福建省南安第一中学2025-2026学年高二上学期第二次阶段测试物理试题

南安一中2025～2026学年度上学期高二年第二次阶段考 物理科试卷 本试卷考试内容为：必修三第一章到第五章第一节，选必一第一章，选必二第一章第一节。分第I卷（选择题）和第II卷，共8页，满分100分，考试时间90分钟。 注意事项： 1．答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．考生作答时，请将答案答在答题纸上，在本试卷上答题无效。按照题号在各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。 3．答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚（选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号）。 4．保持答题纸纸面清洁，不破损。考试结束后，将本试卷自行保存，答题纸交回。 第I卷（选择题 共40分） 一、单选题（本大题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。） 1．非洲电鳐的捕猎方式是放电电晕猎物，它放电的电压可达100V，电流可达50A，关于电源、电流和电阻，下列说法正确的是（　　） A．在金属导体中，自由电子的定向移动形成电流，两者方向相反 B．导体的电阻与导体两端电压成正比，与流过导体的电流成反比 C．电源的作用是在电源内部把电子由负极搬运到正极，保持两极之间有电压 D．放电的电流可达50A，电流的单位“安培”不是国际单位制中的基本单位 2．如图，半径为R的刚性圆形线框通过绝缘细线悬挂在弹簧测力计下端，通有方向的电流，开始时a与匀强磁场边界AB相切，弹簧测力计的示数为F。现将线圈沿竖直方向缓慢上提，直到c点与AB相切，弹簧测力计（始终有示数）示数F的变化（　　） A． 一直变大 B． 一直变小 C． 先变大后变小 D． 先变小后变大 3．如图所示为元件甲和乙的伏安特性曲线，两图线交于A点，A点坐标为（12V，1.5A）。下列说法正确的是（　　） A．甲为非线性元件 B．元件乙的电阻随电压的增大而减小 C．当元件两端电压为12V时，甲消耗的电功率比乙的小 D．若将甲、乙元件并联在电压为5V的理想电源中，则2s内通过干路某一横截面的电荷量为3.25C 4．如图所示，边长为L的正方形的四个顶点固定四根垂直纸面方向的长直导线，电流的方向如图，已知通电直导线在周围空间某点产生的磁感应强度大小为，I为通电直导线中的电流，r为空间某点到直导线的距离。已知a、c中的电流强度大小均为2I0，b、d中电流强度大小均为I0，此时正方形中心O点的磁感应强度大小为B0。下列说法正确的是（　　） A．导线a在O点产生的磁感应强度大小为 B．仅移走a处的通电直导线，O点的磁感应强度大小为 C．导线b在O点产生的磁感应强度大小为B0 D．仅移走b处的通电直导线，O点的磁感应强度大小为 5．有一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c、d四点的位置如图所示，cd、cb分别垂直于x轴、y轴，其中a、b、c三点的电势分别为：4V、8V、10V，现在让一个电荷量为q＝－2×10－5C的负点电荷由a点开始沿abcd路线运动，则下列判断正确的是（　　） A．坐标原点O的电势为8V B．电场强度的大小为200V/m C．该点电荷在c点的电势能为2×10－5J D．该点电荷从a点移到d点过程中，电场力做功为8×10－5J 6．翡翠湖公园有一水流造景设施的截面如图所示，水平喷水口P横截面积为S、喷水的流速恒定为v，从P喷出的水柱恰好能垂直撞到倾角为的斜面AC上的B处，速度瞬间变为零，之后沿斜面流下。已知水的密度为ρ，重力加速度为g，不计空气阻力，则（　　） A．水流单位时间内撞到B处的体积Q=2Sv B．水流与B处碰撞前瞬间的速度 C．空中水的质量 D．水流对B处的冲击力 二、双选题（本大题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。） 7．如图所示，图中虚线为某电子透镜内电场中等差等势面的分布图，a、b是其中的两个等势面，一个电子在电场中运动的轨迹为图中的实线。不计电子的重力，则下列说法正确的是（　　） A．电子在B点的动能一定比在A点动能大 B．等势面a比等势面b的电势高 C．若电子从A运动到B，加速度一直减小 D．若电子从B运动到A，电场力一直做正功 8．如图所示，真空中有A、B、C三个带正电的点电荷，它们固定在边长为L的等边三角形的三个顶点上，B、C点电荷的电荷量为q，A点电荷的电荷量为2q，O点是三角形底边的中点，静电力常量为k。下列说法正确的是（　　） A．点电荷B、C对A的静电力大小为 B．点电荷C对A的静电力大小为，方向由A指向C C．若将C的电荷量变为－q，O点的电场强度大小将变小 D．O点的电场强度大小为 9．如图所示电路中电源电动势为E，内阻为r，各电表均为理想电表，滑动变阻器滑片处于中间位置，闭合电键后，一带电微粒恰好沿平行板电容器的中线飞出。改变滑动变阻器的阻值，电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为、、，电流表A示数变化量的绝对值为，则（　　） A．若将滑动变阻器滑片向下移动，粒子飞出时动能不变 B．若将滑动变阻器滑片向上移动，V1、V2、V3、A示数均变小 C．若将滑动变阻器滑片向上移动，、均不变 D．保持滑片位置不动，仅将N板向上平移少许，粒子向N板偏转 10．如图所示，在竖直平面内有足够宽的匀强电场，场强E=1.5×103 N/C，方向水平向右。一根长L=0.5m的绝缘细线，一端固定在O点，另一端系一质量m=0.1kg的带电小球，静止时悬线与竖直方向的夹角。若小球获得垂直于绳子斜向上的初速度后，恰能绕O点在竖直平面内做完整的圆周运动，A、B为圆的竖直直径。取小球静止时的位置为零电势点，，，重力加速度g取10m/s2。则（　　） A．绳子的最大拉力大小为6.25N B．小球的电荷量 C．若小球经过B点时绳子断开，则之后小球的最小动能为0.28J D．若小球经过B点时绳子断开，则之后小球的最大电势能为0.60J 第II卷（非选择题，共60分） 三、填空题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。） 11．如图是静电除尘装置的示意图，烟气从管口 进入（选填：“ M ”或者“ N ”）。当金属丝A、B两端接直流高压电源后，可实现减少排放烟气中粉尘的目的。为提高除尘的效率，A端应接直流高压电源的 （选填：“正极”或者“负极”）。 12． 在摸高测试中，一质量为m的同学下蹲后用力蹬地的同时举臂起跳，离地后身体姿势保持不变，上升高度为h，若从蹬地到离开地面的时间为，空气阻力不计，重力加速度为g，则同学离开地面时的动量大小为 ，该过程地面对他的支持力的冲量大小为 。 四、实验题（本大题共2小题，每小题6分，共12分。） 13.某同学在实验室看见一卷电阻丝，想通过测量其电阻率而知其材质。 (1)该同学在用螺旋测微器测量金属丝的直径d时，某次测量的结果如下图所示，该读数为 mm。 (2)该同学首先对金属丝的电阻进行粗测，把多用电表的选择开关调到“”的欧姆档，欧姆调零后，把多用电表的红、黑表笔分别与电阻丝的两端连接，指针位置如图中a所示，为使测量结果更加准确，应将选择开关调到 （填“”或“”）挡，欧姆调零后重新测量时指针位置如图b所示，则电阻丝的阻值约为 Ω。 (3)为了精确测量其阻值，该同学利用实验室提供的如下器材设计实验电路进行测量： 电流表A（量程，内阻约为）； 电压表V（量程为，内阻约为）； 滑动变阻器R（最大阻值为，额定电流）； 电源E（电动势为，内阻忽略不计）；开关S一只，导线若干； 则图中_______（填字母代号）电路为本次实验的最佳电路。 A． B． C. D． (4)数据处理时该同学以电压U为纵轴，电流I为横轴，画出U-I图像，是一条过原点的倾斜直线，其斜率为k，已知电阻丝接入电路的长度为L，则该电阻丝的电阻率表达式为ρ= （用k，L，d表示）。 14．为测量电源的电动势和内阻，某小组同学设计了图甲所示的实验电路，电路中的各个器材元件及其参数为：电池组（电动势约5V）、电流表（量程2A）、电阻箱R1（0~99.9Ω）、滑动变阻器R2（0~10Ω）、开关三个及导线若干。 (1)实验步骤如下： a、在闭合开关前，调节电阻R1或R2至最大值，之后闭合开关S，再闭合S1或S2（根据b步骤判断）； b、调节电阻 （选填“R1”或“R2”），得到一系列电阻值R和电流I的数据； c、断开开关，整理实验仪器。 图乙中的实线是由实验数据绘出的图像，电源电动势E = V，内阻r = Ω（计算结果保留2位有效数字）； (2) 考虑到电流表实际并非理想电表，则真实的图像更接近图乙中的 虚线（选填“①”“②”或“③”）。 五、计算题（本大题共4小题，15题8分，16题8分，17题11分，18题13分，共40分。） 15．如图所示的匀强电场中有A、B、C三点，AB＝3cm，BC＝5cm，其中AB沿电场方向，BC和电场方向成60°夹角。一个带电量q＝2×10-9C的正电荷从A移到B，静电力做功为WAB=2.4×10-8J，求： (1)匀强电场的场强； (2)BC之间的电势差UBC。 16． 农业所用的灌溉喷头如图1所示，水泵从地下表层水面抽水并以不变的速率沿水平方向喷出，。地面与水面的距离为H，喷头离地面的高度为h，不计空气阻力。水泵由电动机带动，水泵的输入功率等于电动机的输出功率，不计电动机的摩擦损耗。水落点到喷口的水平距离为L。为了调节灌溉范围，某同学重新设计了电路，如图2所示。电路的输入电压U0恒为380V。当滑动变阻器接入电路的阻值R0为190Ω时，电动机恰好不转动，理想电流表示数I0为1.9A。 (1)求电动机内阻r； (2)当滑动变阻器接入电路的阻值为80Ω时，电流表的示数为2A，求电动机的输出功率。 17．如图所示为俯视图，在光滑绝缘水平桌面上建立直角坐标系xOy，在第二象限有沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E1，且第二象限内有半径为R的半圆形光滑绝缘轨道OA。一质量为m、带电量为+q的小球以某一速度从O点沿x轴负方向射入半圆轨道，小球恰能不脱离半圆轨道，并从A点进入第一象限。x轴上P点的坐标为（3L，0），在P点左侧有宽度为2L的匀强电场，电场方向沿y轴负方向，电场边界与x轴的交点分别为和，小球最终经过P点离开第一象限，求： (1)小球刚进入半圆轨道时的速度大小； (2)若点和P点重合，第一象限内的电场强度多大； (3)设点到O点的距离为x(x ≤ L)，第一象限内的电场强度大小为E2，则E2与x之间应满足什么关系。 18．如图所示，倾角的光滑固定斜面上放有A、B、C三个质量均为m的物块（均可视为质点），A固定，C与斜面底端处的挡板接触，B与C通过轻弹簧相连且均处于静止状态，A、B间的距离为d，现释放A，一段时间后A与B发生碰撞，重力加速度为g，取，。 (1)求A与B碰撞前瞬间A的速度大小v0； (2)若A、B碰撞为弹性碰撞，碰撞后立即撤去A，且B沿斜面向下运动到速度为零时（此时B与C未接触，弹簧仍在弹性限度内），弹簧的弹性势能增量为Ep，求B沿斜面向下运动的最大距离x； (3)若A下滑后与B碰撞并粘在一起，且C刚好要离开挡板时，A、B的总动能为Ek，求弹簧的劲度系数k。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 南安一中2025～2026学年度上学期高二年第二次阶段考 物理科参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C D B D C BD AD AC BC 1．A 【详解】A．人们规定电流的方向与正电荷定向移动的方向相同，与负电荷定向移动的方向相反，故A正确； B．导体的电阻取决自身的材料性质，长度和横截面积，与导体两端电压、流过导体的电流无关，故B错误； C．电源的作用是在电源内部把电子由正极搬运到负极，保持两极之间有电压，故C错误； D．国际单位制中七个基本单位：长度，时间，质量，热力学温度（开尔文温度），电流，光强度（坎德拉），物质的量，所以放电的电流可达50A，电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位，故D错误。 2．C 【详解】开始时与匀强磁场边界AB相切，线框不受安培力的作用，则有示数 提起时，线圈受到安培力 l为等效长度，根据左手定则判断，安培力方向向下，根据受力平衡可得示数 将线圈沿竖直方向缓慢上提，等效长度先增大后减小，则弹簧测力计（始终有示数）示数F的变化先变大后变小，故C正确。 3．D 【详解】A．I-U图像的斜率表示电阻的倒数，元件甲的电阻恒定，则为线性元件，故A错误； B．I-U图像的斜率表示电阻的倒数，则元件乙的电阻随电压的增大而增大，故B错误； C．当元件两端电压为时，两者电流相同，根据P=UI，甲消耗的电功率与乙相同，故C错误； D．将甲、乙两元件并联接到5V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以两元件两端的电压均为5V，由图像可知通过两元件的电流分别为I乙=1.0A，I甲=0.625A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以总电流I=1.625A，根据电荷量定义可知，通过干路某一横截面的电荷量为，故D正确。 4．B 【详解】A．根据右手螺旋定则作图 根据矢量的合成可知 而根据可知，，故AC错误； B．根据矢量叠加可知，仅移走a处的通电直导线，O点的磁感应强度大小为，故B正确； D．仅移走b处的通电直导线，O点的磁感应强度大小为，故D错误； 5．D 【详解】A．由于是匀强电场，所以沿同一方向前进相同距离电势的变化量相等，所以 代入数据解得 ，故A错误； B．ab中点e的电势为φe＝6V，连接Oe则为等势面，如图所示 由几何关系可知，ab垂直于Oe，则ab为一条电场线，且方向由b指向a，电场强度为 故B错误； C．该点电荷在c点的电势能为，故C错误； D．由题意结合几何知识可知b、d在同一等势面上，该点电荷从a点移动到d点电场力做功为 ，故D正确。 6．C 【详解】A．水流单位时间撞到B处的体积等于水流单位时间撞通过水平喷水口的体积，即体积为，故A错误； B．水流从P到B做平抛运动，平抛初速度为，由于水柱恰好能垂直撞到斜面，几何关系可知在B的速度方向与水平方向成，则有。故B错误； C．结合B选项分析，由平抛规律可得水流在B的竖直方向速度 故平抛时间为 ，所以空中水的质量 ，故C正确； D．设时间内有质量为的水撞击斜面，设该过程斜面给水的支持力为N，规定方向为正方向，由动量定理有 因为 联立解得 根据牛顿第三定律可得，水流对B处的冲击力 ，故D错误。 7．BD 【详解】 A． 电子从A运动到B电场力做负功，动能减小，故A错误； B．电场线与等势面垂直，电场力指向运动轨迹的凹侧，电子带负电，电子受到的电场力与电场方向相反，电子从A运动到B的过程中，电场力与速度的夹角大于，电场的方向向右，等势面a比等势面b电势高，故B正确； C．等差等势面越密集的地方电场线也越密集，电场强度越大，则电子从A运动到B，电场强度先减小后增大，电子运动的加速度先减小后增大，C项错误； D．若电子从B运动到A，电场力一直做正功，故D正确。 8．AD 【详解】AB．根据库仑定律知，B或C对A点电荷的静电力大小为 且C对A的静电力方向由C指向A，由三个带正电的点电荷构成等边三角形，根据几何知识可得，A、B处的电荷对C处电荷的静电力的合力大小 故A正确，B错误； D．三个点电荷在O点产生的电场强度方向如图所示 根据点电荷场强公式 可知点电荷B和点电荷C在O点的电场强度大小相等、方向相反，二者的矢量和为零。点电荷A在O点的电场强度即为O处的电场强度，其大小为 又 联立可得产生的电场强度大小为 ，故D正确； C．若将C的电荷量变为，则反向，大小不变，与都不变，此时点的电场强度大小为 ，故O点的电场强度大小将变大，故C错误。 9．AC 【详解】A．根据图中二极管接法，可知电容器只能充电不能放电；电容器两端电压为R与滑动变阻器电压之和；题意可知起初微粒受力平衡，即电场力与重力等大反向，故微粒受到的电场力竖直向上；若将滑动变阻器滑片向下移动，滑动变阻器接入电路阻值变小，根据串反并同规律，可知电容器两端电压减小，电容器要放电，由于二极管原因，电容器放不了电，即Q不变，根据，可知电容器两端电压U不变，根据可知电容器两极板间电场强度不变，微粒受到电场力不变，故微粒仍沿中线飞出，故微粒飞出时动能不变，故A正确； B．若将滑动变阻器滑片向上移动，滑动变阻器接入电路阻值变大，根据串反并同规律，可知变大，示数减小，由于电流减小，根据可知变大，故B错误； C．因为，，可知 故若将滑动变阻器滑片向上移动，均不变，故C正确； D．保持滑片位置不动，则电容器两端电压不变，仅将N板向上平移少许，则极板间距缩小，根据，可知场强E增大，故微粒受到的电场力增大，粒子向M板偏转，故D错误。 10．BC 【详解】B．小球静止时悬线与竖直方向成37°，受重力，拉力和电场力，三力平衡，如图，根据平衡条件，有解得故B正确； A．小球在复合场中的等效重力加速度大小为 小球恰能绕O点在竖直平面内做完整的圆周运动，小球在等效最高点，由牛顿第二定律得 解得 小球从圆周运动的等效最高点到等效最低点由动能定理得 解得 小球在圆周运动的等效最低点时绳子拉力最大 解得，故A错误； C．小球从圆周运动的等效最高点到B点，由动能定理得 解得 若小球经过B点时绳子断开，小球在复合场中做类斜抛运动，则之后小球运动到等效重力场的最高点时的动能最小，为，故C正确； D．小球在B点的速度方向与电场线方向平行，当小球经过B点时绳子断开后，在电场线反方向运动的位移最大时电势能增大的最大，即 当小球经过B点时绳子断开后，在电场线反方向运动的位移最大时电势能最大 ，故D错误。 11． M 负极 【详解】[1]因为烟气要经过金属管内进行除尘，所以应从管口M进入，这样才能在管内完成粉尘的去除过程；[2]在静电除尘中，粉尘要吸附电子带上负电，然后向带正电的金属管运动从而被收集。金属丝A端要放出电子使粉尘带电，所以A端应接直流高压电源的负极，这样A端才能放出电子让粉尘带上负电。 12． 【详解】[1]设同学离开地面时的速度大小为，根据运动学公式可得解得 则同学离开地面时的动量大小为 [2]设该过程地面对他的支持力的冲量大小为，以向上为正方向，根据动量定理可得解得 13．(1)0.899/0.990mm/0.991mm (2) ×10 110 (3)C (4)（2分） 【详解】（1）观察固定刻度部分有0mm线和半毫米线，对应读数为0.5mm，活动刻度部分为0.490mm，所以金属丝的直径 （2）[1]欧姆表的刻度不均匀，应选择适当倍率档，使指针指到刻度盘中央区域，第一次的指针偏转角度太大，应更换小的倍率档进行测量。 [2]指针指在表盘“11”的位置，对应的倍率档为“×10”，所以被测电阻为 110Ω。 （3）比较被测电阻与电压表、电流表的内阻关系，可知被测电阻为小电阻，所以测量电路用电流表外接法，另外实验要“精确测量”，应该尽量多测量几组数据，滑动变阻器使用分压接法，所以选 C图测量。 （4）根据电阻定律 ，， 联立可得 14．(1) R1 （1分） 5.0V（2分） 3.0Ω（1分） (2) ③（2分） 【详解】（1）[1]要用电阻箱与电流表结合测量电动势与内阻，则要改变电阻箱的值并且记录接入电路电阻的阻值，故调节电阻R1得到一系列电阻值和电流数据。 [2][3]由闭合电路欧姆定律可得，整理得 由上式可知图线的斜率是电动势的倒数，图像的斜率为 解得电动势为 图线在纵轴上的截距是 解得内阻 （2）考虑到电流表实际并非理想电表，由闭合电路欧姆定律可得 可得，可得图像的斜率不变，故电动势测量值等于真实值。图线在纵轴上的截距是，可得内阻的测量值大于真实值。图乙中的实线是由实验数据绘出的图像，由两种情况的表达式可知真实的图像更接近图乙中的③。 15．(1) ；(2) UBC=10V 【详解】(1)正电荷从A移到B （2分） 解得 （2分） (2)将该电荷从B移到C，静电力做的功UBC=ELBC（2分） UBC=10V（2分） 16．(1)10Ω (2)400W 【详解】（1）电动机未工作，视作纯电阻。由欧姆定律， （2分） 解得（1分） （2）电动机两端的电压为（2分） 电动机输出功率（3分） 17．(1) (2) (3) 【详解】（1）设小球进入圆弧轨道的速度大小为，在点速度为，则有 ，（1分）（1分） 解得（1分） （2）若点和重合，则小球在第一象限电场内的运动时间为（1分） 在轴方向，（2分）解得（1分） （3）小球进入第一象限，先做匀速直线运动，后做类平抛运动，最后做匀速直线运动到达点，设粒子射出第一象限电场时，沿轴方向的位移为，速度为速度偏向角 位移偏向角，故速度反向延长线交水平位移的中点，故根据几何关系有，（1分） ，（1分）且（1分） 解得（1分） 18．(1)；(2)；(3) 【详解】(1)根据机械能守恒定律有（1分）解得（1分） (2)设碰撞后瞬间A、B的速度大小分别为v1、v2，根据动量守恒定律有（1分） A、B碰撞过程机械能守恒，有（1分）解得（1分） A、B碰撞后，对B沿斜面向下压缩弹簧至B速度为零的过程，根据能量守恒定律有 （1分）解得（1分） (3)A、B碰撞前，弹簧的压缩量为（1分） 设A、B碰撞后瞬间的共同速度大小为v3，则有（1分） 当C恰好要离开挡板时，弹簧的伸长量为（1分） 可见，在B开始沿斜面向下运动到C刚好要离开挡板的过程中，弹簧的弹性势能的改变量为零，根据机械能守恒定律有（2分）解得（1分） 答案第 1 页 共 8页 学科网（北京）股份有限公司 $只5口 报告查询：登录zhixue.com或扫描二维码下载Apr (用户名和初始密码均为准考证号) 南安一中2025~2026学年度上学期 准考证号 ▣洲 高二年第二次阶段考物理科答题卡 [0] [o] [0] [o] [0] [o] [0] [0] 姓名： 班级： 考场/座位号： [1] [1] [1] [1] [1] [2] [2] [2] [2] [2] [2 [2] [3] [3] [3] [3] [3] 3] [3] [ 1.答题前请将姓名、班级、考场、准考证号填写清楚。 [4] [4] [4] [4] [4] [ [4] [4] 2.客观题答题，必须使用2B铅笔填涂，修改时用橡皮擦干净。 [5] [sj [ [5] [5] [5] tsj [5] 注意事项 3.主观题答题，必须使用黑色签字笔书写。 [6] [6 4.必须在题号对应的答题区域内作答，超出答题区域书写无效。 [7] ] [7] 5.保持答卷清洁、完整。 [8] [8] [8] 正确填涂■ 缺考标记☐ [9] [9] [g] [9] 9] [9] [9] [9] 单项选择题 I[A][B][C][D] 2[A][B][C][D] 3[A][B][C][D] 4[A][B][C][D] 5[A][B][C][D] 6[A][B][C][D] 双项选择题 T[A][B][C][D] 8[A][B][C][D] 9[A][B][C][D] I0[A][B][C][D] 填空题 11. 12 实验题 13.(1) (2) (3) (4) 14. (1) (2) 囚囚■ ■ 解答题 15. A 60 16 h M R A H 水 图1 图2 囚囚■ a ■ 17. M 1 E 产X E 1 1 1 1 ■ 囚■囚 ▣ 18. ☑ Oww☒ 囚■囚 ■