甘肃省百师联盟2025-2026学年高二上学期12月联考物理试卷

2025一2026学年高二年级12月阶段检测 物理试题 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在 本试卷上无效。 3,考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。出.的行人从) 考试时间为75分钟，满分100分1.1四1从 一、选择题：本题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有 一项符合题目要求，每小题4分：第8~10题有多项符合题目要求，每小题5分， 全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1.下列说法正确的是 A普朗克认识到变化的磁场可以产生电场，变化的电场也可以产生磁场 所产.组肾4平产的 B赫兹引入了能量子这一概念，首次提出了能量量子化的思想 .指的直建立 C.电场线和磁感线是可以形象描述场的强弱和方向的假想的曲线 D.红外线可以消毒，紫外线可以用来加热理疗 阳图海听5得国 所，，4阴， 2.下列说法正确的是 华分版你，头要房 A.根据能量守恒定律，节约能源是没有必要的 B.焦耳定律适用于一切电路的焦耳热的求解 C.电源的作用就是将电能转化为其他形式的能 D.电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多 个第1页（共8页） 3.相同磁铁的同名磁极之间的磁场分布与等量同种电荷之间电场分布相似。如图所示，两 个相同的条形磁铁的N极正对放置，两条虚线分别是两磁极中心的连线及其垂直平分 线，它们的交点是O点，A、B两点和C、D两点分别关于O点对称。则 C tD A.磁场只分布在磁铁外部，磁铁内部不存在磁场 B.A点和B点的磁感应强度相同 C.C点和D点的磁感应强度不同 D.从C点到D点，连线上各点的磁感应强度逐渐减小 4把一小段通电直导线垂直于磁场方向放入一匀强磁场中，图中能正确反映各物理量间关 系的是 A 5.在光滑水平地面上，一质量为2kg的物体在水平向右的拉力F作用下，由静止开始运动， 拉力F随时间变化的关系图线如图所示，下列说法正确的是 A.0一2s内，拉力F的冲量为2N·s B.2~4s内，拉力F的冲量为1N·s C.0一4s内，物体的动量方向会改变 Dt=4s时，物体的速度大小为1.5m/s件状州”1当拉 ①第2页（共8页） 6.如图所示，A、B、G,O是四根平行等长且固定的金属导线，四根导线中的电流大小相等， 方向如图所示.AB、BC、AC构成一个正三角形，O是正三角形的中心，若已知导线C给 点的，以点功行，人，)珍相答，到 导线O的磁场力大小为F,则下列说法正确的是 ⊕ 必C,8,内好妇，所孩册4的只/ A导线O所受其他导线的合力为零 什训选海府点联品日 1311出州点行拉‘) B导线B对导线A的磁场力为斥力，大小也为F 0西的为1.成1好)从，行 C,导线O受到其他导线的合力方向为从O指向C口行费事西4 D导线A受到导线O的磁场力为引力，大小也为F 张阳海 7,某欧姆表的内椰电路如图所示，该欧姆表有两个倍率，“×1”倍率和“×10”倍率。下列说 法正确的是 过位球由，行什11 法很，沙素指的 G 品：路正 头.2问员t到 A,电路图中右侧的表笔b为红表笔 。·/次每，0”止.生5-0 B.开关S闭合时为“×10”倍率 方·1中量玛的生代，方15社 C.电流计中的电流I与待测电阻R,成反比 心场金道分您有出，1开一. D.如果使用“×10”倍率时指针偏角过大，应换“1”倍率小：，111 ①第3页（共8页） 8,如图所示为个做匀变速曲线运动的质点的轨迹示意图，已细在B点时的速度与加速度 相互垂直，则下列说法中正确的是 刚声道 ,位行的伊法 行·，浓小3西， A,D点的动量变化率比C点的动量变化率大 ,常答出小拉古 B.从A到D的过程中，外力冲量与物体动量的夹角减小 》 C,从A到D的过程中，相等的时间内动量的变化的大小不同：方， D.从A到D的过程中，任意时间内物体动量变化的方向相同 9,如图所示，我国的探月卫屋在进人地月转移轨道时，由于卫星姿势的改变，卫星中一边长 为50cm的正方形导线摇由水平方向转至竖直方向，此处磁场磁感应强度大小为B=2× 10T,方向如图中所示，sin37°=0.6，cos37”=0.8,则下列说法正确的是 分的包 不t校数代方的费痛组 力 是形51.1 5分U应好方 A.在水平位置时，穿过线框的磁通量大小为3.0×10-·Wb B,在竖直位置时，穿过线框的磁通量大小为3.0×10·Wb 1,5存 C.该过程中穿过线框的磁通量的变化量大小是1.0×10Wb D.该过程中穿过线框的磁通量的变化量大小是7.0×10-Wb 10,在如图所示的电路中，电源的电动势为E、内阻为r,R,和R2为定值电阻，电流表和电压 表都是理想电表。当滑动变阻器R的滑动触头向上移动时，下列判断正确的是 以行法站格对 A理想电压表读数增大 B理想电流表读数增大 C.R,消耗的功率增大 烧然立一对D,电源的总功率减小，大选4 @第4页（共8页） 二、非选择题：本题共5小题，共57分。抗.'，3酒小，和口（代） 11.(6分)如图所示是探究电磁感应的实验装置。中以的”忘出，米你洲 2-✉ :1张的线T比(1) :出济1西内湾) (1)将图中所缺导线补充完整。 (2)①将通电线圈A迅速插入感应线圈B时，灵敏电流计指针将 (填“发生偏 转”或“不偏转”)。 ②将通电线圈A插入感应线圈B后，将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动时，灵敏电流计 指针将（填“发生偏转”或“不偏转”）。 12.(9分)某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： A待测干电池一节 B.电流表A,:量程0~0.6A,内阻rA=0.2n C.电流表A:量程0~0.6A,内阻约为0.1n D,电压表V1:量程0~3V,内阻未知 E.电压表V:量程0~15V,内阻未知 F.滑动变阻器：0~10n,2A G.开关、导线若干 U(V) 1.5 1.0 Er 0.47A) 甲 丙 (1)在上述器材中最适合本次实验的电压表为 ,电流表为 (均填写选 项序号) (2)实验电路图应选择图中的 (填“甲”或“乙”)， 0第5页（共8页） (3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U一I图像，可知干电池的 电动势E= V,内阻r= ,(结果均保留三位有效数字)本次实验得 到的结果与真实值相比 (填“偏大”或“无偏差”或“偏小”)。1后 13.(10分)原地起跳摸高是同学们经常进行的一项体育活动。如图所示，一质量m=60kg 的同学级慢弯曲两腿向下蹲，然后用力蹬地起跳。该同学离开地面跳起的过程中，他的 重心沿竖直方向上升的最大高度h=0.45m,取重力加速度大小为g=10m/s2,不计空 气阻力。求：， (1)该同学跳起瞬间的动量大小p: (2)该同学起跳蹬地过程中所用时间t=0.2s,起跳蹬地过程地面对该同学的平均作用 力大小。 ①第6页（共8页） 14.(15分)如图所示电路，电源电动势E=3V、内阻r=0.5n,R÷2n,灯泡L电压U。= 1.5V,R1的电压U1=1.0V。求：， 、瑞的， 传高明 (I)通过R,的电流大小，“”阁如大“； 冰金的过是定 (2)外电路消耗的功率；秋，5于开行州公然绿品(). 凉(3)R:消耗的电功率。2，”T西城山水叶经学帽 .可：长小州庄痕阳定香人班闻凸8过沙带小3 RK不 年小以 州(Y学写狗证留1提当4.一阳须就中：红酸班照试同念) 大代 @第7页（共8页） 15.(17分)如图所示，电源电动势E=6V、内阻r=0.5,标有“5V,5W”字样的灯泡L恰 好能正常发光，电动机M的线圈电阻R。=1n。求：出花， (1)通过灯泡的电流11： (2)电源内阻消耗的电功率； (3)电动机的输入功率和输出功率。 L☒ M 湖主发“量》 等部游环，栖牙御阻入拉人 村不地司 器出谢我，讯常：的行调生安都以，明影大过 ,（“湖75 :好腾千名度，蹈胶程.中进T学一可变开积购以一 甘-话 26.015,不..6智， 度母，4行：抗. 风”中，·证，门 法7心：”玉 人公叶：写”安8， 千在数头.) Vy 6 西 4 代寿 式去世空，本价经转写《 8型 ,"公“ 街中18”，8 @第8页（共8页）2025一2026学年高二年级12月阶段检测 物理参考答案及评分意见 1.C【解析】麦克斯韦的电磁场理论指出变化的磁场产生电场，变化的电场也可以产生磁场，A错误；普朗克引入 了能量子这一概念，首次提出了能量量子化的思想，B错误；电场线和磁感线是可以形象描述场的强弱和方向的 假想曲线，C正确；红外线具有热作用，可以用来加热理疗，紫外线具有波长短、频率高、能量大的特点，可以进行 消毒，D错误。 2.B【解析】能量守恒定律指能量总量不变，但能源利用涉及能量转化效率，实际使用中部分能量会耗散为不可用 形式（如废热），因此节约能源是必要的，A错误；焦耳定律Q=IRt适用于一切电路的焦耳热的求解，B正确；电 源的作用是将其他形式的能（如化学能）转化为电能，而非将电能转化为其他形式的能，C错误；电功率越大，电 流做功越快，电路中产生的焦耳热不一定越多，还与时间有关，D错误。 3.C【解析】磁铁外部和内部均存在磁场，A错误；A点和B点的磁感应强度方向相反，B错误；C点和D点的磁 感应强度大小相等，方向相反，C正确；O点的磁感应强度为零，C、D两点的磁感应强度不为零，可知从C到D, 连线上各点的磁感应强度并不是逐渐减小，D错误。 F 4.C【解析】当导线垂直于磁场放置时有B=元，即F=IB,所以B不变的情况下F与I成正比，A错误，C正 确；磁感应强度的大小和方向由磁场自身决定，不随F或的变化而变化，B、D错误。 5.A【解析】0~2s内，拉力F的冲量I=F△t= 2×2X2N·s=2N·s,A正确；2~4s内，拉力F的冲量大小 1N·s=1N·s,方向向左，故拉力F的冲量为一1N·s,B错误；根 △p=2N·s十(-1)N·s=1N·s,故物体的动量方向不会改变，C错误；根据△p=mv一0，解得v=0.5m/s, D错误。 6.C【解析】平行电流间的作用规律：同向电流相互吸引，反向电流相互排斥。所以导线O受到导线C的吸引力 和导线A、B的排斥力，合力不为0且方向为从O指向导线C,A错误，C正确；导线A、B中的电流同向，相互吸 引，且距离大于C、O间的距离，引力小于F,B错误；根据对称性可知，导线A、O之间的作用力大小为F,且电流 异向，故导线A、O之间的作用力为斥力，D错误。 7D【解析】根据欧姆表内部电路的连接规则，红表笔应与内部电源的负极相连，A错误；欧姆表的倍率越大，其中 值电阻（即内阻）越大，当开关S闭合时，电阻R,与电流计G并联，并联后的总电阻减小，所以欧姆表的内阻减 E 小，应该是小倍率挡，B错误；根据闭合电路欧姆定律I一R十R。,电流与R内十R,成反比，不是与R:成反比， C错误；如果使用“×10”倍率时指针偏角过大，说明电流过大，被测电阻为小电阻，所以应换“×1”倍率，D正确。 8.BD【解析】根据动量定理F△t=△p,物体做匀变速曲线运动，所受合力恒定，而动量变化率也指合力，所以D 点的动量变化率和C点的动量变化率一样，A错误；从A到D的过程中，外力冲量（合力方向）与物体动量（速度 方向)的夹角一直减小，B正确；从A到D的过程中，相等的时间内动量的变化的大小相同，C错误；从A到D的 过程中，任意时间内物体动量变化的方向相同（等同于合力方向），D正确。 9.AD【解析】在水平位置时穿过线框的磁通量Φ1=BSsin37°=2×105×0.52×0.6Wb=3.0×106Wb,在竖 直位置时穿过线框的磁通量Φ2=一BScos37°=一2×10-5×0.52×0.8Wb=一4.0×10-6Wb,磁通量的变化 A物理答案第1页（共3页） 量的大小为△Φ=|Φ2一Φ1=7.0X10-6Wb,A、D正确，B、C错误。 10BC【解析】当滑动变阻器的滑动触头向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由欧姆定 律分析总电流I增大，路端电压U=E一Ir减小，所以理想电压表读数减小，电阻R2的电压U2=E一I(x十R1) 减小，流过电阻R2的电流I2减小，则流过电流表的电流IR=I一I2增大，所以理想电流表读数增大，A错误，B 正确；根据P1=IR1,电流I增大，所以R消耗的功率增大，C正确；电源消耗的功率P=IE,电流I增大，所 以电源消耗的功率增大，D错误。 11.(1)见解析(2分)(2)①发生偏转(2分)②发生偏转(2分) 【解析】(1)实验装置连接如图。 (2)①将通电线圈A迅速插入感应线圈B时，感应线圈B内的磁通量变大，灵敏电流计的指针将发生偏转。 ②将通电线圈A插入感应线圈B后，将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动，滑动变阻器接入电路中的阻值变大， 电流减小，感应线圈B内的磁通量变小，灵敏电流计的指针将发生偏转。 12.(1)D(1分)B(1分)(2)甲(1分)(3)1.50(2分)1.05(2分)无偏差(2分) 【解析】(1)一节干电池的电动势大小约为1.5V,为了测量的精度，电压表要选择0~3V的量程，D正确。选择 内阻已知的电流表B,可以去除电流表内阻导致的系统误差。 (2)由于电流表内阻已知，选用电路甲时，电流表的分压可通过计算减去，无系统误差。 (3)根据闭合电路欧姆定律，有E=U+I(r十rA),整理后可得U=一(r+rA)I十E,根据图像可知，截距大小为 电动势，即E=1.50V,斜率的大小为电池内阻与电流表内阻的和，所以r=|k|一rA=1.052,由于电流表的内 阻是已知的，所以电流表的分压可计算，无系统误差，所以测量值无偏差。 13.(1)180kg·m/s(2)1500N 【解析】(1)设该同学跳起瞬间的速度大小为v,对该同学从地面跳起后的过程，有2=2gh(2分) 解得v=3m/s 所以该同学跳起瞬间的动量大小为p=mx(2分) 解得p=180kg·m/s(2分) (2)设竖直向上为正方向，该同学起跳蹬地过程中由动量定理可得Ft一mgt=mv一0(2分) 解得平均作用力大小为F=1500N(2分) 14.(1)0.5A(2)1.375W(3)0.125W (2分) 【解析))由题意得，通过R,的电流大小为1，一R 獬得I1=0.5A(1分) (2)电源路端电压U=E-I1r(2分) 解得U=2.75V 外电路消耗的功率P=I1U(2分) ④物理答案第2页（共3页） 解得P=1.375W(2分) (3)R2两端的电压UR2=U-U。-U1(2分) 解得UR2=0.25V 电阻R2消耗的电功率PR2=IUR2(2分) 解得PR2=0.125W(2分) 15.(1)1A(2)2W(3)5w4w P(2分) 【解析】(1)由P-U1可得通过灯泡的电流1 解得IL=1A(1分) (2)由闭合回路欧姆定律可得E=UL+Ir(2分) 可得电路总电流I=2A 则电源内阻消耗的电功率P,=I2x(2分) 解得P,=2W(1分) (3)流过电动机的电流IM=I一IL(1分) 解得IM=1A 电动机的输入功率P人=UMIM=ULIM(2分) 解得Px=5W(1分) 电动机的热功率P内=IR(2分) 解得P内=1W 则电动机的输出功率P出=P人一P内(2分) 解得P出=4W(1分) ④物理答案第3页（共3页）