江苏省淮安市2025-2026学年九年级物理上学期期末自编模拟卷

2025-2026学年江苏省淮安市上学期期末自编模拟卷答案 九年级物理 （考试时间80分钟，试卷满分90分） 注意事项： 1、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答卷时，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2、回答第Ⅰ卷时选出每小题的答案，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后再涂选其他答案标号,写在本试卷上无效。 3、回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 4、测试范围（苏科物理2024版第11-15.2章） 第一卷 一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个正确） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D A D B B A C A C 一．选择题（共10小题） 1．下列是电能单位的是（　　） A．安培（A） B．伏特（V） C．千瓦时（kW•h） D．瓦特（W） 【解答】解：A、安培（A）是电流的国际单位，故A错误； B、伏特（V）是电压的国际单位，故B错误； C、千瓦时（kW•h）是电能的单位，故C正确； D、瓦特（W）是功率的国际单位，故D错误。 故选：C。 2．根据如图所示的天气状况和地表环境信息，推断昼夜温差最小的是（　　） A． B． C． D． 【解答】解：水的比热容比砂石的比热容大，相同质量的水和砂石，在相同受热或者放热的情况下，温度变化小，所以海洋比陆地的昼夜温度小，同时与晴天时对比，天气为多云时，白天由于云层的阻挡，海洋吸收太阳的热量较少，夜晚海洋放出的热量由于云层的阻挡，散失的热量较少，所以昼夜温差最小的是天气为多云时的海洋，故ABC错误，D正确。 故选：D。 3．如图所示，闭合开关S后，发现灯L1比L2亮，则通过两灯的电流I1与I2的大小关系是（　　） A．I1＝I2 B．I1＞I2 C．I1＜I2 D．无法确定 【解答】解：由电路图可知，两灯串联。因为串联电路中各处的电流相等，所以通过它们的电流相等，即I1＝I2； 故选：A。 4．小明看到正在工作的两台挖掘机，展开了自己的思考。下列说法正确的是（　　） A．挖掘机挖起土后在水平路面上匀速行驶的距离越远，对土做的功越多 B．大功率挖掘机一定比小功率挖掘机做功多 C．大功率挖掘机一定比小功率挖掘机所用时间少 D．大功率挖掘机比小功率挖掘机做功快 【解答】解：A、挖掘机挖起土后在水平路面上匀速行驶时，挖掘机施加给土的力竖直向上，而土没有在竖直方向上通过距离，所以挖掘机对土不做功，与其在水平路面上行驶的距离远近无关，故A错误。 BC、功的大小与功率和时间都有关系，只知功率或时间，无法比较功的多少，故BC错误。 D、功率与功和时间有关，仅知功率的大小，无法比较做功的多少或者用时的长短，故D正确。 故选：D。 5．如图所示，是小普同学跟爷爷学习功夫的四个基本动作，由此他联想到热机的冲程，以下与压缩冲程最相似的是（　　） A．“鼻孔吸气”对应的汽油机冲程吸入的是汽油和空气的混合物 B．“气沉丹田”对应的汽油机冲程是将机械能转化为内能 C．“排山倒海”所对应的汽油机冲程是靠飞轮的惯性来完成的 D．汽油机和柴油机都是通过火花塞点火的 【解答】解：A、“鼻孔吸气”相当于吸气冲程，油机冲程吸入的是汽油和空气的混合物，与压缩冲程无关，故A不符合题意； B、“气沉丹田”相当于压缩冲程，在压缩冲程中将机械能转化为内能，故B符合题意； C、排山倒海时对外做功，相当于汽油机的做功冲程，此冲程中将内能转化为机械能，不是靠飞轮的惯性来完成的，与压缩冲程无关，故C不符合题意； D、汽油机是通过火花塞点火，而柴油机是由喷油嘴喷出雾状柴油而燃烧，与压缩冲程无关，故D不符合题意。 故选：B。 6．如图所示为目前流行的一种自热火锅。该自热火锅配有发热包，发热包的主要成分包括生石灰、活性炭、硅藻土、土和铝粉等。将发热包放到冷水中，生石灰与水产生化学反应，生成氢氧化钙，并放出大量的热，从而加热上层食物。有关自热火锅说法不正确的是（　　） A．食物被加热的过程中，食物含有的内能增多 B．食物被加热的过程中，是通过做功的方式使其内能增加 C．食物被加热的过程中，香味四溢，说明分子在不停地做无规则运动 D．发热包放到水中，将化学能转化为内能 【解答】解：A、食物被加热的过程中，吸收热量，所以食物含有的内能增多，故A正确； B、食物被加热的过程中，食物吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式使其内能增加，故B错误； C、食物被加热的过程中，香味四溢，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确； D、生石灰与水反应会放出大量的热，此反应过程中的能量转化关系是化学能转化为内能，故D正确。 故选：B。 7．公元前400多年，墨子所著《墨经》中有大量的物理知识，其中包括杠杆原理，比阿基米德还早两百多年。墨子将阻力臂叫“本”，动力臂叫“标”。下列杠杆属于“本短标长”的是（　　） A．钢丝钳 B．食品夹 C．钓鱼竿 D．筷子 【解答】解：根据题意可知，“本短标长”是指动力臂长，阻力臂短，属于省力杠杆； A、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A符合题意； B、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B不符合题意； C、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不符合题意； D、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D不符合题意。 故选：A。 8．电功大小与电流、电压、通电时间都有关。用如图所示装置探究电功大小的影响因素，下列说法正确的是（　　） A．两灯是并联的 B．两灯规格应相同 C．该装置可用来探究电功与电压的关系 D．灯L1比灯L2更亮时，电压表V2的示数比V1大 【解答】解：A、从图中可以看出，电流只有一条路径，两灯串联，故A错误； B、根据控制变量法可知，探究电功大小与电压的关系时，两灯的规格不能相同，故B错误； C、该装置是串联电路，电流个通电时间相同，当两灯泡的规格不相同时，可以探究电功与电压的关系，故C正确； D、灯L1比灯L2更亮时，说明L1的实际功率较大，串联时电流相同，根据公式P＝UI可知，电压表V1的示数比V2大，故D错误。 故选：C。 9．我国铁路已实行电子客票，乘客需刷身份证同时进行人脸识别，两个信息都符合后闸机门（电动机）才自动打开，可检票通过。下列模拟电路中，符合上述要求的是（　　） A． B． C． D． 【解答】解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，闸机自动打开，这说明两个开关相互影响，是串联，然后与电动机串联，故A正确。 故选：A。 10．如图甲所示的是体育课上的坐位体前屈测量仪，图乙是兴趣小组的同学们设计的模拟电路，闭合开关，当推动绝缘柄使滑动变阻器的滑片向左移动时，可以利用电流表反映测量成绩，电源电压恒为6V，R1标有“20Ω 2A”字样，定值电阻R2＝10Ω。下列分析正确的是（　　） A．去掉R2后依然能确保电路安全 B．当滑片移至最右端时，电路消耗的功率为3.6W C．测试成绩越好，电流表示数越大 D．测试成绩越好，电路的总功率越小 【解答】解：A、闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑动变阻器接入电路的电阻为0时，去掉R2后，会发生短路，不能确保电路安全，故A错误； B、当滑片移至最右端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，电路消耗的功率为P＝＝＝1.2W，故B错误； CD、测试成绩越好，滑动变阻器接入电路的电阻越小，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻越小，根据欧姆定律可知通过电路的电流越大，即电流表示数越大，根据P＝UI可知电路总功率越大，故C正确，D错误。 故选：C。 二．填空题（共9小题，共24分，除17、18题每空2分，其余都每空、图1分。） 11．电源是提供 　电压　 装置，一节干电池的电压是 　1.5　 伏特。 【解答】解：电源是提供电压的装置，电压是形成电流的原因。 一节干电池的电压是1.5V。 故答案为：电压；1.5。 12．一架运送救灾物资的飞机到达受灾地区后，在空中一边水平匀速飞行，一边投放救灾物资。这一过程中飞机的动能 　变小　 ，重力势能 　变小　 。（填“变大”、“变小”或“不变”） 【解答】解：飞机在空中沿水平方向匀速飞行，同时往地面投放救灾物资，飞行过程中，质量不断减小，速度不变，高度不变，动能减小，重力势能减小。 故答案为：变小；变小。 13．为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示的LED护眼灯，每个教室里的12盏LED护眼灯的连接方式是 　并　 联的。LED灯发光效率高，主要由 　半导体　 材料制成。 【解答】解：教室里日光灯更换成如图所示的LED护眼灯，每个教室里的12盏LED护眼灯的连接方式是并联的。LED灯发光效率高，主要由半导体材料制成。 故答案为：并；半导体。 14．清明前后有吃青团的食俗。如图所示是制作青团皮时用到的模具，它是一个 　省力　 杠杆，制作青团时可以捏出不同的花边，说明力可以改变物体的 　形状　 。 【解答】解：（1）从图可得，制作青团皮时用到的模具，在使用时，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆； （2）制作青团时可以捏出不同的花边，改变了青团形状，所以说明力可以改变物体的形状。 故答案为：省力；形状。 15．如图所示，如果要使灯L1、L2串联，则应闭合开关　S1 ，断开开关　S2、S3 ，如果电流表示数为0.25A，则通过L1的电流为　0.25　 A。 【解答】解： 要使两灯泡串联，则应将两灯泡首尾相连接到电源两端；由图可知，只能闭合S1，断开S2、S3，才能实现两灯泡的串联； 此时电流表测量串联电路的电流，由于串联电路处处电流相等，因此通过L1、L2的电流都为0.25A。 故答案为：S1；S2、S3；0.25。 16．如图，是三种类型剪刀的示意图，请你为铁匠师傅选择一把剪铁皮的剪刀，你会选择 　C　 （填“A”“B”或“C”）剪刀，这样选择的目的是 　省力　 。 【解答】解：由于剪铁皮需要的力较大，为了省力，需要选择省力杠杆， 由图片可知，C剪刀的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，可用来剪铁皮，目的是为了省力。 故答案为：C；省力。 17．小明家的电能表表盘上标有“2500r/（kW•h）”字样，将某用电器单独接在该表上工作20min，电能表转盘转了50圈，该用电器的电功率是　60　 W。 【解答】解：2500r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，转盘正好转过2500圈， 所以转盘正好转过50圈电灯消耗的电能：W＝kW•h＝0.02kW•h； 电热水器的实际功率： P＝＝＝0.06kW＝60W。 故答案为：60。 18．某同学家自来水的温度为15℃，他洗澡时把燃气热水器的温度设定为40℃，通过查看水表得知自己洗澡用了0.02m3的水，则水吸收 　2.1×106 J热量；如果燃气热水器的效率是95%，他这次洗澡消耗了 　0.055　 m3天然气，如果用无烟煤来加热，需要 　0.065　 kg。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），q天然气＝4.0×107J/m3，q煤＝3.4×107J/kg] 【解答】解：（1）由得0.02m3的水的质量为： m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.02m3＝20kg； 某同学家自来水的温度为15℃，他洗澡时把燃气热水器的温度设定为40℃，通过查看水表得知自己洗澡用了0.02m3的水，则水吸收的热量：； （2）如果燃气热水器的效率是95%，由得他这次洗澡天然气释放的热量为：； 由Q放＝Vq得他这次洗澡消耗的天然气的体积为： ； （3）由Q放＝mq得，如果用无烟煤来加热，需要完全燃烧的质量为：。 故答案为：2.1×106；0.055；0.065。 19．如图所示，用电流表测量并联电路中通过L1的电流，线头M应接在　b　 ；（选填“b、c、d”）正确连接后，电流表指针如图所示，则通过小灯泡L1的电流大小为　0.48　 A。如果电源电压为3V，则可以计算L1的电阻大小为　6.25　 Ω。 【解答】解：图中用电流表测量并联电路中通过L1的电流，则要保证电流表与串联，由此可知线头M应接在b； 图中电流表选用的量程是0～0.6A，其对应的分度值为0.02A，则读数为0.48A，即通过小灯泡L1的电流大小为0.48A。 电源电压为3V，根据并联电路的电压规律可知，L1两端的电压为3V。则灯L1的电阻为。 故答案为：b；0.48；6.25。 三．解答题（共7小题，共46分，25、26题详见解答。） 20．如图所示，某实验小组“探究不同物质的吸热升温的现象”，用红外灯加热 　质量　 相同的水和沙子，水和沙子吸收热量的多少通过 　加热时间　 来反映；若升高相同的温度，　水　 需要的加热时间长。 【解答】解： 在“探究不同物质的吸热升温的现象”实验中，要控制变量，所以应选用质量相同的水和沙子； 研究物体吸热本领的与物质的种类的关系时，由于是相同的红外灯加热，即沙子和水在相同的时间内吸收的热量相等，所以可以利用加热时间的长短来反映物体吸收热量的多少； 水和沙子的质量相同，升高温度相同时，水的比热容大于沙子的比热容，根据Q吸＝cmΔt可知，水吸收的热量比沙子吸收的热量多，即水需要的加热时间要长于沙子需要的时间。 故答案为：质量；加热时间；水。 21．小明利用以下器材：刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个，对杠杆的特性进行了如下探究。 （1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置时，此时的杠杆　是　 （选填“是”或“不是”）平衡状态；为使得杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向　右　 调节，这样做的目的是　便于测量力臂　 ； （2）实验时，他们记录了一组数据为动力F1＝1.5N，动力臂l1＝0.2m，阻力F2＝1N，阻力臂l2＝0.3m，小华同学测出了这组数据后就得出了“动力×动力臂＝阻力×阻力臂”的结论，小强同学认为他的结论不一定科学，理由是　一组实验数据太少，具有偶然性，不能作为普遍规律　 ； （3）小明把右边的钩码换成弹簧测力计，使杠杆从水平位置慢慢转过一定角度并保持静止，弹簧测力计始终沿竖直方向，如图丙所示，拉力F　不变　 （选填“变大”、“变小”或“不变”）； （4）如图丁所示装置，若每个钩码的重为0.5N，在A点竖直向上拉动弹簧测力计使杠杆保持水平平衡，则弹簧测力计的示数　大于　 （选填“大于”、“等于”或“小于”）4N，原因是　杠杆重力对杠杆的平衡有影响　 。 【解答】解：（1）杠杆的平衡状态是指杠杆处于静止或匀速转动状态，图甲中杠杆处于静止状态，故此时的杠杆是处于平衡状态；为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡，由图知，右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向右调节； （2）只有一次实验得出了“动力×动力臂＝阻力×阻力臂”的结论，这种结论具有偶然性，不合理，要进行多次实验，总结得出杠杆平衡条件； （3）力臂等于支点到力的作用线的距离，竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧测力计拉力的力臂变小，钩码对杠杆拉力的力臂也变小，但是根据三角形的相似性，动力臂和阻力臂的比值是不变的，根据杠杆平衡条件可知，拉力F大小不变； （4）若不计杠杆的重力，根据杠杆的平衡条件F向上L向上＝F向下L向下得：F′×3L＝3×0.5N×8L，解得F′＝4N，由于杆的重心在杆的中点，方向竖直向下，重力与钩码同时使杠杆向逆时针方向转动，所以弹簧测力计的示数应大于4N才能维持平衡。 故答案为：（1）是；右；便于测量力臂；（2）一组实验数据太少，具有偶然性，不能作为普遍规律；（3）不变；（4）大于；杠杆重力对杠杆的平衡有影响。 22．如图是探究电流与电阻关系的实验装置，电源电压为3V，实验用到定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。 次数 1 2 3 4 5 电阻R/Ω 5 10 15 20 25 电流I/A 0.4 0.2 0.14 0.1 0.08 （1）请你用笔画线代替导线，把图中实物电路连接完整（导线不得交叉）。 （2）连接电路时，开关应 　断开　 。连接好电路，实验前，应将滑动变阻器的滑片移至 　A　 （选填“A”或“B”）端。实验中，滑动变阻器除保护电路外，还有 　控制电阻的电压不变　 的作用。 （3）闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是 　R短路　 。 （4）排除故障后，通过实验获得数据如表，分析数据可以得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 　反比　 。第5次实验时，滑动变阻器接入电路的电阻应为 　12.5　 Ω。 【解答】解：（1）电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下所示： （2）连接电路时，为保护电路，开关应断开。连接好电路，实验前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，即A端。探究电流与电阻关系的实验，要控制电阻的电压不变，实验中，滑动变阻器除保护电路外，还有控制电阻的电压不变的作用。 （3）闭合开关，发现电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，其原因可能是R短路。 （4）分析数据可知，考虑到误差因素可知，电流与电阻之积为一定值，可以得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。由表第5次实验数据，结合欧姆定律和串联电阻的规律，滑动变阻器接入电路的电阻应为 R滑＝＝＝12.5Ω 故答案为：（1）见解析中的图；（2）断开；A；控制电阻的电压不变；（3）R短路；（4）反比；12.5。 23．同学们在电学学习中，对电学的神奇和电能对人类生产生活产生的巨大影响深感敬畏，大家通过下列实验对电学知识进行了进一步的探究。实验一：如图甲所示，在“探究电流与电阻关系”的实验时选用了如下器材：电压恒为6V的电源，阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻，电流表、电压表、开关、滑动变阻器各1个，导线若干。 （1）在检查电路时，同学发现有一根导线连接错误，请你在甲图中将连接错误的那条导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确； （2）改正电路后，A、B两同学根据各自的实验数据作出了如图乙所示的I﹣R图像，分析图像，你认为　A　 （选填“A”或“B”）同学的实验操作是错误的； （3）要完成该实验，滑动变阻器应该选用以下哪种规格：　C　 （填下列选项前的字母）； A.20Ω，1A B.40Ω，1A C.50Ω，0.5A （4）改正错误后，他们都正确完成了实验，并记录相关数据，描绘出合理的图像，据此得出结论：　在电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比　 。 （5）其中组员小红还想测出另一个正常发光的电压为UL的小灯泡正常发光时的电阻，在保证电路安全的前提下，设计了如图丙所示的电路（电源电压恒定大于UL且未知，滑动变阻器R最大阻值未知，定值电阻阻值为R0）；请将实验步骤补充完整： ①闭合S、S2，断开S1，移动滑片P，使电流表示数为　　 时，小灯泡正常发光； ②闭合S、S1，断开S2，保持滑片P位置不变，读出电流表的示数为I； ③小灯泡正常发光时的电阻R1＝　R0 。（用UL、I、R0表示） 【解答】解：（1）在探究电流与电阻关系的实验中，电压表应与定值电阻并联，滑动变阻器与定值电阻串联。据此对电路改错如下： （2）由图乙可知，A同学的实验中，0.5A×5Ω＝2.5V，0.3A×10Ω＝3V，0.2A×20Ω＝4V，电流与电阻的乘积不是定值，而探究电流与电阻关系时，要控制定值电阻两端的电压不变，所以A同学的实验操作是错误的，他操作中的问题是没有控制定值电阻两端的电压不变。 （3）定值电阻的电压开始是2V，控制不变；变阻器的电压为6V﹣2V＝4V，根据串联分压规律，电压之比等于电阻之比，故滑动变阻器的电阻始终是定值电阻的2倍，因而最大定值电阻25Ω，滑动变阻器需要50Ω，故选C。 （4）由图乙可知，B同学的实验中，电流与电阻的乘积UV＝IR＝0.2A×10Ω＝0.1A×20Ω＝2V； 电流与电阻的乘积为定值，可得：在电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比。 （5）①要测小灯泡正常发光时的阻值，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为I0＝时，由并联电路电压的规律可知灯两端的电压为额定电压，灯正常发光。 ③保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流IL＝I﹣I0＝I﹣． 根据欧姆定律知，小灯泡正常工作时电阻的表达式R1＝＝＝R0。 　故答案为： （1）； （2）A； （3）C； （4）在电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比； （5）；R0。 24．小楠同学想测量一个定值电阻的阻值。 （1）如图甲是小楠设计的实验电路，请你依图甲用笔画线代替导线在图乙中将没有连接完的实物电路补充完整，并要求滑动变阻器向左移动时电流表示数变大。 （2）连接好电路后，小楠进行了实验，但是由于小楠同学的疏忽，做完实验后才发现，把测量的电流值都写在草稿纸上而忘了填入记录表格中。请你帮助小楠同学把记录在草稿纸上的电流值填入表中。 试验次数 1 2 3 电压U/V 1.0 1.8 2.5 电流I/A （3）完成上述实验后，小楠同学想用原电路测量一个额定电压为2.5V的小灯泡的电阻。小楠同学用灯泡替换了电阻，闭合开关后，调节滑动变阻器，测得五组实验数据如下表所示： 实验次数 电压表读数/V 电流表读数/A 灯泡电阻/Ω 灯泡电阻的平均值/Ω 1 0.5 0.12 4.17 R＝＝5.46 2 1.0 0.20 5.00 3 1.5 0.27 5.56 4 2.0 0.32 6.25 5 2.5 0.34 7.35 a．根据上述表格，计算出小灯泡的额定功率是　0.85　 W．b．你认为她的表格设计合理吗？为什么？　不合理。测量小灯泡电阻实验的实验目的是研究小灯泡的电阻随电压变化而变化的规律，所以不需要也不能取不同电压下的平均值。　 c．根据上述实验数据，小楠画出小灯泡的电流随其两端电压变化的关系曲线，如图，由图可知灯泡电阻的变化规律是　灯泡的电阻随着电压的增大而增大　 。 【解答】解：（1）滑动变阻器选择下端的接线柱A，上端选择接线柱C或D都可以。实物连接如图 （2）由测量数据知，从左到右电压增加，电路电流应该相应变大，具体电流值在下表中 实验次数 1 2 3 电压U/V 1.0 1.8 2.5 电流I/A 0.17 0.30 0.42 （3）a、由表格知，小灯泡正常发光时，通过的电流为0.34A，所以小灯泡的额定功率为P额＝U额I＝2.5V×0.34A＝0.85W； b．她的表格设计不合理；测量小灯泡电阻实验的实验目的是研究小灯泡的电阻随电压变化而变化的规律，所以不需要也不能取不同电压下的平均值。 c．由图可知，从左向右电压是成倍增加的，电流虽然增大，但增大程度小于电压，也就是灯丝电阻增大。所以结论为灯泡的电阻随着电压的增大而增大 25．如图所示，工人用200N的拉力将重为190N的物体4s内匀速吊起2m。求： （1）物体上升的速度； （2）工人做的有用功； （3）定滑轮的机械效率。 【解答】解：（1）物体4s内匀速吊起2m，则物体上升的速度为： ； （2）工人做的有用功为： W有＝Gh＝190N×2m＝380J； （3）由于工人用定滑轮提升重物，自由端移动的距离等于物体上升的距离，即s＝h＝2m， 工人做的总功为： W总＝Fs＝200N×2m＝400J， 定滑轮的机械效率为： 。 故答案为：（1）物体上升的速度为0.5m/s； （2）工人做的有用功为380J； （3）定滑轮的机械效率为95%。 26．小佘和小组同学制作“多挡位调光台灯”如图甲所示，图乙为电路简图，所用器材包括6V直流电源，标有“2.5V 0.5A”的小灯泡，定值电阻R0和若干阻值相同的调挡电阻R等，3R0＝4R，忽略灯丝电阻随温度的变化，求： （1）小灯泡的额定功率； （2）开关接2时，小灯泡恰好正常发光，R0的阻值； （3）台灯在最亮的挡位工作1h消耗的电能是多少？ 【解答】解：（1）由题知，小灯泡的额定电压2.5V，额定电流为0.5A， 所以小灯泡的额定功率：P额＝U额I额＝2.5 V×0.5 A＝1.25W； （2）由图知，开关接2时，R0、R、小灯泡串联， 灯泡电阻：RL＝＝＝5Ω， 小灯泡恰好正常发光，所以I＝IL＝IR＝I0＝0.5A， 由电路的总电阻：R总＝＝＝12Ω， 则：R0+R＝R总﹣RL＝12Ω﹣5Ω＝7Ω•••① 由题知：3R0＝4R•••② 解①②可得：R0＝4Ω，R＝3Ω； （3）电源电压一定，当开关接1时，总电阻最小，电路中电流最大，由P＝I2R知，此时通过灯泡的电流最大，功率最大，台灯最亮， 台灯在此挡位工作1h消耗的电能： W＝t＝×1×3600s＝1.44×104J。 答：（1）小灯泡的额定功率为1.25W； （2）R0的阻值为4Ω； （3）台灯在最亮的挡位工作1h消耗的电能为1.44×104J。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025-2026学年江苏省淮安市上学期期末自编模拟卷评分标准 九年级物理 一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个正确） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D A D B B A C A C 二．填空题（共9小题，共24分，除17、18题每空2分，其余都每空、图1分。） 11．电压；1.5。 12． 变小；变小。 13． 并；半导体。 14． 省力；形状。 15． S1；S2、S3；0.25。 16． C；省力。 17. 60。 18． 2.1×106；0.055；0.065。 19． b；0.48；6.25。 三．解答题（共7小题，共46分，25、26题详见解答。） 20． 质量；加热时间；水。 21． （1）是；右；便于测量力臂；（2）一组实验数据太少，具有偶然性，不能作为普遍规律；（3）不变；（4）大于；杠杆重力对杠杆的平衡有影响。 22． （1）；（2）断开；A；控制电阻的电压不变；（3）R短路；（4）反比；12.5。 23． （1）； （2）A； （3）C； （4）在电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比； （5）；R0。 24．解：（1）滑动变阻器选择下端的接线柱A，上端选择接线柱C或D都可以。实物连接如图 （2）由测量数据知，从左到右电压增加，电路电流应该相应变大，具体电流值在下表中 实验次数 1 2 3 电压U/V 1.0 1.8 2.5 电流I/A 0.17 0.30 0.42 （3）a、由表格知，小灯泡正常发光时，通过的电流为0.34A，所以小灯泡的额定功率为P额＝U额I＝2.5V×0.34A＝0.85W； b．她的表格设计不合理；测量小灯泡电阻实验的实验目的是研究小灯泡的电阻随电压变化而变化的规律，所以不需要也不能取不同电压下的平均值。 c．由图可知，从左向右电压是成倍增加的，电流虽然增大，但增大程度小于电压，也就是灯丝电阻增大。所以结论为灯泡的电阻随着电压的增大而增大 25．解：（1）物体4s内匀速吊起2m，则物体上升的速度为： ；-------2分 （2）工人做的有用功为： W有＝Gh＝190N×2m＝380J；-------2分 （3）由于工人用定滑轮提升重物，自由端移动的距离等于物体上升的距离，即s＝h＝2m， 工人做的总功为： W总＝Fs＝200N×2m＝400J，-------2分 定滑轮的机械效率为： 。-------2分 （1）物体上升的速度为0.5m/s； （2）工人做的有用功为380J； （3）定滑轮的机械效率为95%。 26．解：（1）由题知，小灯泡的额定电压2.5V，额定电流为0.5A， 所以小灯泡的额定功率：P额＝U额I额＝2.5 V×0.5 A＝1.25W；-------2分 （2）由图知，开关接2时，R0、R、小灯泡串联， 灯泡电阻：RL＝＝＝5Ω，-------2分 小灯泡恰好正常发光，所以I＝IL＝IR＝I0＝0.5A， 由电路的总电阻：R总＝＝＝12Ω，-------1分 则：R0+R＝R总﹣RL＝12Ω﹣5Ω＝7Ω•••① 由题知：3R0＝4R•••② 解①②可得：R0＝4Ω，R＝3Ω；-------2分 （3）电源电压一定，当开关接1时，总电阻最小，电路中电流最大，由P＝I2R知，此时通过灯泡的电流最大，功率最大，台灯最亮， 台灯在此挡位工作1h消耗的电能： W＝t＝×1×3600s＝1.44×104J。-------2分 答：（1）小灯泡的额定功率为1.25W； （2）R0的阻值为4Ω； （3）台灯在最亮的挡位工作1h消耗的电能为1.44×104J。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $2025-2026学年江苏省淮安市上学期期末自编模拟卷 九年级物理 (考试时间80分钟,试卷满分90分) 注意事项: 1、本试卷分第 卷(选择题)和第 卷(非选择题)两部分。答卷时,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2、回答第 卷时选出每小题的答案,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后再涂选其他答案标号,写在本试卷上无效。 3、回答第 卷时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。 4、测试范围(苏科物理2024版第11-15.2章) 5、考试结束以后将本试卷和答题卡一并交回。 第一卷 一、选择题(本题共10小题,每小题2分,共20分。每小题给出的四个选项中只有一个正确) 1.下列是电能单位的是( ) A.安培(A) B.伏特(V) C.千瓦时(kW•h) D.瓦特(W) 2.根据如图所示的天气状况和地表环境信息,推断昼夜温差最小的是( ) A. B. C. D. 3.如图所示,闭合开关S后,发现灯L1比L2亮,则通过两灯的电流I1与I2的大小关系是( ) A.I1=I2 B.I1>I2 C.I1<I2 D.无法确定 4.小明看到正在工作的两台挖掘机,展开了自己的思考。下列说法正确的是( ) A.挖掘机挖起土后在水平路面上匀速行驶的距离越远,对土做的功越多 B.大功率挖掘机一定比小功率挖掘机做功多 C.大功率挖掘机一定比小功率挖掘机所用时间少 D.大功率挖掘机比小功率挖掘机做功快 5.如图所示,是小普同学跟爷爷学习功夫的四个基本动作,由此他联想到热机的冲程,以下与压缩冲程最相似的是( ) A.“鼻孔吸气”对应的汽油机冲程吸入的是汽油和空气的混合物 B.“气沉丹田”对应的汽油机冲程是将机械能转化为内能 C.“排山倒海”所对应的汽油机冲程是靠飞轮的惯性来完成的 D.汽油机和柴油机都是通过火花塞点火的 6.如图所示为目前流行的一种自热火锅。该自热火锅配有发热包,发热包的主要成分包括生石灰、活性炭、硅藻土、土和铝粉等。将发热包放到冷水中,生石灰与水产生化学反应,生成氢氧化钙,并放出大量的热,从而加热上层食物。有关自热火锅说法不正确的是( ) A.食物被加热的过程中,食物含有的内能增多 B.食物被加热的过程中,是通过做功的方式使其内能增加 C.食物被加热的过程中,香味四溢,说明分子在不停地做无规则运动 D.发热包放到水中,将化学能转化为内能 7.公元前400多年,墨子所著《墨经》中有大量的物理知识,其中包括杠杆原理,比阿基米德还早两百多年。墨子将阻力臂叫“本”,动力臂叫“标”。下列杠杆属于“本短标长”的是( ) A.钢丝钳 B.食品夹 C.钓鱼竿 D.筷子 8.电功大小与电流、电压、通电时间都有关。用如图所示装置探究电功大小的影响因素,下列说法正确的是( ) A.两灯是并联的 B.两灯规格应相同 C.该装置可用来探究电功与电压的关系 D.灯L1比灯L2更亮时,电压表V2的示数比V1大 9.我国铁路已实行电子客票,乘客需刷身份证同时进行人脸识别,两个信息都符合后闸机门(电动机)才自动打开,可检票通过。下列模拟电路中,符合上述要求的是( ) A. B. C. D. 10.如图甲所示的是体育课上的坐位体前屈测量仪,图乙是兴趣小组的同学们设计的模拟电路,闭合开关,当推动绝缘柄使滑动变阻器的滑片向左移动时,可以利用电流表反映测量成绩,电源电压恒为6V,R1标有“20 2A”字样,定值电阻R2=10 。下列分析正确的是( ) A.去掉R2后依然能确保电路安全 B.当滑片移至最右端时,电路消耗的功率为3.6W C.测试成绩越好,电流表示数越大 D.测试成绩越好,电路的总功率越小 第二卷 二.填空题(共9小题,共24分,除18题每空2分,其余都每空、图1分。) 11.电源是提供 装置,一节干电池的电压是 伏特。 12.一架运送救灾物资的飞机到达受灾地区后,在空中一边水平匀速飞行,一边投放救灾物资。这一过程中飞机的动能 ,重力势能 。(填“变大”、“变小”或“不变”) 13.为了保