安徽省太和中学2025-2026学年高三上学期12月月考物理试题

高三物理 考生注意： 1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在试卷和答题卡上，并将考生号条形码粘 贴在答题卡上的指定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答策后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需 改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的。 1.如图所示，光滑斜面体固定在水平面上，斜面的倾角为0，一可视为质点的物块在斜面顶端 由静止释放，若斜面体的高h一定，物块沿斜面从顶端下滑到底端的过程，倾角0越大，则 A.重力的冲量越小 B.重力的冲量越大 C.合力的冲量越大 D.合力的冲量越小 2.如图所示为某同学设计的油量表，闭合开关，当往油箱里加油时，浮子高度升高，带动滑杆 使滑动变阻器的滑片P下移，下列判断正确的是 滑杆 油面 浮子 油箱 A.电流表的示数变小 B.电压表的示数变小 C.电源的输出功率一定变大 D.电源的总功率变小 物理(B卷)试题第1页（共8页） 3.如图所示，A、B两个小磁铁分别用α、b两根细线悬吊着，由于磁力作用，静止时细线a与竖 直方向的夹角为30°，细线b与竖直方向的夹角为60°，则a,b两细线上的拉力大小之比为 A.1 60 B c D.5 4.如图所示，足够长的水平传送带以v=2/s的速度沿顺时针方向匀速转动，一物块以大小 为o=4m/8水平向右的速度从A端滑上传送带，物块相对传送带滑行的时间为2s。若物 块以大小为。=4/s水平向左的速度从B端滑上传送带，则物块相对传送带滑行的时 间为 A.3 s B B.4s C.5s D.6s 5.2025年10月31日，我国发射了神舟二十一号载人飞船，将三名宇航员成功送人了在轨道 Ⅱ上运行的天官空间站。如图所示，飞船发射后先进人椭圆轨道I,P是椭圆轨道的近地 点，Q是椭圆轨道的远地点，P点离地心距离为1、Q点离地心距离为2，飞船在椭圆轨道P 点时线速度大小为1、加速度大小为α1；在椭圆轨道Q点时线速度大小为2、加速度大小为 a2。下列关系正确的是 A4=3 2T1 B. 4>2 2 0 物理(B卷)试题第2页（共8页） 6.如图所示，A、B两个完全相同且可视为质点的小球分别用细线悬吊在水平天花板上，将两 球靠在一起静止在P点，两细线伸直，A球悬线与竖直方向的夹角为日，B球悬线与竖直方 向的夹角为0，且02<0<5°，不计空气阻力，将两球同时释放，则下列判断正确的是 A.A球先回到P点 cagaeeeeeeeuzeeeee B.两球同时回到P点 C.A球在运动过程中受到绳的最大拉力较大 D.两球在运动过程中受到绳的最大拉力一样大 7.如图所示，ABCD为处在匀强电场中的正方形，电场线与正方形平面平行，F为BC边中点， A点电势为5V,C点电势为-9V,将一个电子从A点移动到F点，克服电场力做功为7eV, 则电场强度方向 A.沿A到F方向 B B.沿B到F方向 C.沿C到F方向 D.沿D到F方向 8.坐标原点处的质点在1=0时刻从平衡位置开始沿y轴做简谐振动，形成的简谐横波沿x轴 正方向传播，t=,时刻的部分波形如图所示。质点P的平衡位置在x=2m处，0~时间内 质点P运动的路程为64cm,振动的时间为0.8s,则下列判断正确的是 4y/cm 4x/ A.波的传播速度为5m/s B.o=0.8s C.波源处质点的起振方向为y轴负方向 D.当质点P的加速度沿y轴正方向且增大时，质点P的速度沿y轴负方向增大 物理(B卷)试题第3页（共8页） 二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项 符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9.如图所示，无人机正向右上方做匀速直线运动，速度方向与水平方向夹角为37°，速度大小 为D,l=0时刻无人机上落下一个小球，重力加速度为g,sn37°=0.6，不计空气阻力，无人 机的运动状态始终不变。小球在空中运动过程中，下列说法正确的是 A小球始终在无人机正下方 B.小球运动过程中的最小速度为0.6v C.1=4,时刻，小球与无人机间的距离为G D.1=时刻，小球的速度大小为、√+(go) 10.如图所示，α、b两个半径均为R的均匀带电圆环所带电荷量分别为-Q、+Q,两圆环平行 正对放置，两圆环的圆心O,、O2间距为2R,A为两圆心连线中点，在两圆环所带电荷产生 的电场中，轴线上C点电势最高，B点电势最低，且B、C两点的电势绝对值相等。一个电 荷量为+9、质量为m的带电粒子以大小为的初速度仅在电场力作用下从无穷远处沿两 圆环的轴线向左运动，粒子恰好能穿过两个圆环，设无穷远处电势为零，静电力常量为k, 则下列判断正确的是 +q A.A点电势为零 B.A点的电场强度大小为 2R2 3m6 c.C点的电势为29 D.粒子在运动过程中的最大速度为2o 物理(B卷)试题第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(6分)某同学用如图1所示装置探究加速度与合外力的关系，小车的质量为M(含动 轮)，动滑轮两边的轻绳与长木板平行。 力传感器 位移传总器 图1 图2 (1)不悬挂砂桶，将长木板没有定滑轮的一端适当垫高，轻推小车，若位移传感器测得小车 运动的位移x与小车运动时间：的关系图像如图2所示，则应将长木板的倾角适当 （填“调大”或“调小”)些，直到位移传感器测得小车运动的位移x与小车 运动时间：的关系图像是一条过原点的倾斜直线，则表明平衡了阻力。 (2)挂上装有砂子的砂桶，释放小车，位移传感器测得小车运动的位移x与小车运动时间 平方的关系图像是一条过原点的倾斜直线，得到图像的斜率为k,则小车运动的加速 度大小a= (3)多次改变砂桶中砂的质量重复实验，记录每次实验力传感器的示数F,求出每次小车 运动的加速度α，作a-F图像，如果图像是一条过原点的倾斜直线，则表明小车（含动 滑轮)质量一定时，小车运动过程中加速度与合外力成正比，这时图像的斜率应等于 12.（10分)实验小组要测量一段金属丝的电阻率。 R 2 R 15 图1 图2 (1)用螺旋测微器测金属丝的直径，示数如图1所示，则金属丝直径d= mmo (2)要测量金属丝的电阻，实验小组设计了如图2所示的电路图并选择合适的器材组成实 物理(B卷)试题第5页（共8页） 验电路，定值电阻几、R,的阻值已知，R为金属丝，将滑动变阻器的滑片移到一㜫，使 滑动变阻器输出电压 （填“最大”或“最小”)，将开关S,合向1.闭合开关 S,丽节滑动变阻器，若电流表A,A的示数分别为，，则求得电流表A,的内阻r。= (结果用1，、，R、R表示)。 (3)将开关5，合向2，多次调节滑动变阻器的滑片，记录每次调节后电流表A,、A,的示数 ,作(-图像，得到图像是一条过原点的倾斜直线，图像的斜率为k,由此求得金 属丝的电阻R,=（结果用ky、R,表示)，测得金鳳丝接人电路的长度为， 则求得金属丝的电阻率p=（结果用L、dR,表示)。 13.(10分)如图所示，倾角为37的斜面体固定在水平面上，斜面底端固定有挡板，一质量为 1kg可视为质点的物块从距离挡板1m处的斜面上由静止释放，」后物块与挡板碰撞并 原速率反弹，重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6。求： (1)物块与斜面间的动摩擦因数： (2)物块第一次反弹后上升到最高点的过程中，运动的位移大小。 物理(B卷)试题第6页（共8页） 14.（14分)在工业粒子分选设备中，水平放置的平行板电容器作为核心分选部件，其结构如 图所示，上极板A固定，下极板B可上下移动，右侧设置垂直于极板的粒子收集板S,收集 板上标有刻度可用于确定粒子落点位置。已知极板长度L=0.4m,初始时极板间距d。= 0,4m,收集板与极板右端的水平距离D=0.6m,收集板中心在极板初始中线上。A、B两 极板间电压恒为U=400V,A板带正电。现有一批质量m=4×10~0kg、电荷量q=2.0× 10-C的带正电粒子，以to=2.0×10m/s的初速度沿初始极板中线水平射人，忽略粒子 重力与粒子间的相互作用。 (1)求粒子射出极板时的竖直分速度大小； (2)在实际分选作业中，需将粒子打在收集板中心下方y=0.2m处，工人通过移动下极板 B改变极板间距，粒子仍沿初始极板中线水平射人，使粒子恰好落在目标位置，求此时 极板间距d1。 物理(B卷)试题第7页（共8页） 15.(18分)如图所示，半径为R的光滑四分之一圆弧体静止在高为R且上表面光滑的固定 平台上，C点与圆心0点连线与水平方向夹角为30°，圆弧最低点P的切线水平，圆弧体有 一部分在平台外。将质量为m可视为质点的物块在圆弧最高点由静止释放，当物块滑离 圆弧体时，P点刚好与平台右边缘Q点对齐，物块落地时的位置离Q点的水平距高为R、 重力加速度为g,求： (1)物块滑离圆弧体时的速度大小： (2)初始时P、Q两点间的距离： (3)当物块运动到圆弧面上C点时，圆孤体的速度大小。 300 物理(B卷)试题第8页（共8页）高三物理(B卷)答案 选择题：共10小题，共42分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一个选项符合题目要求，每小题4分， 共32分。第9~10题有多个选项符合题目要求，每小题5分，共10分，全部选对的得5分，选对但不全的得3分， 有选错的得0分。 1.答案A 命题透析本题考查冲量的概念、动量定理，考查考生的物理观念。 思路点拨0越大，物块在斜面上滑动的时间越短，重力的冲量越小，A项正确，B项错误：根据机械能守恒可 知，物块滑到斜面底端的速度大小恒定，根据动量定理可知，合力的冲量大小不变，C、D项错误。 2.答案B 命题透析本题考查电路分析，考查考生的科学思维。 思路点拨当往油箱里加油时，滑片P向下移，电路中的总电阻减小，总电流变大，电流表示数变大，电压表的 示数变小，A项错误，B项正确；由于外电阻与电源内阻大小关系无法确定，因此无法判断电源的输出功率是变 大还是变小，C项错误；由P=E可知，电源的总功率变大，D项错误。 3.答案D 命题透析本题考查整体法受力分析，考查考生的科学思雏。 思路点拔整体法可知，T,sin30°=T,sin60°，则2=万，D项正确。 T 4.答案D 命题透析本题考查匀变速直线运动规律，考查考生的科学思维。 思路点拨由题知，物块相对传送带滑动时的加速度大小为1/s2,则当物块从B端滑上传送带，物块相对传 送带滑行的时间1=牛。+子。=6s,D项正确。 2 5.答案A 命题透析本题考查开普勒第二定律、牛顿第二定律，考查考生的科学思维。 思路点拨 根据开普勒第二定律，，=22，”=2，A项正确，B项错误；根据牛顿第二定律，GMm ,=ma1, 2T1 =ma,因此有4= 子，C、D项错误。 6.答案C 命题透析本题考查单摆运动规律，考查考生的科学思维。 思路点拨根据题意可知，两球释放后做单摆运动，由于A球摆长较大，由T=2m√ 可知，A球摆动的周期 大，B球先回到P点，A、B项错误；球在最低点时受到绳的拉力最大，设球到最低点的速度为“，则在最低点 2 T-%=m无，根据机械能守恒mg(1-os)=方md2,解得T=3mg-2mgms0,则0越大，最大拉力越大，C 项正确，D项错误。 7.答案B 命题透析本题考查电势、电势能、电场强度的关系，考查考生的科学思维。 思路点拨设F点电势为pF,根据题意，-7eV=-(p4-pr),解得pr=-2V,由于A、C连线中点即正方形 的中点O的电势也为-2V,因此OF连线为等势线，电场强度垂直于等势线并从高电势指向低电势，因此电场 强度方向沿B到F方向，B项正确。 8.答案C 命题透析本题考查简谐横波的传播规律，考查考生的科学思维。 思路点拨由题可知，t=t时刻，质点P运动的路程为64cm,说明质点P振动了2T,即2T=0.8s,解得T= 04s,波的传搭速度e=宁=10m,A项错误；=6时刻，波源处质点已振动了257，因此6=1s,B项错误； t=t。时刻波传播到x=10m处且波前质点正沿y轴负方向振动，因此波源处质点的起振方向为y轴负方向，C 项正确；质点P的加速度沿y轴正向增大时，质点P的速度正沿y轴负方向减小，D项错误。 9.答案AC 命题透析本题考查运动的合成与分解，考查考生的科学思维。 思路点拨小球的运动分解为沿无人机方向的匀速直线运动和自由落体运动，因此小球相对于无人机做自由 落体运动，始终在无人机正下方，小球与无人机间的距离等于小球做自由落体运动下落的高度之g,A,C项正 确；小球运动过程中的最小速度为水平分速度，等于cos37°=0.8，B项错误；t=t。时刻，小球的速度大小为 v=√(cos37°)'+(sin37°-go)7,D项错误。 10.答案ABD 命题透析本题考查电场中的功能关系，考查考生的科学思维。 思路点拨将两个圆环看成若干对等量的异种点电荷，等量异种点电荷连线中点的电势为零，因此A点的电 势一定为零，A项正确：A点的电场强度E,=2,口 2)2cs45·三2？，B项正确；由于粒子恰好能穿过两圆 说明粒千到C点时的速度给好为零，则心。=之m,解得心c=需C项错误：粒子运动到B点时电势能最小， 1 动能最大，则了mg=-gpe+之m2,解得=反，D项正确。 11.答案(1)调小(2分) (2)2k(2分) (3)品2分 命题透析本题考查探究加速度与合外力的关系，考查考生的科学探究能力。 思路点拨(1)由图2可知，小车做加速运动，因此应将长木板的倾角适当调小。 -2 (2)由x=分得到时a=,则a=2k。 (3)由2P=k,则a=立，因此图像的斜率应等于品。 12.答案(1)0.608(0.606~0.609,2分) (2)最小(2分) (I1-12)R1 12 -R,(2分) 82分) 分) 命题透析本题考查测金属丝的电阻率，考查考生的科学探究能力。 思路点拨(1)金属丝的直径d=0.5mm+0.01mm×10.8=0.608mm。 (2)闭合开关前，将滑动变阻器的滑片移到一端，使滑动变阻器输出电压最小；由串并联电路的特点11=12+ ）,解得=4)R R -R29 ()由=+得到=1克)根器恩意1+=解得风-格根器电阻定律 R=P- ,解得p=B 13.命题透析本题考查牛顿第二定律的应用，考查考生的科学思雏。 思路点拨 (们)由运动学规律可知)三L… 解得a1=2m/s3 根据牛顿第二定律mgsin370-mngcos37°=ma1… (2分) 解得u=0.5 (1分) (2)物块反弹的速率为v,则 v=a t=2 m/s (1分)】 根据牛顿第二定律umgcos37°+mgsin37°=ma2…(2分) 解得a2=10m/s2 可得x=2a, y=0=0.2m …(2分） 14.命题透析本题以工业粒子分选为情景，考查带电粒子在电场中的偏转问题，考查实际情景建模能力和逻辑 推理能力。 思路点拨(1)粒子水平方向做匀速直线运动，通过极板的时间，=1=2×106。…(1分) 电场强度E。==1×10V/m d …(1分）》 由牛顿第二定律得加速度a=。=5×10°ms (2分) m 竖直分速度v,0=at1=1×103m/s… (2分) 一3 (2)极板间距为d,时，电场强度E,= 名，粒子加速度a, 9E1 (1分) m qUr 则电场中偏转位移2=2a,(=2md (2分) 离开电场时竖直分速度v,=a,1= Ut (1分) md D 粒子离开电场后，水平方向运动到收集板的时间2= =3×106s. 00 (1分) 离开电场后的竖直偏移量y3=,2= qltt (1分) md 由y=2+3,解得d=0.8m…(2分) 说明：(2)也可根据类平抛运动推论：速度反向延长线指向水平位移中点。画出运动轨迹图，根据几何关系求 出y2,进而求出d1。 15.命题透析本题考查动量守恒、能量守恒、关联速度，考查考生的科学思雏。 思路点拨(1)设物块滑离圆弧体时的速度大小为1，则物块做平抛运动过程 R=U1t…… (2分) 2R-i8 (2分) 解得u1=√gR (2分) (2)设物块滑离圆弧体时，圆弧体的速度大小为2，圆弧体的质量为M 根据水平方向动量守恒有mu1=M2 (1分) 根据能量守恒有me球=之+宁 (1分) 解得M=m (1分) 物块在圆弧面上下滑过程中，根据水平方向动量守恒有m,=M mxt =Mxz (1分) 由于花1十2=R…(1分） 因此开始时P,Q间的距离为，=宁R …(1分)》 (3)当物块运动到C点时，设圆弧体的速度大小为，物块速度在竖直方向分速度大小为”，、水平方向分速度 大小为 根据水平方向动量守恒M=m心，… …(1分)》 根据能量守恒ngRsin30=之M+2m(心+) …(2分） 根据关联速度（即物块、圆弧体沿圆弧半径方向上的分速度相等）vcos30°=v,cos60°-u,cos30°…(2分) 解得v= …(1分) 一4