江西省赣州市2025-2026学年九年级上学期物理学科展示练习题（二）

江西省赣州市2025-2026学年教科版九年级上学期物理学科展示训练题（二） 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、填空题 1．如图所示，将足量的热水倒入双层木桶，接着把质量和初温都相同的甲、乙两金属块同时放进木桶内，立即盖上软木塞，经过足够长的时间后，木桶内甲、乙金属块升高的温度 （选填“>”、“<”或“=”）。已知，且桶内物质与外界没有发生热传递，木桶内甲、乙金属块吸收的热量分别为、，则 （选填“>”、“<”或“=”），判断依据是 。 2．2025年4月10日，首艘国产大型邮轮“爱达·魔都”号圆满完成青岛首航，排水量为13.5万吨。 (1)“爱达·魔都”号邮轮满载时，受到的浮力为 N。邮轮在水面前进时，周围的小块浮冰会 （填“靠近”或“远离”）邮轮。若地球对物体的引力常数g变成原来的一半，则邮轮相对于水面将 （填“上浮”“下沉”或“不变”）。 (2)邮轮漂浮在水面时，水下8m处面积为的船体上受到海水的压力约为 N，在水的压力作用下，船体表面的分子热运动 （填“会”或“不会”）停止。若船在静止状态下和以速度v行驶时，船底受到水的压强相差（其中为海水的密度，取，v为船的速度），当邮轮分别以10m/s与20m/s的速度航行时，水对船底某处的压强相差 Pa。 3．实践小组用甲、乙、丙三杯初温相同的液体研究物质吸热能力，其中甲、乙为质量不等的同种液体，乙、丙为质量相等的不同液体。用相同热源加热，记录加热时间和对应的温度，在“温度-时间”图像上描出对应的甲、乙、丙三点，如图所示。则甲、丙两种液体的比热容 ；甲、丙两种液体的质量 。（两空均选填“>”、“=”或“<”）。 4．如图所示是一种利用海水盐差能发电的装置，甲、乙两块渗透膜将容器隔成三个区域，分别加入海水和纯水，由于微粒做永不停息的 ，且甲渗透膜只能让带正电的钠离子通过，乙渗透膜只能让带负电的氯离子通过，容器就变成了电池，使灯泡发光，请在图中标出通过灯泡的电流方向 。 5．如图所示的电路图，电源电压保持不变。当S1、S2均闭合时，电压表的示数为6V；当S1闭合、S2断开时，此时电压表的示数为1.5V，则此时灯L1和L2两端的电压分别是 V和 V。 6．如图，电源电压不变，当开关S闭合时，电压表V1的示数为8V，电压表V2的示数为5V，此时L2两端的电压为 V；当开关S断开时，电压表V2的示数为6V，此时L2两端的电压 V。 7．在如图所示电路中，U=12伏特（且保持不变），R=2欧姆，r=1欧姆，为了使电流表读数在同样的电阻链任意加长或减短时均保持不变，则的阻值大小为 。 8．如图甲，电源电压恒定，闭合S1、S2，断开S3，将滑动变阻器R2的滑片P2调到最下端后，将滑动变阻器R1的滑片P1从最左端滑到最右端；闭合S3，断开S1、S2，把滑动变阻器R2的滑片P2从下往上滑，滑到中点时电压表V2的读数为3V，随后P2移动到最上端。两次实验中电流表随两电压表变化的关系图像如图乙所示，电源电压为 V。在电路安全的情况下，任意闭合开关和调节滑片位置，电路的最大电流与最小电流之差为 A。 9．如图所示，电源电压恒为，定值电阻，为电阻箱（），闭合开关，调节电阻箱的阻值，当电阻箱的阻值为时，电压表的示数为；现用替换，调节电阻箱的阻值，使电压表的示数仍为，此时电阻箱的阻值为，电流表的示数为，电阻箱消耗的电功率为，已知，。则电流 ，功率 。 10．图甲所示的电路中，闭合开关后两个电压表的指针偏转情况均如图乙所示，则在相同的时间里，电流通过、做的功之比为 ；若将、并联在电路中，它们消耗的功率之比为 。 二、单选题 11．热传导是热传递的一种方式，不同的物体热传导的难易程度不同，物理中引入“熵“的概念来描述热传导的难易程度。若物体的温度为，向外传递的热量为，则熵就减小，同理物体吸热熵增加。若温度为的A物体与温度为的B物体相互接触，A物体放出的热量为（且），则混合后总熵的变化量是（　　） A． B． C．（） D．（） 12．小明发现家中空调每制冷工作10min后，就转变成送风状态工作5min，再转变为制冷状态，如此反复。为了测量空调制冷时的电功率，他在空调插座处接入一个电能表用于测量空调消耗的电能，相关数据见图所示。下列说法正确的是（　　） A．开始计时30min的时间内，空调消耗的电能为 B．开始计时30min的时间内，送风一次 C．空调送风5min所消耗的电能为0.03kW∙h D．开始计时30min的时间内，空调制冷时的电功率为1.41kW 13．智能手机的屏幕亮度既可以自动调节，也可以手动调节。其内部模拟电路如图所示，电源电压恒定，当S、闭合时可实现单独手动调节；当S闭合，断开，既可以手动调节，也可以自动调节。光敏电阻的阻值会随光照的变强而减小。当S闭合，断开时，不考虑灯泡电阻随温度的变化，下列说法中正确的是（　　） A．使用环境的光照强度不变时，向右移动滑片P，电压表的示数变小 B．使用环境的光照强度变弱时，向右移动滑片P，可实现灯泡的实际功率不变 C．保持滑片P位置不变可实现智能调节，光照变强时，电压表的示数变大 D．保持滑片P位置不变可实现智能调节，光照变弱时，电压表与电流表示数之比变小 14．如图是某同学自制的简易热机模型，在易拉罐内装适量水，在瓶口密封安装一根吸管，吸管正对着小风扇。当点燃下方的蜡烛后，可以看到前方的小风扇转动起来。下列说法正确的是（    ） A．罐内的水在加热过程中，温度升高，所含的热量增加 B．蜡烛用掉一部分后，蜡烛的热值会变小 C．通过改进热机模型的结构，其效率可达100% D．该过程的能量转化与热机做功冲程的能量转化相同 15．如图所示电路，开关S闭合时，规格相同的两只灯泡、均能发光，图中甲、乙、丙为电表，粗心的小明在读数时只在纸上记录了如图所示数字，下列说法中可能正确的是（　　） A．L1和L2串联，电路中的电流为0.6A， L1、L2两端的电压分别为0.3V、1.2V B．L1和L2串联，甲、乙、丙示数分别为0.3A、0.6V、1.2V C．L1和L2并联，甲、乙、丙示数分别为1.2V、0.3A、0.6A D．L1和L2并联，电源电压为1.2V，通过L1、L2的电流分别为0.3A、0.6A 16．如图电路，电源电压不变，忽略小灯泡电阻随温度的变化。当闭合开关S1，断开S2、S3时，电压表V1、V2的示数分别为5V、1V，电压表V2、V3的指针偏转的角度相同。当闭合开关S1、S2、S3时，电流表A1、A2的示数分别为1.2A、1A。将电压表V2更换为电流表A4，当闭合开关S1，断开S2、S3时，电压表V1的示数为4.5V。则下列说法正确的是（　　） A．电源电压为10V B．更换电表前，闭合开关S1，断开S2、S3时灯L3两端电压为5V C．更换电表前，闭合开关S1、S2、S3时，电流表A3的示数为0.2A D．更换电表后，闭合开关S1，断开S2、S3时，电压表V3的示数为4.5V 17．如图，电源电压U恒定不变。只闭合，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.2A时，电压表的示数为1V。只闭合，电压表和的示数分别为和，电流表的示数为。只闭合，将滑片移动到最上端时，电流表的示数为，此时电路的功率为，保持滑片位置不变，再闭合，电流表的示数变化了0.2A，此时电路的功率为。已知，。下列结果正确的是（   ） A． B． C． D． 18．手机是常用的电子工具。图示是某款国产手机，使用功率为60W的充电器半小时可充满一次电。下列对于该款手机的估测，最符合实际的是（    ） A．该手机质量约为200g B．长度约为12cm，合 C．充满一次电消耗的电能约为 D．正常使用时，手机后壳温度约为70℃ 19．某品牌电热水壶和家用电能表的参数分别如图甲、乙所示，若电路中只接入该电热水壶，它工作300s，可将体积为2L、温度为20℃的水加热到70℃，且电能表的表盘转过375转。则下列分析正确的是（　　） A．电热水壶正常工作时的电流约为0.12A B．电热水壶电热丝的阻值约为26.9Ω C．该过程中水吸收的热量为 D．这段时间内电热水壶工作的实际功率为1400W 20．电梯超载容易引发安全隐患。某电梯的超载检测电路简图如图所示，其中是压敏电阻，其阻值随压力增加而减小，是定值电阻，电源电压恒定。将S闭合后，下列说法中正确的是（   ） A．电路中压力表是由电流表改装而成 B．若电梯内没有人，则R1的电压为0V C．电梯静止时，载人数越多，则压力表示数越大 D．电梯匀速上升时，则压力表示会变大 三、实验题 21．市面的奶茶糖分过高，饮用过多会对健康造成危害.小明自制了一杯健康低糖奶茶（如图甲所示），并通过以下实验来测量奶茶的密度。 (1)调节天平时，应先将游码移至标尺的 处，然后调节平衡螺母，使天平平衡. (2)在杯子中装入适量的奶茶，用天平测出这杯奶茶的总质量m1，当天平平衡时，右盘中的砝码和标尺上游码的位置如图乙所示， g；将奶茶的一部分倒入量筒中，用量筒测出该部分的奶茶体积V=40cm3，此时剩余奶茶的总质量，则奶茶的密度ρ= g/cm3. (3)小明发现，静置后，奶茶中的“珍珠”一般会落在最底层，由此判断“珍珠”的密度 （选填“大于”、“小于”或“等于”）奶茶的密度.在不用量筒的情况下，小明利用天平、烧杯和奶茶测量“珍珠”的密度，实验步骤如下： ①在烧杯中加入适量的奶茶，如图丙所示，并在烧杯上标记此时液面的位置M1，测得奶茶和烧杯的总质量为240g； ②称量40g的“珍珠”放入奶茶中，“珍珠”沉底，如图丁所示，在烧杯上标记此时液面的位置M2； ③取出“珍珠”，然后向烧杯中加奶茶，使液面上升至位置M2，测得此时奶茶和烧杯的总质量为260.2g.则所加入“珍珠”的体积为 cm3，“珍珠”的密度为的测量结果 g/cm3.从烧杯中拿出“珍珠”时会带出一些奶茶，这对“珍珠”密度 （选填“有”或“无”）影响. 22．小明用如图甲所示的装置“探究杠杆平衡条件”： (1)实验前，若杠杆 （选填“左”或“右”）端翘起，则需将平衡螺母向右调； (2)如图甲所示，用弹簧测力计在B位置向下拉杠杆，保持杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计由图中a位置移至b位置时，其示数 （选填“变大”“不变”或“变小”）； (3)按图甲在某次实验中发现，要使杠杆在水平位置平衡，测力计向下的拉力会超过测力计的量程，为了完成实验，下列操作可行的是________（填字母）； A．向左移动钩码的悬挂点 B．向右移动测力计的悬挂点 C．换一个更轻的杠杆 D．向右移动平衡螺母 (4)小明利用图乙装置估测一根非匀质金属棒的重心位置。此时金属棒在水平位置保持平衡，金属棒上A点下方的细线上悬挂一个质量为m的小球，AO两点距离为l，需用天平测出 的质量m1，便能计算出金属棒重心到支点O的距离为 （用m、m1、l及所测物理量符号表示）； (5)人们从地面上搬起重物时，常见的做法是直接弯腰（如图丙）或下蹲弯曲膝盖（如图丁）将重物搬起，哪种做法更好呢？将人的脊柱简化为杠杆，如图戊，脊柱可绕骶骨（轴）O转动，腰背部复杂肌肉的等效拉力作用在A点，其实际作用方向与脊柱夹角为且保持不变。搬箱子时箱子的拉力作用在肩关节B点，在B点挂一重物代替箱子，用测力计沿方向拉，使模型静止，可测出腰背部复杂肌肉拉力的大小。接着，改变脊柱与水平面的夹角即改变杠杆与水平面的夹角，多次实验得出结论： ①当角减小时， （选填“变大”“变小”或“不变”）； ②如果考虑到人上半身的重力，那么图戊中的将比腰背部肌肉的实际拉力要 （选填“大”或“小”）； ③由以上分析可得， （选填“丙”或“丁”）图中的姿势比较正确。 四、计算题 23．甲、乙是两个完全相同的足够高的薄壁圆柱形容器，放在水平地面上，底面积为0.01米2。甲中装有水，乙中装有某液体，并且浸没一个金属小球。此时甲、乙两容器对地面的压强分别为3824帕、6176帕。 (1)求甲对地面的压力； (2)将乙中小球拿出，并浸没在甲中。乙的液面下降0.02米，小球更换位置后，两容器对地面的压强相等。求： ①放入小球后，甲中水对容器底的压强变化量； ②金属小球的密度。 24．如图-甲为某水塔（水塔未画出）的自动监测的部分装置，该装置安装在水塔顶部且通过管道与塔内空间相连，监测装置外围是一个底面积为200cm2的水平放置的容器，距离底部20cm处有一排水口。容器底部固定了原长为10cm的弹簧，弹簧受到的外力F与其长度的变化量ΔL如图乙所示。底面积为100cm2的实心柱体A固定在弹簧顶端且始终保持竖直状态，当容器内没有水时A受到的弹力为2N；当容器中水深为16cm时，A刚好浸没一半，此时弹簧长度为12cm；当水位继续上升直至弹簧所受的弹力不再发生变化（在弹性限度内）时，监测装置发出警报信号。不计弹簧的重力、体积及其所受的浮力，。求： (1)柱体A的质量； (2)当弹簧自然伸长时，柱体A底部受到的液体压强； (3)当弹簧长度为12cm时，柱体A受到的浮力； (4)弹簧所受的弹力不再发生变化，容器中水的重力。 25．如图所示，电源电压不变，R1、R2均为定值电阻，R1=20Ω、R2=10Ω，R为滑动变阻器，电压表V1的量程为0-15V，V2的量程为0-3V。闭合开关，滑动变阻器R的滑片置于某一位置A时，电压表V1的示数为14V，V2的示数为2V。在保证电路安全的情况下移动R的滑片，两电表均能达到满偏。 (1)求滑片置于A时，通过R2的电流； (2)求电源电压； (3)用最大阻值为50Ω的滑动变阻器R0替换电阻R1，不改变其他元件的连接。闭合开关，使电路中的电流保持最大，在保证电路安全的情况下，调节R和R0接入电路的阻值，其中R仅可以在替换前的范围内变化，求：R0接入电路的阻值范围。 26．如图甲是某款工夫茶保温碟，电路原理图如图乙所示，定值电阻为发热体，它的额定电压为220V，额定功率为48.4W。电流通过发热体加热底板使茶汤保温，L为电功率忽略不计的电源指示灯。 (1)计算发热体正常工作的电流和电阻值。 (2)若发热体工作100s消耗的电能为4000J，求两端的实际电压。 (3)为了适应不同品种茶汤的保温需求，小明对原电路进行了改造（如图丙），移动滑片P可以连续调节发热体的电功率，最低可调至额定功率的，求滑动变阻器的最大阻值。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《江西省赣州市2025-2026学年教科版九年级上学期物理学科展示训练题（二）》参考答案 题号 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 答案 A D C D B D D A B C 1． = < 见解析 【详解】[1]经过足够长时间后，甲、乙金属块与热水达到热平衡，末温相同；由于甲、乙初温也相同，因此升高的温度 [2][3]根据热量计算公式，两金属块的质量和温度变化相同，但是，故 2．(1) 靠近 不变 (2) 40 不会 【详解】（1）[1]“爱达·魔都”号满载时受到的浮力为 [2]邮轮在水中前进时，邮轮经过的区域水流动速度比较快，压强小；邮轮没有经过的区域水流动比较慢，压强大，从而会产生向邮轮的压强差，所以周围的小块浮冰会自动靠近邮轮。 [3]物体所受的浮力，物体的重力为，因为漂浮时浮力等于重力，则，所以，如果地球对所有物体的引力常数g都变成原来的一半时，而物体和水的密度、船自身的体积都没有变化，则它排开水的体积不变，邮轮相对于水面将不变。 （2）[1]在8m深度处水压强 船的面积受到水的压力 [2]分子永不停息地坐无规则的运动，在水的压力作用下，船体表面的分子热运动不会停止。 [3]当邮轮分别以10m/s与20m/s的速度航行时，水对船底某处的压强相差 3． < > 【解析】【小题1】[1][2]由题可知，甲、乙是相同的液体，即比热容相同，乙、丙的质量相同，它们初温都相同；据图可知，甲、乙两液体升高相同的温度，即，甲需要加热的时间大于乙需要加热的时间，即甲吸收的热量大于乙吸收的热量，根据可知，甲的质量大于乙的质量，即；又因为乙、丙质量相等，即，所以； 从图像看，吸收相同热量时，，由可得，。 4． 无规则运动 【详解】[1]在这种利用海水盐差能发电的装置中，由于微粒做永不停息地无规则运动，海水一侧的盐浓度高，纯水中盐浓度低。 [2]根据浓度差原理，海水中的钠离子会通过甲渗透膜向纯水一侧移动，氯离子会通过乙渗透膜向纯水一侧移动。因为正电荷的定向移动方向规定为电流方向，所以在外部电路中，电流方向是从钠离子移动的一侧（即与甲渗透膜相邻的区域）流出，经过灯泡，流向氯离子移动的一侧（即与乙渗透膜相邻的区域）。如果从电池的正负极角度理解，钠离子移动的区域相当于电池的正极，氯离子移动的区域相当于电池的负极，电流从正极流出经灯泡回到负极。图中标出通过灯泡的电流方向如下： 5． 1.5 4.5 【详解】当S1、S2均闭合时，灯L2短路，电压表测电源电压，电压表的示数为6V，则电源电压为6V；当S1闭合、S2断开时，灯L1和L2串联，电压表测灯L1两端电压，电压表的示数为1.5V，则灯L1两端电压为1.5V；由于串联电路中，电源电压等于各用电器两端电压之和，则L2两端的电压U2=U-U1=6V-1.5V=4.5V 6． 3 2 【详解】[1]当开关S闭合时，L3被短路，电路为L1、L2串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测L1两端电压，由电压表V1的示数可知，电源的电压，由电压表V2的示数可知，L1两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，L2两端的电压 [2]当开关S断开时，L1、L2、L3串联，电压表V1测L1、L2两端的电压之和，电压表V2测 L1和L3两端的电压之和，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时L2两端的电压 7． 【详解】电流表读数在同样的电阻链任意加长或减短时均保持不变，则若电阻链减短至下图（a）（b）所示的情况时，电流表示数是相同的，则CD间总电阻等于EF之间总电阻。 由图可得，即，解得。 8． 6 0.4 【详解】[1]闭合S1、S2，断开S3时，滑动变阻器R2和滑动变阻器R1串联，此时滑动变阻器R2和滑动变阻器R1和全部接入电路。当滑片P1在最右端时，电压表V1测量的是R2两端电压，当滑片P1在最左端时，电压表V1测量的是电源电压。由电路图和题意可知，R2和R1接入电路的电阻不变，均为最大电阻，故电路中的电流也不变。如图乙所示，电流不变的那一个图像是此次电流表随电压表变化的关系图像，因为电源电压大于R2两端电压，所以电源电压为6V。 [2]闭合S3，断开S1、S2时，灯泡L与R2串联，电压表V2测量灯泡两端电压，当滑片P2滑到中点时，灯泡两端电压 R2两端电压 由图乙可知，此时通过它们的电流为 则R2的阻值 闭合S1、S2，断开S3时，当滑片P1在最右端时，电压表V1测量的是R2两端电压。由图乙可知，此时R2两端电压，则此时R1两端电压 根据串联分压规律有，则R1的阻值 根据串并联电路中总电阻与各用电器电阻之间的关系可知，用电器并联时，电路中总电阻较小；用电器串联时，电路中的总电阻较大。如图甲所示，当开关S2、S3闭合，S1断开，同时将P2滑至最上端时，R2接入电路中的电阻为0，灯泡L和R1并联，此时电路中的总电阻最小，总电流最大。此时小灯泡两端的电压为6V，由图乙可知，此时通过灯泡的电流，此时通过R1的电流为 则最大电流 如图甲所示，当开关S2闭合、S1、S3断开，或开关S3闭合、S1、S2断开，同时将P2滑至最下端时，均可构成串联电路。当开关S2闭合、S1、S3断开，同时将P2滑至最下端时，R2接入电路中的电阻最大，R2和R1串联，此时电路中的总电阻 开关S3闭合、S1、S2断开，同时将P2滑至最下端时，R2接入电路中的电阻最大，R2和灯泡L串联，因为当R2接入电路中的电阻为最大电阻一半时，灯泡两端电压为3V，此时灯泡电阻 当将R2全部接入电路时，根据串联分压可知，R2两端电压会变大，则灯泡两端电压会变小，则此时灯泡两端电压会小于3V，则其电阻会小于20Ω，此时接入电路中的总电阻 则，电路中最小电流 则电路的最大电流与最小电流之差 9． 0.4 3.6 【详解】[1]由图可知，开关闭合时，定值电阻与电阻箱串联，电压表测量定值电阻两端的电压，电流表测量电路中的电流。电路中接入R1，电阻箱的阻值为R01时，R1两端电压为U1，电阻箱两端的电压为U0，由串联电路分压原理可得 电路中接入R2，电阻箱的阻值为R02时，R2两端电压为U1，电阻箱两端的电压仍然为U0，由串联电路分压原理可得 所以有，即 由题意知 联立①②③，解得R01=15Ω，R02=22.5Ω，R2=15Ω。 用R2替换R1后，根据串联电路电阻规律，电路的总电阻 根据欧姆定律可得，电路中的电流 [2]电阻箱消耗的电功率 10． 【详解】[1]由电路图甲可知，电阻串联；电压表测量两端的电压，记为；电压表测量电源总电压，记为U 根据串联电路的电压特点，总电压大于部分电路电压，即 两电压表指针偏转角度相同（如图乙），说明它们选用了不同的量程。因此，电压表V₂选用0~15V的大量程，读数为 ；电压表选用0~3V的小量程，读数为 两端的电压为： 在串联电路中，通过的电流I相等，在相同时间t内，电流做的功之比为： ，即； [2]首先，根据串联时的电压关系求出两电阻的阻值之比，由欧姆定律 可知，在串联电路中：； 当并联时，它们两端的电压U' 相等；根据电功率公式，可得它们消耗的功率之比为：，即 。 11．A 【详解】A物体温度高温，放出热量；B物体温度低温，吸收热量。A物体熵的变化量为，A放热，熵减小，代入公式得（表示熵减） B体熵的变化量为，B吸热，熵增加，代入公式得（表示熵增） 总熵变为两物体熵的变化量之和为 故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 12．D 【详解】A．由图可知，开始计时30min的时间内，电能表的示数从1700.0kW∙h变为1700.5kW∙h，所以空调消耗的电能为0.5kW∙h，等于，故A错误； B．根据题意，空调一次“制冷—送风”循环的时间为 则开始计时30min的时间内空调完成“制冷—送风”循环2次，则送风至少2次，故B错误； C．由图可知，空调送风状态的电功率为0.18kW，则送风工作5min所消耗的电能为 故C错误； D．开始计时30min的时间内，空调完成“制冷—送风”循环2次，总共制冷工作20min，送风状态总共工作10min，送风工作总共消耗的电能为 由图中电能表测出，空调消耗的电能为0.5kW∙h，即，故制冷工作总共消耗的电能为 则空调制冷时的电功率为 故D正确。 故选D。 13．C 【详解】A．光照强度不变时，向右移动滑片P，电路中滑动变阻器的阻值增大，根据分压原理可知，电压表的示数变大，故A错误； B．当环境光照强度变弱时，光敏电阻的阻值变大，同时向右移动滑片，滑动变阻器阻值增加，电路中总电阻增大，总电流减小，小灯泡两端电压减小，由得，小灯泡的实际功率减小，故B错误； C．由题意可知，当环境光照强度变强时，光敏电阻的阻值变小，则电路的总电阻变小，电路中电流变大，由知，滑动变阻器的滑片P的位置不变时，电压表示数变大，故C正确。 D．电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量通过滑动变阻器的电流，当滑片P位置不变时，电压表与电流表示数之比不变，故D错误。 故选C。 14．D 【详解】A．热量是过程量，不能说物质所含的热量增加，故A错误； B．热值是燃料的一种特性，蜡烛用掉一部分后，蜡烛的热值不变，故B错误； C．通过改进热机模型的结构，由于存在热损失，其效率小于100%，故C错误； D．该过程的能量转化与热机做功冲程的能量转化相同，都是将内能转化为机械能，故D正确。 故选D。 15．B 【详解】AB．若L1和L2串联，由图可知，甲应为电流表，乙、丙分别为电压表；甲测电路中的电流，乙测L2两端的电压，丙测电源的电压，由于两灯规格相同，则L1、L2两端的电压应相等；根据串联电路电压规律可知，丙的示数应为乙的2倍，故甲表示数为0.3A，乙表示数为0.6V，丙表示数为1.2V是乙表示数的2倍，故A错误，B正确； CD．若L1和L2并联，由图可知，甲应为电压表，乙、丙分别为电流表。由于两灯泡的规格相同，故通过两灯的电流应相等。甲测电源电压若为0.6V，乙测干路电流为1.2A，丙测L2的电流为0.3A，则此时通过L1的电流是0.9A，两灯的电流不相等，不符合题意；若电源电压为1.2V，乙测干路电流为0.6A，丙测L2的电流为0.3A，根据并联电路电流规律可得，通过L1的电流为0.6A-0.3A=0.3A，而D选项通过L1、L2的电流分别为0.3A、0.6A，错误，故CD错误。 故选B。 16．D 【详解】AB．当闭合开关S1，断开S2、S3时，三灯泡串联，如图1： 如图，V1测L1和L2的电压，V2测L2的电压，V3测L2和L3的电压。由于V2、V3的指针偏转角度相同，所以V2用小量程，V3用大量程，量程为5倍关系，故V3的示数为 因此L3的电压为 电源电压，故AB错误； C．当闭合开关S1，断开S2、S3时，L1的电压为 根据串联电路的分压特点可知 则 当闭合开关S1、S2、S3时，三灯泡并联，灯泡都发光，如图2： 闭合S1、S2、S3， L1、L2、L3并联，三个灯泡两端的电压均相等。通过三个灯泡的电流与电阻成反比， A1测干路电流，A2测L1和L2的电流，因此通过L3的电流 由于L1和L3规格相同，则 可得 电流表A3测L2和L3的电流，故A3示数为，故C错误； D．将电压表V2更换为电流表A4，L2被短路，L1和L3串联，L1和L3两端的电压相等，均为 V3测L3的电压，电压表V3的示数为4.5V，故D正确。 故选D。 17．D 【详解】C．只闭合，、、串联，电流表测电路中的电流，电压表测、两端的总电压，电压表测电压，由串联电路的电阻特点和分压原理则有 解得   ① 此时电路中电流 只闭合，将滑片移动到最上端时，、并联，电流表测干路电流，由并联电流规律和欧姆定律，此时电路中电流。已知，则有   ② 联立①②，解得，；保持滑片位置不变，再闭合，、、并联，电流表测干路电流，电流表的示数变化了0.2A，根据并联电流规律可知此时通过的电流为0.2A，由并联电路的分流原理，通过、的电流之比 则通过的电流 此时通过、的电流之比 则通过的电流 则、并联时干路电流 由可知，、、串联时，电路中的电流 故C错误； AB．只闭合，、串联，电压表测变阻器电压，电压表测电压，则电源电压为   ③ 、、串联时电源电压为   ④ 联立③④，解得，。则阻值为 故AB错误； D．根据并联电流规律可知、、并联时干路电流为 根据，电源电压不变时电功率和电流成正比，则功率之比 故D正确。 故选D。 18．A 【详解】A．根据生活实际，手机的质量大约为，200g符合实际，故A符合题意； B．长度为12cm，，所以，故B不符合题意； C．这款手机，使用功率为60W的充电器半小时可充满一次电，根据电功计算公式，可得充满一次电消耗的电能，故C不符合题意； D．正常使用手机时，手机后壳温度一般在以内，70℃温度过高，故D不符合题意。 故选A。 19．B 【详解】A．根据电热水壶的额定功率和额定电压，其正常工作时的电流约为 故A错误； B．根据电功率公式可得电热水壶正常工作时电热丝的阻值为 故B正确； C．电热水壶中水的质量为 电热水壶中的水吸收的热量为 故C错误； D．电能表的参数为，表示每消耗1kW·h的电能，电能表的表盘转过3000r，则电能表表盘转过375r时，电热水壶消耗的电能 电热水壶工作时间，根据公式，可得实际功率 故D错误。 故选B。 20．C 【详解】A．压力表与定值电阻并联，根据电表的使用方法可知，该压力表是由电压表改装而成的，故A错误； B．若电梯内没有人，的阻值变大，总电阻变大，电路中的电流减小，根据可知，两端的电压减小，由于电流不为0，则电压表示数不为0，故B错误； C．电梯静止时，若所载人数越多，则压力越大，的阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，根据可知，两端的电压变大，压力表示数变大，故C正确； D．电梯匀速上升时，压力不变，的阻值不变，电路中的电流不变，则压力表示数不变，故D错误。 故选C。 21．(1)零刻度线 (2) 142.4 1.01 (3) 大于 20 2 无 【详解】（1）调节天平时，需先将游码移至标尺的零刻度线处，再调节平衡螺母使天平平衡。 （2）[1]由图乙可知，标尺的分度值为，标尺上的游码对应刻度读数为，奶茶的质量等于砝码的质量加上游码对应的刻度，奶茶的质量为 [2]倒入量筒的奶茶质量 体积，密度 （3）[1]“珍珠”沉在奶茶底层，说明“珍珠”的密度大于奶茶的密度。 [2]加入的奶茶质量 这些奶茶的体积等于“珍珠”的体积，故 [3]“珍珠”的密度为 [4]取出“珍珠”时带出的奶茶，会在补充奶茶时被一起补齐，因此对“珍珠”体积和质量的测量无影响，最终对密度测量无影响。 22．(1)右 (2)变大 (3)B (4) 金属棒 (5) 变大 大 丁 【详解】（1）实验前，若杠杆不在水平位置，左端下沉，则需将平衡螺母向右调，此时右端翘起。 （2）弹簧测力计由图中a位置移至b位置时，测力计拉力的力臂减小，而阻力和阻力臂都不变，根据杠杆的平衡条件，需测力计的拉力增大，即测力计示数变大。 （3）A.向左移动钩码的悬挂点，会使阻力臂变大，在动力臂和阻力不变的情况下，所需动力会变大，测力计的拉力不会变小，故A不符合题意； B.向右移动测力计的悬挂点，会使动力臂变大，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力会变小，测力计的拉力会变小，故B符合题意； C.由于实验前已经调节杠杆在水平位置平衡，因此杠杆的重力对杠杆的平衡没有影响，换一个更轻的杠杆不会改变阻力和动力，测力计的拉力不会变小，故C不符合题意； D.在探究“杠杆的平衡条件”的实验中，加挂钩码后，为了实验数据的准确，不能通过调节平衡螺母使杠杆平衡，故D不符合题意。 故选B。 （4）[1]由图乙可知，杠杆的动力为小球的重力，动力臂AO为l，阻力为金属棒的重力，故需用天平测出金属棒的质量m1。 [2]设金属棒重心到支点O的距离为l1，即阻力臂为l1，根据杠杆平衡的条件， 解得， （5）如图为杠杆示意图 [1]由图可知，当角减小时，阻力臂变大，阻力为箱子的拉力等于箱子的重力不变，由于拉力的方向与脊柱夹角始终为，且OA距离不变，则O点到作用线的距离不变，即动力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，变大。 [2]如果考虑到人上半身的重力，由于上半身的重力会阻碍杠杆的转动，阻力会变大，根据杠杆平衡条件可知，实际拉力将变大。 [3]比较丙、丁两种姿势可知：丙的支点太高，在搬起物体时，阻力臂减小得慢，则腰背部复杂肌肉的等效拉力要长时间使用较大的力，所以丙姿势不正确，丁姿势比较正确。 23．(1)38.24N (2)， 【详解】（1）根据压强公式可得，甲容器对地面的压力 （2）①将乙中小球拿出，乙的水面下降0.02m；由于小球的体积不变，甲、乙容器完全相同，则放入小球后，甲中水面上升0.02m，则甲中水对容器底的压强变化量 ②小球更换位置前，乙容器对地面的压力 小球更换位置后，两容器对地面的压强相等，设小球重力为。则有 将、代入为 解得小球重力，小球体积为 则金属小球的密度 24．(1)0.2kg (2)200Pa (3)4N (4)34N 【详解】（1）没有加水时，A受到竖直向下的重力和弹簧对A竖直向上的弹力，由二力平衡条件可知，A的重力 则A的质量 （2）根据二力平衡条件可知，当弹簧恰好恢复原长时，A受到的浮力等于A自身的重力，即 由可知，A排开水的体积 根据可知，A下表面的深度 此时柱体A底部受到的液体压强 （3）当弹簧长度为12cm时，弹簧的伸长量 由图乙可知，此时弹簧对A的拉力，则A受到的浮力 （4）当容器中水深为16cm时，弹簧长度为12cm，由于A刚好浸没一半，则A的高度为 向容器加水，当水面到达排水口时，继续加水，弹簧不再发生变化，假设此时弹簧的伸长量为xcm，根据图乙可知，弹簧每伸长1cm，弹簧受到的弹力为1N，则此时弹簧对A的拉力，根据题意可知，A浸入水的深度为 A此时受到的浮力 A受到浮力、弹簧的拉力和自身重力作用，并在三个力的作用下保持平衡，则 即 解得，则A浸入水的深度为 容器里水的体积为 根据和可得容器中水的重力 25．(1)0.2A (2)18V (3)10～20Ω 【详解】（1）由图可知，、和串联，电压表测和两端总电压，电压表测两端电压；闭合开关，滑动变阻器的滑片置于某一位置时，电压表的示数为14V，的示数为2V，根据串联电路电流特点结合欧姆定律可知，通过的电流为： （2）两端电压为： 则电源电压为： （3）当电压表满偏时，即，滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律可知，两端电压为 此时电路中的电流为： 两端电压为： 滑动变阻器两端电压为： 则滑动变阻器接入电路的最大阻值为： 当电压表满偏时，即，滑动变阻器接入电路的阻值最小； 此时电路中的电流为： 电路的总电阻为： 则滑动变阻器接入电路的最小阻值为： 故在替换前的阻值变化范围为； 用最大阻值为的滑动变阻器替换电阻，要使电路中的电流最大，当电压表满偏时，电路中的电流最大，此时电路中的电流为，电路的总电阻为； 根据电阻的串联可知， 即 因仅可以在替换前的范围内变化，当时，； 当电压表满偏时，根据串联分压原理可知， 代入数据 即 因 解得。 故接入电路的阻值范围为。 26．(1)0.22A，1000Ω (2)200V (3)1000Ω 【详解】（1）根据题意，发热体的额定电压，额定功率。发热体正常工作时的电流为 发热体的电阻值为 （2）已知发热体工作时间t=100s，消耗的电能W=4000J。发热体的实际功率为 根据功率公式，可得两端的实际电压为 （3）如图丙所示，与滑动变阻器串联。当滑动变阻器滑片P移至额定功率的四分之一，则这个最低电功率的大小为 根据可得此时电路中的电流 电路的总电阻为 根据串联电路电阻特点，滑动变阻器的最大阻值为 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $