mg sin B,故D正确。 考点二滑动摩擦力的分析 典例2ABD对A受力分析，受重力、 支持力、车厢底面对A的摩擦力、B对 A的压力和B对A的摩擦力，根据A 匀速运动，受力平衡，A受到的摩擦力 大小为Mgsin 0,方向沿底面向上，故 -527- A正确：B受到A的静摩擦力大小为 ng sin0,方向沿底面向上，故B正确： 将A、B作为整体，匀速运动，受力平 衡，所以A受到车厢底面的滑动摩擦 力大小为(M十m)gsin0,故C错误； 对于A、B整体，根据受力平衡，有 (M+m)gsin0=u(M十m)gcos8,所 以=tan8,故D正确。 对点演练 3.C木块在水平方向上受木板水平向 右的滑动摩擦力和弹簧测力计水平向 左的拉力作用，由于木块静止，则其所 受滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的 拉力大小∫，所以木块与木板间的滑动 摩擦力大小为∫，B错误；手拉绳子将 木板从木块下匀速抽出时，对木板受 力分析，受到水平向右的拉力F,木块 给木板的水平向左的摩擦力，大小等 于f,桌面给木板水平向左的摩擦力， 木板匀速运动，则木板与桌面间的滑 动摩擦力大小为F一f,A错误；根据 滑动摩擦力公式F!=F压，由于木块 与木板间的滑动摩擦力大小等于∫，则 木板与木块之间的动摩擦因数“= ，C正确：同理，由于木板与桌面间 mg 的滑动摩擦力大小为F一∫，则木板与 桌面之间的动摩擦因数'= F一∫，D错误。 (M+m)g 考点三摩擦力的四类突变 典例3C因为F,=10N,F,=3N且 木块保持静止，可知木块受静摩擦力 大小为f=F,一F2=7N,方向向左， 木块受最大静摩擦力∫m≥7N;现撤 去F1保留F2,因F,=3N<fm,则木 块仍静止，此时木块在水平方向受到 的静摩擦力为3N,方向向右，故选C。 典例4AD由题图知当拉力F增大到 10N时，木块受到的摩擦力为静摩擦 力，当拉力F增大到12N时，木块受 到的摩擦力为最大静摩擦力，后续木 块开始运动，受到的滑动摩擦力大小 为10N,当拉力F增大到10N时，木 块受到静摩擦力，此时木块仍处于静 止状态，故A正确；当拉力F增大到 11N时，木块仍受到静摩擦力作用，木 块处于静止状态，故B错误；滑动摩擦 力大小为10N,动摩擦因数4=E mg 10N=0.5,故C错误；当拉力F增大 20N 到13N时，木块受到滑动摩擦力作用， 大小为10N,故D正确。 典例5B滑块上滑过程中受滑动摩擦 力，F:=Fv,FN=mg cos日，联立得 F:=6.4N,方向沿斜面向下。当滑块 的速度减为0后，由于重力的分力 gsin日<umg cos 0,所以滑块静止，滑 块受到的摩擦力为静摩擦力，由平衡 条件得F=mg sin日，代入数据可得 F=6N,方向沿斜面向上，B正确。 参考答案“☑。 典例6BD小木块刚放上之后的一段 时间内所受摩擦力沿传送带向下，由牛 顿第二定律可得ngsin日十umng cos日= ma1,小木块与传送带共速后，因以< tan日，则小木块将继续向下加速运动， 此时有mg sin日-mng cos日=ma2,有 a1>a2,故BD正确，A、C错误。 第3讲力的合成与分解 …必备知识梳理… 1.(1)①效果合力分力②等效替代 教材链接·想一想 提示：两个或者更多力的共同作用与 一个力的单独作用效果相同，体现了 分力与合力的等效性。 (3)①合力②a.邻边对角线b.有 向线段 2.(1)分力逆运算(2)①平行四边形 (3)②垂直 3.(1)方向平行四边形(2)方向 算术 概念辨析 1./2.×3./4./5.X6.X 关键能力提升… 考点一共点力的合成 典例1BD两个分力F1、F2的合力范 周为F1一F,≤F≤F1十F2,当F1= F。时，合力的最小值为零，可知合力可 能比每个分力都大，可能比每个分力 都小，也可能等于分力的大小，故A错 误，D正确；根据平行四边形定则，两个 分力大小一定，夹角越大，合力越小， 故B正确；合力及其分力是一种效果 相同的等效关系，并没有同时作用于 同一物体上，故C错误。 典例2A根据胡克定律 知，每根橡皮条的弹力 F=k(2L-L)=kL,设 此时两根橡皮条的夹角 为日，如图根据几何关系F{ 81 知sin2=4,根据平行 四边形定则知，弹丸被发 射过程中所受的最大弹 力F◆=2Fcos2 =石kL,故选A 2 对点演练 1.AD力的合成遵从平行四边形定则或 三角形定则，根据这5个力的特点，F 和F;的合力与F?大小相等，方向相 反：F1和F,的合力与F,大小相等 方向相反：F2和F,的合力与F,大小 相等、方向相反；又F1、F,、F3、F1恰 好围成一个正方形，合力的大小为22F, F;=√2F,所以这5个共点力的合力 大小等于√2F,方向与F,相反。故 A、D正确，B、C错误。 2.B先以力F1和F2为邻边作平行四 边形，其合力与F:共线，大小F2 2F,如图所示，F12再与第三个力F 以对勾·讲与练·高三物理 合成求合力F6,可得F6=3F,故 选B。 不、 -1-1---- 考点二力的分解 典例3D将工件的重力垂直于斜面 I、Ⅱ进行分解，如图所示，由几何关 系可知，F1=mgc0s30°= 2mg,F:= ng sin30°= 之mg,故D正确。 30P mg 典例4B根据题意对货船S受力分析 如图甲所示，正交分解可知2Tc0s30°= 所以有T= 3f。 y 30 30 Q D 130 s36 对施船P受力分析如图乙所示，则有 (Tsin30)2+(f+Tcos30)2=F2, 解得F= 何该R 典例5AC根据 题意，作出夫量 A30° FB 三角形如图，通 过几何关系得， F,=25F或 3 F,=5F,故A,C正确，B.D错误。 3 考点三“活结”与“死结”、“动杆”与 “定杆”问题 典例6D由题意可知细线c对A的 拉力和细线d对B的拉力大小相等、 方向相反，对A、B整体分析可知细线 a的拉力大小为T。=(mA十mm)g= 1N,设细线b与水平方向夹角为a,对 A、B分析分别有T6sina十T.sinB= -528- mAg,T6cosa=T4cos0,解得T6= 0.5N,故选D。 典例7AC由于题图甲轻杆OA为 “定杆”，其O端光滑，可以视为活结， 两侧细线中拉力大小相等，都等于 g,由力的平衡条件可知，题图甲轻杆 中弹力大小为F甲=2 ngcos45°=√2mg, 故A正确；题图乙中轻杆O'A'可绕A 点自由转动，为“动杆”，另一端O光 滑，可以视为活结，O'两侧细线中拉力 相等，“动杆”中弹力方向一定沿“动 杆”方向，“动杆”O'A'中弹力大小等于 O'两侧细线中拉力的合力大小，两细 线夹角不确定，则轻杆中弹力大小无 法确定，故B、D错误；根据共，点力平衡 条件，题图甲中轻杆弹力与细线OB中 拉力的合力方向一定与竖直细线的拉 力方向相反，即竖直向上，故C正确。 对点演练 3.DAB杆固定于平台上，力不一定沿 杆，同一条绳的力大小相等，其合力一 定在其角平分线上，由于力不一定沿 杆，所以Q不一定等于B,故A错误；如 图所示，由两个力T所作力的平行四 边形为菱形，根据平衡条件可得T mg,根据几何关系可得a十B=53°，对 角线为F杆，则AB杆受到绳子的作用 力大小为F#=2Tcos2 8≠5mg,故 B错误；根据题意D端连接两条轻绳， 两条轻绳的力不一定大小相等，且CD杆 为较链连接，为“活”杆，杆力沿着杆的方 向，水平方向有F#c0s53°=Tc0s37°= 4 mg0s37,解得F%=3mg,故C错误： 当启动电动机使重物缓慢下降时，即 T=mg不变，a十B变小，根据F耕 2Tcos atB 2 ,可知F杆变大，故D正确。 F 绕过 B T T53% AF杆 中 mg y=37r 仑。电动机 第4讲受力分析共点力的平衡 必备知识梳理 1.(1)受力示意图(2)重力弹力 摩擦力 2.(1)同一点(2)匀速直线运动 (4)①相等相反②相等相反 三角形③相等相反 概念辨析 1.×2.×3./4.×5.× 关键能力提升 考点一受力分析 典例1C题图甲中，根据整体法可知， 木块B除了受重力外，一定受到墙面 水平向右的弹力（与水平推力平衡）和