江苏省江阴长泾中学2025-2026学年高二上学期期中检测物理试卷

2025-2026学年江苏省无锡市江阴市长泾中学高二（上）期中物理试卷 一、单选题：本大题共11小题，共44分。 1.下列关于电磁场和电磁波的说法正确的是(    ) A. 电磁场由发生的区域向远处的传播就是电磁波 B. 麦克斯韦提出了电磁场理论，并通过实验捕捉到了电磁波 C. 电磁波的传播速度总是 D. 电磁波是一种物质，不能在真空中传播 2.家用电热水器，在使用时具有漏电危险，当发生漏电时，电流会经过水管中的水与人体相连从而发生意外事故。“隔电墙”可以在一定程度上保护人体的安全，其装置如图甲，其内部结构是一个螺旋状的绝缘管道，结构如图乙，它实则上是将水管的水道变得更细更长，安装位置如图丙。下列分析正确的是(    ) A. 漏电时“隔电墙”能完全隔断电流 B. “隔电墙”是通过增加管道中水的电阻率来保护人体安全的 C. “隔电墙”是通过增加管道中水的电阻来减小电流从而保护人体安全 D. “隔电墙”是靠减小水流速度来减小电流而保护人体安全 3.行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞，车内的安全气囊会被弹出并瞬间充满气体。若碰撞后汽车的速度在很短时间内减小为零，关于安全气囊在此过程中的作用，下列说法正确的是(    ) A. 增加了司机单位面积的受力大小 B. 减少了碰撞前后司机动量的变化量 C. 将司机的动能全部转换成汽车的动能 D. 延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积 4.固定的长直导线附近有一个矩形线圈，它们处于同一光滑水平面上，俯视图如图所示。导线中通有向右的电流，下列说法中正确的是(    ) A. 电流在线圈所在位置处产生的磁场方向垂直于纸面向外 B. 若线圈以很大的速度远离长直导线，线圈中将产生感应电流 C. 若线圈平行长直导线向右运动，线圈中将产生感应电流 D. 若导线中电流突然减为0，线圈不会产生感应电流 5.如图所示，U形长木板置于光滑水平桌面上，两端各固定一轻质弹簧，A、B为弹簧原长处，A、B之间粗糙，两侧光滑。现将一木块放置于A、B间某处，某时刻给木块一个水平向右的初速度，则从该时刻起，关于木块、木板及弹簧组成的系统，下列说法正确的是(    ) A. 系统最终速度为0，动量不守恒，木块动能全部转化为内能 B. 系统最终速度不为0，动量守恒，木块减小的动能转化为内能和木板的动能 C. 系统最终速度不为0，动量不守恒，木块减小的动能转化为内能和弹性势能 D. 系统最终速度不为0，动量守恒，木块减小的动能转化为内能和弹性势能 6.如图为探究外电压、内电压和电动势关系的实验装置。这种电池的正负极板分别为A、为二氧化铅及铅，电解液为稀硫酸，关于这一实验装置分析，下列说法正确的是(    ) A. 电压表正极与a相连 B. 电压表的测量值大于电路的外电压 C. 电压表的测量值不会大于电压表的测量值 D. 电压表和测得的示数之和接近于一定值 7.关于多用电表的使用，下列说法正确的是(    ) A. 图甲中用多用电表直流电压挡测量的是电源的路端电压，表笔接法正确 B. 图甲中用多用电表电阻挡测量的是小灯泡的电阻，操作方式正确 C. 图乙中用多用电表电阻挡测量时指针偏转角度较小 D. 图乙中用多用电表电阻挡测量时指针偏转角度较大 8.某同学设计了如图所示的电路进行电表改装，已知电流表A的量程为200mA，内阻；；。则若将接线柱(    ) A. 1、2接入电路时，最大可以测量的电流为 B. 1、2接入电路时，最大可以测量的电压为 C. 1、3接入电路时，最大可以测量的电压为 D. 1、3接入电路时，最大可以测量的电流为 9.如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图像；直线B为电源b的路端电压与电流的关系图像；直线C为一个电阻R两端的电压与电流的关系图像。如果将这个电阻R分别接到a、b两电源上，那么(    ) A. R接到b电源上，电源的效率较高 B. R接到a电源上，电源的输出功率达到最大值 C. R接到a、b电源上，电源的输出功率之比为3：2 D. R接到a、b电源上，电阻的发热功率之比为9：16 10.如图所示，电路中R为滑动变阻器，、是定值电阻，理想电压表V的读数为U，理想电流表A的读数为，电源内阻不能忽略，将开关K闭合，则下列说法中正确的是(    ) A. 滑动变阻器的滑片P不动，将开关S闭合时，U减小，增大 B. 滑动变阻器的滑片P不动，将开关S闭合时，U增大，增大 C. 开关S断开时，滑动变阻器的滑片P向右滑动，增大，减小 D. 开关S断开时，滑动变阻器的滑片P向左滑动，减小，不变 11.A、B两小物块在一水平长直气垫导轨上相碰，用频闪照相机每隔时间t拍照一次，连续拍照四次，拍得如图所示的照片，已知四次拍照时两小物块均在图示坐标范围内，若不计两小物块的大小及碰撞过程所用的时间，则由此照片可判断(    ) A. 第二次拍照时物块B在60cm处，并且：：3 B. 第二次拍照时物块B在65cm处，并且：：3 C. 第二次拍照时物块A在25cm处，并且：：4 D. 第二次拍照时物块A在50cm处，并且：：4 二、实验题：本大题共1小题，共15分。 12.某实验小组在实验室中测量一根金属丝的直径和电阻。实验器材有：螺旋测微器、待测金属丝、电池组E、电流表A、电压表V、滑动变阻器R、定值电阻、开关、导线若干。 用螺旋测微器测量金属丝的直径，图甲的读数为______ mm。 同学设计如图乙所示的电路图，电压表的右端分别连接a点和b点，发现电流表读数几乎没变，电压表示数变化明显，为了减小误差，电压表右端应与______选填“a”或“b”点连接。 请根据问中的电路图，用笔划线代替导线完成图丙中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表读数均为最小值。根据电表读数可计算得到待测金属丝的电阻。 同学设计了如图丁所示的电路图，部分实验步骤如下： ①滑动变阻器滑片滑至适当位置并保持不变； ②在A、B之间接入定值电阻，闭合开关，记下电流表的示数； ③断开开关，取下定值电阻； ④在A、B之间接入待测金属丝，闭合开关，记下电流表的示数I。则______用E、、、I表示。 小明认为，因电表内阻的影响，A、B同学方案中的测量值均偏大。你是否同意他的观点，并简要说明理由。 三、计算题：本大题共4小题，共41分。 13.如图甲，在竖直向下的匀强磁场中，U形轨道水平放置，左侧接有可调电源，一根长为的导体棒固定在轨道上，距轨道左端距离为。当导体棒中的电流为2A时，这根导体棒所受磁场力为。 求匀强磁场的磁感应强度大小； 调节电源，使导体棒中电流变为1A时，此时匀强磁场的磁感应强度为多大？ 若取出电源，如图乙，求轨道和导体棒所围成的回路中的磁通量。 14.如图所示，电源的电动势，内阻，定值电阻，电容器的电容。闭合开关S，电容器开始充电。 当电容器充电结束时，求电容器所带电荷量Q； 在电容器充电过程中，某时刻电流传感器示数，求此时电阻R中的电流。 15.2023年世界泳联跳水世界杯，中国跳水“梦之队”再次实现包揽全部9枚金牌的壮举。女子单人10米台决赛中，全红婵以分夺冠。如图，若全红婵可视为质点从静止开始起跳，经以的速度落到水面，入水后又经减速至0。不计空气阻力，已知全红婵的体重为40kg，g取。求： 从静止起跳到入水后减速至0，全红婵所受重力的冲量； 起跳过程中，跳台对全红婵作用力的冲量； 落水后，水对全红婵的平均作用力。 16.如图，质量均为的木块A和B，相距一定距离放在光滑水平桌面上，A上固定一竖直轻杆，轻杆上端的O点系一长为的细线，细线另一端系一质量为的小球C。现将小球C拉起使细线水平伸直，并由静止释放小球C，当小球C运动到最低点时，木块A恰与B在极短时间内发生碰撞并粘合在一起。不计空气阻力，g取，求： 一开始木块A、B相距的距离s； 小球C在此后运动过程中能上升的最大高度h； 小球C再次运动到最低点时细线拉力F的大小。 答案和解析 1.【答案】A  【解析】解：A、变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，逐渐向外传播，形成电磁波，故A正确； B、麦克斯韦提出了电磁场理论，赫兹通过实验捕捉到了电磁波，故B错误； C、电磁波在真空中传播速度是，而在其他介质中不是光速，故C错误； D、电磁场本身就是一种物质，可以不依赖物质传播，故D错误。 故选：A。 电磁波是由变化电磁场产生的，变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，逐渐向外传播，形成电磁波； 根据麦克斯韦的电磁场理论分析判断； 电磁波在真空中传播的速度等于光速； 电磁波本身就是一种物质。 本题考查电磁波的产生及性质，知道麦克斯韦提出了完整的电磁场基础上，赫兹发现电磁波的实验的事实。 2.【答案】C  【解析】解：根据电阻定律可知，水的电阻率不变，在该情况下，将水流变长，横截面积变小来增大电阻，减小电流，从而对人体起到保护作用，但不能完全隔断电流。也不是靠减小水流速度来减小电流而保护人体安全的，故ABD错误，C正确。 故选：C。 根据电阻定律和电阻率知识，结合水的导电性等进行分析解答。 考查电阻定律的应用，理解电阻定律的内容，属于基础题。 3.【答案】D  【解析】解：ABD、在碰撞过程中，司机的动量的变化量是一定的，但安全气囊会增加作用的时间，根据动量定理可知，可以减小司机受到的冲击力F，同时安全气囊会增大司机的受力面积，则司机单位面积的受力大小减小，故AB错误，D正确； C、安全气囊只是延长了作用时间，减小了司机的受力，将司机的动能转换成气囊的弹性势能，故C错误。 故选：D。 4.【答案】B  【解析】解：根据安培定则可知，其电流在线框处产生的磁场方向垂直于纸面向里，故A错误； B.根据安培定则可知，其电流在线框出产生的磁场方向垂直于纸面向里，当线框以一定的初速度远离长直导线，线框中的磁通量减弱，为了阻碍磁通量的减弱，根据楞次定律，此时线圈中产生瞬时针的电流，故B正确； C.若线框平行长直导线向右运动，其穿过线框的磁通量未发生变化，所以线框中没有感应电流，故C错误； D.根据安培定则可知，其电流在线框出产生的磁场方向垂直于纸面向里，当导线中电流突然减为0，线框中的磁通量减弱，根据楞次定律，则线圈会产生感应电流，故D错误。 故选：B。 根据安培定则和楞次定律进行分析解答。 考查安培定则和楞次定律，关键是理解楞次定律的内容，属于基础题。 5.【答案】B  【解析】解：系统置于光滑水平桌面上，系统所受合外力为零，根据动量守恒定律的条件，可知系统动量守恒。初始时刻系统总动量不为零，所以系统最终速度不为0，最终系统匀速运动，根据牛顿第二定律分析，小物块不能压缩弹簧，弹簧处于原长状态。木块在A、B间运动时，由于A、B之间粗糙，木块与木板间存在摩擦力，会产生内能，所以木块减小的动能转化为内能和木板的动能，而不是转化为内能和弹性势能。故B正确，ACD错误。 故选：B。 先判断系统动量是否守恒，再根据能量守恒分析木块动能的转化情况。 本题关键在于判断系统动量守恒的条件合外力为零以及分析能量的转化考虑摩擦力生热和弹簧弹性势能的变化情况。 6.【答案】D  【解析】解：为电源内部，在电源内部，电流从b流向a，那么电压表正极与b相连，故A错误； B.电压表的测量值是滑动变阻器两端的电压，理论情况下是电路的外电压，所以应该相等，故B错误； C.电压表测量的电路的内电压，若电源内部的电阻大于滑动变阻器的电阻，那么电压表的测量值大于电压表的测量值，故C错误； D.电压表和测量值之和接近于电源的电动势，接近一定值，故D正确； 故选：D。 A.根据电源内部电流的流向进行分析判断； B.根据电压表的测量值真实情况进行分析解答； C.根据内外电阻的大小关系判定内外电压的大小关系； D.根据电源电动势和内外电压的关系进行分析解答。 考查电源的电动势和内电压、路端电压的问题，会理清它们之间的相互关系，会根据题意进行准确的分析解答。 7.【答案】D  【解析】解：图甲中用多用电表直流电压挡测量的是小灯泡两端的电压，但电流应从红笔流入，黑笔流出，图中表笔接法错误，故AB错误； 图乙中电流从黑笔流出，红笔流入，此时二极管是导通状态，所以多用电表测量的是二极管的正向电阻，阻值较小，则指针偏转角度较大，故C错误，D正确。 故选：D。 根据多用电表测直流电压和欧姆挡测二极管的正向电阻对应的方法进行分析解答。 考查多用电表工作原理和使用方法，知道多用电表的内部结构，属于基础题。 8.【答案】D  【解析】解：、2接入电路时，最大可以测量的电流为，代入数据解得，故A错误； B.1、2接入电路时，最大可以测量的电压为，解得，故B错误； D.1、3接入电路时，最大可以测量的电流为，解得，故D正确； C.1、3接入电路时，最大可以测量的电压为，代入数据解得，故C错误。 故选：D。 根据电压表和电流表的改装原理结合串并联电路的特点列式进行分析解答。 考查电表的改装，关键是熟练掌握串并联电路的特点和电流和电压的表达式，属于中等难度考题。 9.【答案】B  【解析】解：A、根据电源的图像斜率大小等于电源的内阻，由图可知，电源a的斜率小，则电源a的内阻小。在纯电阻电路中，电源效率为 R相同，电源的内阻越小，效率越高，故R接在a电源上电源的效率较高，故A错误； B、由图可知，a电源的内阻为，，则，所以R接到a电源上，电源的输出功率达到最大值，故B正确； CD、两电源的电动势相等，设为E。当电阻R与电源a组成闭合电路时，电阻R的图像与电源的图像的交点表示工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流。由图看出，R接到a电源上时，电流为，电源a的输出功率为。电源b的内阻为。R接到b电源上时，电流为，电源b的输出功率为，则：：4；电阻的发热功率等于电源的输出功率，所以电阻的发热功率之比为9：4，故CD错误。 故选：B。 电源的效率等于电源的输出功率与总功率的百分比，根据欧姆定律得到电源的效率与外电阻的关系。由电源的图像斜率大小等于电源的内阻，比较读出电源内电阻的大小，确定电源的效率关系。求出电源a的内阻以及R的阻值，当两者相等时，电源a的输出功率最大。当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的图线与电源的图线的交点表示工作状态，交点坐标的乘积等于电源的输出功率。结合功率公式分析答题。 本题主要考查闭合电路的欧姆定律，图像的纵轴截距表示电动势，横轴截距表示断路电流，斜率的绝对值表示内阻，结合公式进行分析。 10.【答案】D  【解析】解：AB、滑动变阻器的滑片P不动，将开关S闭合时，外电阻减小，干路电流I增大，根据闭合电路欧姆定律可得，则U减小。的电压为，I增大，其他量不变，则减小，所以减小，故AB错误； CD、开关S断开时，滑动变阻器的滑片P向右滑动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，外电路总电阻增大，根据，则增大。根据闭合电路欧姆定律可得，则有，所以不变；同理可知，滑动变阻器的滑片P向左滑动，减小，不变，故C错误，D正确。 故选：D。 滑动变阻器的滑片P不动，将开关S闭合时，分析外电阻变化，判断干路电流和路端电压的变化，即可知道电压表V的读数U的变化；分析的电压变化，判断电流表A的读数的变化；开关S断开时，分析滑动变阻器接入电路的电阻变化，结合闭合电路欧姆定律判断电流变化情况，从而分析和的变化。 解决该题的关键是明确知道电路的串并联电路特点，熟记闭合电路欧姆定律，知道并联电路的支路越多其并联部分电阻越小。 11.【答案】C  【解析】解：由频闪照片分析可得，A物块碰撞前做匀速运动，因，，故相邻时间间隔t内位移均为25cm，故碰撞前A的速度。 图中B物块初始静止于60cm处。A在第3次拍照时位于50cm处，碰撞发生于A运动至60cm位置时。 A从50cm到60cm的位移为10cm，所需时间，解得：，故碰撞时刻为第3次拍照后，距第4次拍照剩余。 碰撞后，A在内由60cm移动至55cm，位移，速度，解得：； B在相同时间内由60cm移动至65cm，位移5cm，速度，解得：。 根据动量守恒定律：，代入数据得：，化简得，即质量比：：4。 A、第二次拍照时时刻，A位于25cm处，B仍静止于60cm处，且质量比为1：4，故A错误； B、由上述分析可知，第二次拍照时B应在60cm处，而非65cm处，且质量比为1：4而非1：3，故B错误； C、第二次拍照时A的位移，解得：，且质量比为1：4，故C正确； D、第二次拍照时A应在25cm处，而50cm处是第三次拍照的位置，故D错误。 故选：C。 从频闪照片分析物块运动情况，A碰撞前做匀速运动，速度可通过位移差与时间间隔求出。碰撞发生在A到达60cm位置时，碰撞后A反弹、B开始运动，两者速度方向相反。根据动量守恒定律，将碰撞前后的速度代入方程，可求出质量比。结合照片中物块位置信息，判断第二次拍照时A的位置及质量比关系，从而确定正确选项。 本题通过频闪照片考查学生对碰撞问题的综合分析能力，涉及匀速直线运动、动量守恒定律等核心知识点。题目要求学生从图像中提取位移信息，计算碰撞前后速度，并运用动量守恒推导质量比，计算量适中但逻辑链条较长。解题关键在于准确判断碰撞时刻及碰撞前后两物体的运动状态，同时需要细致处理时间分段与位移关系。本题能有效锻炼学生的图像分析能力、运动学公式应用能力以及动量守恒条件的把握能力，尤其注重对碰撞瞬间物理过程的动态分析。选项设置通过不同位置和质量比组合形成干扰项，增加了对计算结果精确性的要求。 12.【答案】  a     不同意，A同学方案因电压表分流，测量值偏小；B同学在计算两组阻值的差值时，电流表内阻已减除，电流表内阻对测量值无影响，无误差  【解析】解：圆柱形的直径为 电压表的右端分别连接a点和b点，发现电流表读数几乎没变，电压表示数变化明显，说明电流表分压明显，应采用电流表外接法，故电压表右端应与a点连接； 根据电路图连接实物图如下 ④根据闭合电路欧姆定律有， 联立解得 不同意，A同学方案因电压表分流，测量值偏小；B同学在计算两组阻值的差值时，电流表内阻已减除，电流表内阻对测量值无影响，无误差。 故答案为：；； ；不同意，A同学方案因电压表分流，测量值偏小；B同学在计算两组阻值的差值时，电流表内阻已减除，电流表内阻对测量值无影响，无误差。 螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度读数之和； 根据实验要求和误差分析判断； 根据电路图连接实物图； ④根据闭合电路欧姆定律计算； 根据实验误差分析判断。 本题关键掌握测量金属丝的电阻率的实验原理、测量电路的选择方法和螺旋测微器的读数方法。 13.【答案】匀强磁场的磁感应强度大小为  调节电源，使导体棒中电流变为1A时，此时匀强磁场的磁感应强度仍为，方向不变  轨道和导体棒所围成的回路中的磁通量为  【解析】解：通电直导线与磁场方向垂直，根据安培力公式，可得； 调节电源，使导体棒中电流变为1A时，此时匀强磁场的磁感应强度仍为，方向不变，因为磁感应强度与导体中的电流大小无关。 根据磁通量的定义，可得。 答：匀强磁场的磁感应强度大小为； 调节电源，使导体棒中电流变为1A时，此时匀强磁场的磁感应强度仍为，方向不变； 轨道和导体棒所围成的回路中的磁通量为。 根据安培力公式列式进行分析解答； 根据磁感应强度的决定因素进行分析解答； 根据磁通量的定义列式进行分析解答。 考查安培力公式的应用和磁通量的计算问题，关键是熟练掌握基本概念，属于基础题。 14.【答案】电容器所带电荷量Q为  电阻R中的电流为  【解析】解：根据闭合电路的欧姆定律，而，电容器的电荷量为，代入数据解得； 根据闭合电路的欧姆定律，代入数据解得电阻R中的电流。 答：电容器所带电荷量Q为；； 电阻R中的电流为。 根据闭合电路的欧姆定律、欧姆定律以及电容电荷量的计算公式列式求解； 根据闭合电路的欧姆定律列式解答。 考查闭合电路欧姆定律的应用，熟练掌握电容器的充电过程电荷量的计算，属于中等难度考题。 15.【答案】从静止起跳到入水后减速至0，全红婵所受重力的冲量大小等于，方向竖直向下  起跳过程中，跳台对全红婵作用力的冲量大小等于，方向竖直向上  落水后，水对全红婵的平均作用力大小等于1600N，方向竖直向上  【解析】解：取竖直向下为正方向， 重力冲量 得，方向竖直向下 从起跳到入水，取竖直向下为正方向，根据动量定理得 解得跳台对全红婵作用力的冲量，大小等于，方向竖直向上 取竖直向下为正方向，落水后，根据动量定理 得，大小等于1600N，方向竖直向上 答：从静止起跳到入水后减速至0，全红婵所受重力的冲量大小等于，方向竖直向下； 起跳过程中，跳台对全红婵作用力的冲量大小等于，方向竖直向上； 落水后，水对全红婵的平均作用力大小等于1600N，方向竖直向上。 根据冲量公式求解，冲量方向与力的方向相同； 从起跳到入水，结合动量定理求解跳台对全红婵作用力的冲量； 落水后，根据动量定理求解水对全红婵的平均作用力。 本题主要考查动量定理的应用，关键是确定好研究过程，规定正方向，注意“冲量”和“动量的变化”可以互求。 16.【答案】一开始木块A、B相距的距离s为  小球C在此后运动过程中能上升的最大高度h为  小球C再次运动到最低点时细线拉力F的大小为  【解析】解：根据动量守恒和“人船模型”有 得 取水平向右为正方向，小球C下摆至最低点，则 解得 A、B碰撞过程，取水平向右为正方向，则 解得 最初总动量为0，此后C至最高点时三者共速为0 得 从最高点再次到最低点，取水平向右为正方向，则 得 对C球： 得 答：一开始木块A、B相距的距离s为； 小球C在此后运动过程中能上升的最大高度h为； 小球C再次运动到最低点时细线拉力F的大小为。 根据动量守恒以及位移关系求一开始木块A、B相距的距离s； 根据动量守恒和能量守恒定律求小球C在此后运动过程中能上升的最大高度h； 根据动量守恒和能量守恒定律求出木块A和B以及小球C到最低时的速度，再结合牛顿第二定律求小球C再次运动到最低点时细线拉力F的大小。 本题主要考查了动量守恒定律的相关应用，理解动量守恒的条件，结合能量守恒定律，选择合适的过程联立等式即可完成分析。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $