安徽省皖南八校2025-2026学年高三上学期12月联考物理试卷 C卷

2026届“皖南八校”高三第二次大联考 物 理 吹 考生注意： 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。 2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对 应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答 题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 3.本卷命题范围：人教版必修一、必修二、选择性必修一第1章。 露 一、选择题：本题共10小题，共42分。第1~8题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合要求的；第9~10题，每小题5分，在每小题给出的选项中，有多项符合题目要 求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.下列各图中所有接触面都是光滑的，P、Q两球之间可能不存在弹力的是 7777777777777 777777 B C D 2.户外救援中，无人机在离地面高度为五的空中水平悬停，向地面被困人员 空投急救包.由于无人机飞行姿态微调，急救包抛出的水平初速度不 同，急救包可能打在前方的竖直岩壁上（无反弹），也可能直接落在地面安 777777777777 77777 全区.将急救包视为质点，不计空气阻力，则关于急救包抛出后在空中运 动的时间t与速度vo的关系图像，可能正确的是 3.如图所示，两物块用绕过光滑滑轮的轻绳连接，分别置于光滑斜面和光滑 2m 水平面上，质量为2m的物块在外力控制下（图中未画出外力），使整过系 30 统处于静止状态.现撤去外力，当质量为的物块沿着斜面下滑L时间 亦 内，绳子的拉力对物块m做功为（已知重力加速度为g》 A言mg B.- 3mgL C.mgL D.- 2mgL 【“皖八”高三二联·物理第1页（共6页）W一C】 4.2025年2月3日《观点网》消息，小米汽车官方微博宣布，2025年1月，小米SU7交付量再次超 过两万辆.某次测试中小米SU7沿水平直线运动的一段时间，汽车在中间时刻的速度与在中 间位置的速度大小相等，则小米SU7可能的运动是 A.小米SU7做加速度减小的加速直线运动 B.小米SU7做加速度增大的减速直线运动 C.小米SU7先做加速度减小的减速直线运动，紧接着又做加速度增大的加速直线运动 D.小米SU7做匀变速直线运动 5.物块A和斜面B的质量分别为m和3m,水平直角边长分别为L和3L,不计 一切摩擦，A从斜面顶端由静止开始运动，相对于斜面刚好滑到底端这一过程 中，正确的是 -3 A.物块A的机械能守恒 B.A与B组成的系统动量守恒 C.斜面B的位移大小为0.5L D.物块A的位移大小为1.5L 6.无人配送小车在某次进行刹车性能测试时，其位移x与时间1的关系可用如图所示的号一二图 像表示，则下列说法正确的是 2/(m·s A.小车的初速度大小为2m/s B.前2s内小车的位移大小为8m C.小车前4s的平均速度大小为4m/s D.小车在2s末的速度大小为1m/s 7.北京时间2025年9月9日10时00分，我国在文昌航天发射场使用长征七号改运载火箭，成功 将遥感四十五号卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功.该卫星主要 用于科学试验、国土资源普查、农产品估产和防灾减灾等领域.若遥感四十五号卫星沿椭圆轨 道绕地球运动，周期为T.如图所示，椭圆轨道的近地点离地球表面的距离为2R,远地点离地 球表面的距离为4R,地球可视为半径为R的均匀球体，万有引力常量为G.下列说法正确的是 A.卫星的发射速度大于第二宇宙速度 近地点 远地点 B.地球的平均密度可表示为92 0 GT C卫星在近地点和远地点的速率之比为 3 D.卫星在近地点和远地点的加速度之比为号 8.在冰壶比赛中，某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶，两者在大本营中心发生对心碰撞如图() 所示，碰撞前后两壶运动的一t图线如图(b)中实线所示，其中红壶碰撞前后的图线平行，两 冰壶质量相等，下列说法不正确的是 【“皖八”高三二联·物理第2页（共6页）W一C】 v/(m-s-) 蓝壶 1.2 红壶 1.0 蓝壶 红壶 、红壶 0.2 0 1 6'ts 图(a) 图b) A.碰后蓝壶速度为0.8m/s B.两壶发生的碰撞是弹性碰撞 C.碰后蓝壶移动的距离为2m D.碰后红壶所受的摩擦力大于蓝壶所受的摩擦力 9.如图所示，质量为=2kg的带孔物块和两个质量均为M=3kg的金属环通过光滑铰链用相 同的轻质细杆连接，物块套在固定的竖直杆上且与竖直放置的轻弹簧上端相连，轻弹簧下端固 定在水平横杆上，轻弹簧劲度系数k=100N/,金属环套在固定的水平横杆上.弹簧处于原长 状态时将物块由静止释放，弹簧始终在弹性限度内.已知弹簧的原长L。=0.8m,轻质细杆的 长度L=1m.忽略一切摩擦，重力加速度g=10m/s2,在物块下降的过程中，下列说法正确 的是 A.物块和弹簧组成的系统机械能最小时，单个金属环受到水平横杆的 支持力大小等于45N B.物块和弹簧组成的系统机械能最小时，单个金属环受到水平横杆的 支持力大小等于30N C.物块和两个金属环组成的系统动能最大时，弹簧的压缩量为0.2 D.物块和两个金属环组成的系统动能最大时，弹簧的压缩量为0.15m 10.如图所示，倾角0=37°的足够长斜面处于风洞试验环境中，斜面固定 F 一质量为m的小球受到水平向右的恒定风力F,风力大小？3，小球以 00 379 37 初速度。斜向上抛出，初速度与斜面的夹角为37°，空气阻力忽略不 计，重力加速度为g,下列判断正确的是 A.运动过程中小球离斜面的最大距离为 9v6 0g B,小球落到斜面上时落点与抛出点间的距离为86 5g C.小球落到斜面上时速度的大小为⑤。 5 D.运动过程中小球增加的机械能为2m呢 【“皖八”高三二联·物理第3页（共6页）W一C】 二、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(6分)如图甲所示，让两个小球在斜槽末端碰撞来验证动量守恒定律.实验前，已调节好装 置，使斜槽末端水平，选用两个半径相同、质量不同的小球进行实验，用质量大的小球碰撞质 量小的小球， m2 0 M P 甲 乙 图甲中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影，首先，将质量为1的小球从斜槽上的S位置 由静止释放，小球落到复写纸上，重复多次.然后，把质量为2的被碰小球置于斜槽末端，再 将质量为1的小球从S位置由静止释放，两球相碰，重复多次.分别确定平均落点，记为M、 N和P(P为m1单独滑落时的平均落点). (1)图乙为实验的落点记录，简要说明如何确定平均落点： (2)分别测出O点到平均落点的距离，记为OP、OM和ON.在误差允许范围内，若要验证碰 撞前后动量守恒，应满足关系式为 (3)完成上述实验后，实验小组的成员对上述装置进行了改造，小红改造后的装置如图丙所 示.使入射球仍从斜槽上由静止滚下，重复实验步骤中的操作，使两球落在以斜槽末端为 圆心的圆弧上，平均落点为M、P'、N'.测得圆心到M、P'、N'三点的连线与水平方向的 夹角分别为a、a2、a.则小红需要验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为 (用所测物理量的符号表示)」 m 丙 12.(9分)两实验小组分别做“探究加速度和力、质量的关系”实验 拉力传感器 打点计时器 小车、砝码打点计时器 777777777 小车 纸带 合砂桶 长木板 接交流 砂、砂桶 甲 (1)第一组用如图甲所示装置做实验，图中带滑轮的长木板放置于水平桌面上，拉力传感器可 直接显示所受拉力的大小，做实验时，下列操作必要且正确的是 A.将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动 B.小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的 示数 【“皖八”高三二联·物理第4页（共6页）W一C】 C.为了减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量 D.用天平测出砂和砂桶的质量 (2)第二组用如图乙所示的实验装置来做实验. ①在正确、规范的操作中，打出一条如下图所示的纸带，每两个计数点之间还有四个计时 点没有画出来，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器的频率为50Hz. 打第4个计数点时小车的速度= m/s;小车做匀加速直线运动的加速度a= m/s2.(保留三位有效数字) 5.007.059.1011.1013.1015.10 单位：cm 0 2 3 6 7 ②平衡了摩擦力后，在小车质量M保持不变的情况下，不断往砂桶里加砂，直到砂的质量 最终达到号M,测出每次加砂后，砂和砂桶的总重力F和小车的加速度a,作a一F的图 像.下列图线正确的是 13.(9分)如图所示，相互接触的n个相同的刚性齿轮穿过水平 固定的轴处于静止状态.0时刻在左侧第1个齿轮上施加 外力 水平向右的恒定外力，齿轮组向右做匀加速运动，s末，左 侧第8个齿轮对左侧第9个齿轮作用力的瞬时功率为P. 此过程中，左侧第2个齿轮对左侧第3个齿轮的作用力大 小为F,右侧第5个齿轮对右侧第4个齿轮的作用力大小 n个 为导已知每个齿轮所受的摩擦力相等，求： (1)n的值； (2)外力的大小： (3)ts末，齿轮组的位移. 【“皖八”高三二联·物理第5页（共6页）W一C】 14.(15分)如图所示，长度L=2.5m的水平传送带以=3m/s的速度顺时针运转，传送带的 左端与水平粗糙轨道平滑连接，在水平轨道上固定有半径R=0.45m的光滑圆弧轨道，圆 弧轨道底端与水平轨道相切，P点为圆弧轨道上的一点，P点与圆心O的连线与竖直方向的 夹角0=37°.传送带右端与圆弧轨道的左端间的距离s=0.3,小物块与传送带和水平轨道 间动摩擦因数均为=0.2，现将质量m=0.1kg的小物块轻放于传送带左端，g=10m/s2, 不计空气阻力.求： (1)物块A离开传送带时的速度； (2)物块第1次到P点时对轨道压力； (3)物块由放上传送带到最终静止在传送带上通过的总路程. 15.(19分)如图，相距L=4m的两光滑平台位于同一水平面内，二者之间用传送带相接，传送带 以v=5m/s的速度顺时针匀速转动.一长2m、质量M=3kg的匀质木板AB静止放置于距 离传送带左侧d=1m处.某时刻一质量m=1kg的物块（可视为质点）自木板左侧冲上木板， 物块的初速度大小b=4m/s.已知物块与木板之间的动摩擦因数4=0.5，木板与传送带之 间的动摩擦因数=0.4，重力加速度取g=10m/s2.求： (1)木板从开始运动至其右端到达传送带所需的时间； (2)木板全部进入传送带时的速度； B(● ● (3)木板刚开始进入传送带至全部离开的过程中，木板所受合外 力的冲量 【“皖八”高三二联·物理第6页（共6页）W一C】2026届“皖南八校”高三第二次大联考·物理 参考答案、解析及评分细则 1.BA.拿走Q后，P会向右运动，所以存在弹力，A错误.B.拿走P后，Q保持原状态不变，所以不存在弹力， B正确；C.拿走Q后，P会掉下来，所以存在弹力，C错误；D.拿走Q后，P会向右运动，所以存在弹力，D 错误 2.C当w较小时，急救包未碰岩壁就落地，此时下落高度一定，根据方=g知其下落时间一定，图线为水平 直线；当较大时，急救包在落地前先碰到岩壁，此时水平位移等于抛出点与岩壁距离x保持不变，根据x= ot知，o与t成反比，为双曲线的一支，C正确，ABD错误. 3.B对质量为m的物块进行受力分析得ng sin30°-F拉=ma,对质量为2m的物块进行受力分析得F拉= 2ma,两个公式联立得a=各，F色=停，绳子拉力对质量为m的物块做功W=一FL=一子mg 4.C作出汽车的一t图像如图，若汽车做加速度减小的加速直线运动，则中间时刻瞬时速度小于中间位置的 瞬时速度，如图A所示，A错误；若汽车做加速度增大的减速直线运动，则中间时刻瞬时速度小于中间位置 瞬时速度，如图B所示，B错误；汽车先做加速度减小的减速运动后做加速度增大的加速运动，中间时刻瞬时 速度可能等于中间位置瞬时速度，如图C所示，C正确；由匀变速直线运动的推论可知，小米SU?做匀变速 直线运动时，其中间时刻的速度小于中间位置的速度，D错误. 5 A B 5.CA.根据题意可知，斜面B对物块A的支持力对物块A做功，则物块A的机械能不守恒，A错误；B.根据 题意可知，初始时刻系统竖直方向动量为零，运动过程中，物块A有竖直方向的分速度，则竖直方向上系统的 动量不守恒，故A与B组成的系统动量不守恒，故B错误；CD.由题意可知，系统在水平方向上动量守恒，设 物块A的水平位移为x1,斜面B的水平位移为x2,由动量守恒定律有mx1=3m.x2,又有x1十x2=3L一L,解 得x1=1.5L,x2=0.5L,由于物块A的竖直位移不可求，则物块A的位移大小不可求，斜面B的竖直位移为 零，则斜面B的位移大小为0.5L,故D错误，C正确. 6.BA根据匀变速直线运动位移时间关系式=1十a,变形得，票-”+a,则号-}图像是一条倾斜 的直线，由题图可知，图线斜率为小车运动的初速度，则，=0一（一2)m/s=8m/s,纵截距为小车运动的加 4 速度的2，即号a=一2m/s,解得a=一4m/s,A错误：B.小车利车时间为1=。=2s,故前2s内的位移 a 大小为x=学=8m,B正确：CD.前2s小车做匀减速直线运动，2s后停止，即末速度为零，则前4s内的平 均速度0=子=2m/s,CD错误。 【“皖八”高三二联·物理试卷参考答案第1页（共4页）W一C】 7.B卫星绕地球运动，故其发射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，A错误.椭圆轨道的半长轴为α= 2迟十+迟=R,由开普粉第三定律有号-号解得近地卫是的周期为工=√尽T-专，由万有引力提 2 供向心力得=m琴R,解得地球的质量M-名-25于R,放地球的平均密度为。一兰-8器，B正 R GT GT2 确.由开普勒第三定律可知X3R=0X5R,解得=号，C错误，在近地点和远地点由万有引力提供向心 力，则有G-ma,解得a=以，即器-要孕-D结误 r2 8.BAB.由图可知碰前红壶的速度为vo=1.0m/s,碰后速度为，'=0.2m/s,可知碰后红壶沿原方向运动， 设碰后蓝壶的速度为v,取碰撞前红壶的速度方向为正方向，根据动量守恒定律可得mwo=mvo'十w,代人 数据解得=0.8m/s,根据2mw2>mw?+7m,可知碰檀过程机械能有损失，碰撞为非弹性碰擅，故A 正确，B错误：C.根据速度图像与坐标轴围成的面积表示位移，可得碰后蓝壶移动的位移大小为x=8×(6 一1)m=2.0m,故C正确；D.根据图像的斜率表示加速度，可知碰后红壶的加速度大于蓝壶的加速度，两者 的质量相等，由牛顿第二定律知碰后红壶所受摩擦力大于蓝壶所受的摩擦力，故D正确。 9.BC忽略一切摩擦，物块、弹簧和金属环组成的系统机械能守恒，则物块和弹簧组成的系统机械能最小时，金 属环的速度最大，此时金属环的加速度为零，合外力为零，经分析可知轻杆对金属环的作用力为零，即水平横 杆对单个金属环的支持力F、=Mg=30N,A错误，B正确；物块和两个金属环组成的系统动能最大时，此时 二者加速度为零，合外力为零，由AB选项分析知此时轻杆恰好不产生作用力，对物块有g=kx,解得x= g=0.2m,C正确，D错误. k 10.AD将小球受到的力沿斜面和垂直于斜面方向分解，根据牛顿第二定律，垂直斜面方向其加速度α1= mg四s37十Fn37°=名，沿斜面方向的加速度a,-血37Fc0s32-名g,则小球离斜面的最大距离 m m 人一m37)'-9A正确.小球运动的时间4=2X弘sm37°-，小球抛出点与落点间的距尚L 2a1 50g 5g 1 oc0s37°Xt- 8,B错误.小球落到斜面上，垂直于斜面方向的分速度=wsin37°，沿斜面方向 25 的分速度v2=voc0s37°-a2t= w,放u=√3 2 号，C错误.小球运动过程中恒定风力做功W=FLcos37” m2,小球机枝能增如箦m,D正确 24 11.(1)用圆规画圆，尽可能用最小的圆把各个落点圈住，这个圆的圆心位置代表平均落点(2分) (2)mOP=mOM+m2ON(2) cosa2=m1入sin a (3)mi sin a2 cosa1十m2sina3 cosa3(2分) 解析：2)碰撞前、后小球均做平抛运动，由方一8可知，小球的运动时间相同，所以水平位移与平抛初速 度成正比，所以若m1OP=m1OM十m2ON,即可验证碰撞前后动量守恒， (3)设圆弧半径为L,由几何关系可得x'=Rcosa,M'=Rsina,由平抛运动的规律得x'='ot',h'= 2g12,联 立可得。=60sa√2。则做平抛运动的水平速度分别为=c0s@a√2n gR gR ,v'2=cosa2√2sina2 【“皖八”高三二联·物理试卷参考答案第2页（共4页）W一C】 .代入动量守恒的表达式m1d=m01十md,化简可得m√sn '3=cosa3√2sina3 cos a2 cos a1 sin aI /cos a3 m2 sin as 12.(1)AB(2分)(2)①1.21(2分)2.02(3分)②C(2分) 解析：(1)A.实验前要平衡摩擦力，将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动，故A正确；B.实验时小 车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数，故B正确；CD.绳 子的拉力可以由拉力传感器读出，实验中不需要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量，不需要用天平测 出砂和砂桶的质量，故CD错误 (2)①由题可知，相邻计数点之间的时间间隔为T=5×0.02s=0.1s,根据匀变速直线运动规律可得，打第4 个计数点时小车的态度一号-1D×10s=1.21m:根据逐差法可得，小车的加流度为 4=7=1.10+13.10+15.10）-（5.00+7.05+9.10×102m/s=2.02m/s3. 9T2 9×0.12 @平衡了摩擦力后，对小车和砂桶整体分析，则有mg=(m十M0a,解得a三M=M,若满足m 测加速度a一，即α一F的图像为直线，当砂和砂桶的质量为5M时，不再满足m<M这一豸 速度随着的增大，图像的斜率应逐渐减小，因此图像将向下弯曲.故选C. 13.解：(1)设每个齿轮的质量为m,受的摩擦力大小为f,选左侧第3个齿轮到第n个齿轮为整体作为研究对 象进行受力分析，根据牛顿第二定律有F-(n-2)f=(n一2)ma(1分) 同理，以右侧第4个齿轮到右侧第1个齿轮为整体，根据牛顿第二定律有界一4=40(1分) 联立解得n=18(1分) (2)设水平外力大小为F,对18个齿轮整体，根据牛顿第二定律有F一18f=18ma(1分) 联立解得F= (1分) (3)设ts末左侧第8个齿轮对左侧第9个齿轮的作用力大小为F”,齿轮组的位移和速度分别为x, 以左侧第9个齿轮到第18个齿轮整体为研究对象，根据牛顿第二定律有F”一10f=10ma(1分) 瞬时功率P=F'v(1分) 根据位移公式可得=受1分) 联立解得=票 1分) 14.解：(1)对物块根据牛顿第二定律得mg=ma(1分) 解得a=2m/s2(1分) 假设物块一直匀加速至传送带右端，根据运动规律v2=2aL(1分) 解得v=√10m/s>3m/s 所以物块在传送带上先加速后匀速，故物块以v。=3m/s离开传送带，速度方向向右(1分) 2)物块运动到P点，由动能定理得nn三mgs-mgRo-cos0)(2分】 由牛顿第二定律得FN一mgcos0=m尺 (1分)》 【“皖八”高三二联·物理试卷参考答案第3页（共4页）W一C】 联立解得=器N 由牛顿第三定律可知物块对轨道的压力大小为F一器N,方向斜向右下方与竖直方向成37”角1分) 1 (3)设物块在水平轨道粗糙段的总路程为s0,根据动能定理则有一mgs=0-2m(1分) 解得s0=2.25m=7s+0.15m(1分) 故物块此后又滑上传送带3次，最后停在水平轨道中点处，根据动能定理及运动学公式有 1 。wi umg·2三2mu之m6,x1白。 (1分) 2μg 1 2 2c772g·2.s=722—。72i,x2= (1分) 2ug 1 -mg·2s= (1分) 则物块在传送带上通过的总路程为x=L十+2(x1十x2十x3)=8.8m(2分) 15.解：(1)物块冲上木板后，对木板由牛顿第二定律得1mg=Ma(1分) 设木板和物块共同速度为v共，由动量守恒定律可得=(m十M)v共(2分) 设所用时间为，对木板由运动学公式可得残=at1,x=2a(1分) 设二者共速后到刚进人传送带所用时间为t2,由运动学公式可得d-x1=共t2(1分) 木板从开始运动至右端到达传送带所需的时间t=t1十t2(1分) 联立解得t=1.3s(1分) (2)木板进人传送带时，由于>2，物块不会相对木板滑动.木板所受摩擦力随进入传送带的位移均匀增 大(1分) 设木板全部进入传送带时的速度为1，对物块和木板整体，由动能定理可得 Zs(m+Mg·u=(m十M0a2-合(m+M)a2(2分) 联立解得v1=3m/s(2分) (3)木板全部进入传送带时的速度w1=3m/s<v=5m/s,木板会继续做匀加速直线运动(1分) 设加速度为a2,由牛顿第二定律可得u2(m十M)g=(m十M)a2(1分) 设木板和传送带共速所需时间为t3,位移为x3,由运动学公式可得 0=十a:=士：（2分) 联立解得x3=2m（1分) 当木板B端刚好到达传送带右端时，木板和传送带共速，此后木板和物块以5m/s匀速离开传送带. 木板刚开始进入传送带至全部离开的过程中，取水平向右为正方向，由动量定理可得对木板有I=M一 Mo共(1分) 解得I=12N·s,方向水平向右.(1分) 【“皖八”高三二联·物理试卷参考答案第4页（共4页）W一C】