山西省大同市灵丘豪洋中学2025-2026学年高三上学期12月质量监测物理试题（B卷）

2025~2026学年高三12月质量检测卷 物理(B卷) 考生注意： 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对 应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答 题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 4.本卷命题范围：人教版必修第一、二册，选择性必修第一册第一一三章。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的 1.如图，一物体静止在水平面上，受到与水平方向成0角的恒定拉力F作用时间t后，物体仍保 持静止.下列说法正确的是： A.物体所受拉力F的冲量方向水平向右 B.物体所受拉力F的冲量大小是Ficos0 C.物体所受摩擦力的冲量大小为0 D.物体所受合力的冲量大小为0 2.蹦极是一项非常刺邀的户外活动.如图所示，人站在高处，把一端固定的长弹性绳绑在踝关节 处，然后两臂伸开，双腿并拢，头朝下先做自由落体运动，下落到最低点后，再上升至最高点， 在最高点弹性绳处于松弛状态.空气阻力不计，则人从最低点上升到最高点的过程中，下列说 法正确的是 A.在最低点，弹性绳的弹力和人的重力大小相等 B.失重阶段的加速度最大值一定小于重力加速度 C.人的速度达到最大时，弹性绳的弹力和人的重力大小相等 3.一滑块在水平面上做直线运动，其v~t图象如图所示，下列判断正确的是 A0~一2s和24s内，滑块受到的合力大小相等，方向相反 Av/(m-s) B.4~5s和5一6s内，滑块受到的合力大小相等，方向相同 C.t=0,t=4s和t=6s时刻，质点不在同一位置 D.滑块在2s末受到的合力大于在5s末受到的合力 4.下列四幅物理量与时间的图像，能表示机车以恒定功萃启动的是 5.女排队员在某次圳练中将排球水平击出，排球落地时速度方向与水平地面的夹角为30°，不计 空气阻力，则击球点离地面的高度与其沿水平方向飞行的距离之比为 A.2 B③ 6 9 D.23 6.2025年10月31日“神舟二十一号”飞船顺利发射，三名航天员顺利进入空间站.已知空间站 绕地球运行近似为匀速圆周运动，离地面距离为400km,做圆周运动的周期为90min,向心 加速度大小为a1,地球赤道上物体随地球自转的向心加速度大小为a2,已知地球半径为 6400km,地球表面的重力加速度为g,下列关系正确的是 16 A.a1=178 B.a2-g C.a1=272a2 D.() 7.如图所示，质量为m的球2静止在光滑水平面上，距离右侧竖直墙壁的距离为x=6,质量为M 的球1以速度=2/s向右运动与球2发生对心碰撞，碰后球1的速度方向不变，假设所有的碰 撞都是弹性碰撞，两球均视为质点，则从开始运动到两球第二次碰撞，球2运动的路程可能为 777777777777 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有两个或两 个以上选项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分， 8.知图甲所示，竖直悬挂的弹簧振子在M、N两点之间做简谐运动，O点为平衡位置，振子到达 N点开始计时，规定竖直向下为正方向.图乙是弹簧振子做简谐运动的x一1图像，则 LE以∠∠itiut x/cm 乏M 05 2. N A.弹簧振子从N点经过O点再运动到M点为一次全振动 B.乙中的P点时刻振子的速度方向与加速度方向都沿正方向 C弹簧振子的振动方程为x=0.14sin(t十艺)m D.弹簧振子在前2.5s内的路程为0.35m 9.如图所示，水平传送带沿顺时针方向以恒定的速度运行，传送带上表面离水平地面的高度 h=5m,将质量m=1kg的物块轻放在传送带的左端A,物块从传送带的右端B飞离到落地 的水平位移大小为s=4m;重力加速度取g=10m/s2,物块与传送带间的动摩擦因数 =0.2,不计物块大小及空气阻力，下列说法正确的是 A物块离开传送带时的速度大小为4m/s U B.若AB=6m,则v=6m/s h C.若v=5m/s,则AB=5.25m D.若w=5m/s,则物块与传送带摩擦产生的热量为12J 10.如图所示，在均匀介质中有A、B、C三点，AC=5a,BC=4a,AB=3a.t=0时，位于B、C两 点的两个波源同时由平衡位置开始向上振动，振动方向与平面ABC垂直，产生的两列简谐 横波在该介质中的传播速度均为，O是AC的中点，OD=0.7a,D是AO线段上距O点最 近的一个振动加强点，下列说法正确的是 AO点始终位于波峰处 D R两列波的频率均为器 C.A、C之间的连线上共有5个振动加强点 三、非选择题：本题共5小题，共54分. 11.(6分)在“验证机械能守恒定律”实验中，小王用如图甲所示的装置，让重物从静止开始下 落，打出一条清晰的纸带，其中的一部分如图乙所示.O点是打下的第一个点，A、B、C和D 为另外4个连续打下的点. 打点 计时器 纸带 夹子 白重物 D 中中甲竿 0123 19202122232425262728293031323334 甲 乙 (1)为了减小实验误差，对体积和形状相同的重物，实验时选择密度 的（填“大”或 “小”). (2)已知交流电频率为50Hz,重物质量为200g,当地重力加速度g=9.80m/s2,则从 O点到C点，重物的重力势能变化量的绝对值|△E|= J、C点的动能 Eic= J(计算结果均保留3位有效数字). (3)比较Ekc与△E。|的大小，出现这一结果的原因可能是 (单选). A.工作电压偏高 B.存在空气阻力和摩擦力 C.接通电源前释放了纸带 12.(9分)智能手机中的“磁传感器”功能可实时记录手机附近磁场的变化，磁极越靠近手机，磁 感应强度越大.某实验小组用手机、磁性小球、支架、塑料夹子等实验器材组装成如图甲所示 的装置来测量重力加速度， 夹子、 磁性小球 智能手机 凳子 -45 (1)将摆线上端固定在支架上，下端系在小球上制成单摆，在测量单摆的摆长时，先用毫米刻 度尺测得摆球悬挂后的摆线长（从悬点到摆球的最上端），再用螺旋测微器测摆球的直 径，如图乙所示，则摆球的直径d= mm (2)将手机放在悬点正下方的凳子上，使单摆做小角度摆动，当磁感应强度测量值最大时，磁 性小球位于（填“最高点”或“最低点”）.若测得连续N个磁感应强度最大值的 总时间为t,则单摆周期的测量值为··· (用N和t表示) (3)改变悬线长度，重复操作，可以测得多组周期T和对应悬线长度1的值，以 为 纵坐标（填“六”“T”或“T”),以1为横坐标，措点作图.若所得的图像如图丙所示，图像 的斜率为k,则重力加速度g的测量值为 (4)若在(3)中用摆线长1加上小球直径d作为摆长，则求出的重力加速度g值会 (填“偏大”、“编小”或“不变”). 13.(9分)如图甲所示，一列沿x轴传播的简谐横波，t=0时刻的波形如图中的实线所示，经过 时间△=1.5s的波形图如图中的虚线所示.该波中某质点的振动图像如图乙所示，求： Ay/cm /×10-1s (1)波的传播方向和速度大小； (2)x=1.5m处的质点在t=0.15s时的位置； (3)x=5m处的质点经2s通过的路程： 14.(13分)如图所示，半径为R的半圆形细圆筒（半圆筒内径远小于半圆筒的半径）竖直固定， AB是半圆筒的直径，O是半圆的圆心，P是半圆上的点，半径OP、OB的夹角为60°；半圆筒 底端切线水平且与一水平面平滑连接，水平面的右端与倾角为30°的斜面平滑连接，一小球 乙（大小略小于半圆筒内径）静止在水平面上，将一滑块甲放置斜面上，由距水平面高度为 五一7R处静止释放，甲与乙碰撞后乙经过P点时由接触半圆简外壁切换成接触内壁.已知滑 块甲与小球乙的质量相等，滑块甲与斜面之间的动摩擦因数为以一，不计其他摩擦，重力 加速度为g,求： (1)滑块甲第一次滑到水平面上时的速度大小： (2)及小球乙第一次经过P点时的速度大小； (3)滑块甲与小球乙第一次碰撞后的速度大小及碰撞损失的能量. =7R 30 15.(17分)如图所示，倾角α=37°的足够长斜面体水平固定，质量为3kg的物块A静止在斜面 上，质量为1kg的光滑物块B从距离A为m处由静止释放，下滑过程中，A与B的碰撞 为弹性碰撞且碰撞时间极短.物块A与斜面间的动摩擦因数为0.75，最大静摩擦力等于滑 动摩擦力，重力加速度取g=10/s2,不计空气阻力，sin37°=0.6，cos37°-0.8.求： (1)B与A第一次碰撞前瞬间的速度大小； (2)第一次碰撞结束到第二次碰撞的时间； (3)在第二次碰撞和第三次碰撞之间，A、B间的最大距离.2025~2026学年高三12月质量检测卷·物理(B卷) 参考答案、提示及评分细则 1.D根据冲量定义I=Ft,物体所受拉力F的冲量方向与F相同，A错误；物体所受拉力F的冲量大小是Ft, B错误；物体处于平衡状态，则有f=Fcos0,则物体所受摩擦力的冲量大小为Ir=ft=Ftcos0,C错误；物体 所受合力为零，所以物体所受合力的冲量大小为0，D正确. F 2.C人在最低点加速度向上，则弹性绳的弹力大于重力，A错误；失重阶段的加速度α一g一，当弹性绳完全 松弛(F=0)时，加速度最大且等于g,B错误；人的速度达最大时，加速度为零，则弹性绳的弹力和人的重力大 小相等，C正确；超重阶段的最大加速度出现在最低点，此时弹性绳拉力最大，由牛顿第二定律α=，上一g,若拉一 力F>2mg,则加速度a>g,因此超重阶段的最大加速度可以大于重力加速度，D错误 3.B0~4s内滑块的加速度不变，0~2s和2~4s内滑块受到的合力大小相等，方向相同，A错误；4~6s内滑 块的加速度不变，4~5s和5~6s内滑块受到的合力大小相等，方向相同，B正确；v-t图象中，图线下的面积 表示位移，=0，t=4s和t=6s时刻位移相同，滑块处在同一位置，C错误；滑块在2s末的加速度小于在5s末 的加速度，合力F=m,所以滑块在2s末受到的合力小于在5s末受到的合力，D错误， 4.C对A图，开始一段时间，机车的功率逐渐增大，则机车的功率不恒定，A不符合题意；对B图，开始一段时 间，机车的速度随时间均匀增大，加速度是定值，机车是以恒定的加速度启动，不是以恒定的功率启动，B不 符合题意；若机车以恒定的功率启动，则其速度增加，牵引力减小，当牵引逐渐减小到与阻力等大时，机车以 最大的速度做匀速，C符合题意；对D图，开始一段时间，机车的加速度是定值，机车是以恒定的加速度启动， 不是以恒定的功率启动，D不符合题意，故选C 5B根据平机运动的微律有m测-层，乡-立兴政有会是--停，放B跳 1 6.C在地球表面有袋=s,对控间站有8：=ma,解得a1=R8-(停)g,A错误地球赤道 R2 上物体随地球自转的向，心加速度大小a:并不等于g,B错误：对空间站有a1=(R十)（学）”，其中T 90min=1.5h;地球赤道上随地球自转的物体有a=R(),其中T=24h,解得a=272,C正确，D错误 7.A由题意可知M>m,设两球第一次碰撞后速度分别为)、，根据动量守恒有Mo=Mw十2，根据能量 守恒有之2-合M+弓m2,联立解得=助=兴，球2运动到墙壁的时间=碧， .2M 【高三12月质量检测卷·物理(B卷)参考答案第1页（共4页）】 此过程球1运动的距离为x=,球1到墙壁的距离为△L=x0一x,设经过t2时间两球再次相碰，则有 (十2)2=△L,此过程球2运动的距离x2=2t2,故两次碰撞前后球2运动的路程为sB=xo十x2,解得 鬼=6+6S四(m,由于MD,近似处理可知>2m,则8>8m,放选A 3M-m 8.BD振子从N点经过O点再运动到M点为次全振动，A错误；图乙中的P点时刻振子的速度方向与加 速度方向都沿正方向，B正确；由图乙知周期为T=2s,振幅为A=0.07m,6w一，规定竖直向下为正方向， 振子到达N点开始计时，t=0时刻位移为0.07m,可知初相为，则振子的振动方程为x= 0.07sin(u+受)m,C错误影弹簧振子在前2.5s内的路程为-25×4A=5A=035m,D正确， 9.AD物块离开传送带右端做平抛运动的时间：一√受-1s,则物块离开传送带右端做平抛运动的速度0一 =4m/s,A正确；物块在传送带加速运动时，由牛顿第二定律得mg=ma,解得a=g=2m/s2,物块加速 t 过程位移x2三4m,若AB=6m,则一定是先加速到4m/s再匀速运动，则u=4m/s,B错误：若 5m/s,则从A到B一直加速，AB=4m,加速时间t仁=2s,传送带位移x=t=l0m,则Q=mg△x= 12J,C错误，D正确. 10.BDO点是振动加强点，位移随时间变化，不是始终位于波峰处，A错误；由题意，△ABC是直角三角形， ∠B=90，°0s∠A=号，由余弦定理得Lm-√LB+L心一2 LA LADCOSA=24a,D点到两波源的波程 差△z=Lm-Lm=A,解得X=0.8a,频率为f=只-品B正确：A点到两波源的波程差△x=2a<3以，则 OA之间连线上有2个振动加强点，C点到两波源的波程差△x=4a=5λ，则CO之间连线上有4个振动加强 点，故加上0点AC之间连线上共有7个振动加强点，C错误：同时将两波源的频率增大一倍后，则X一合， D点到两波源的波程差△x=2λ'，D点仍是振动加强点，D正确. 11.(1)大(1分)(2)0.547(0.542~0.550)(1分)0.581(0.5700.590)(2分)(3)C(2分) 解析：(1)在“验证机械能守恒定律”实验中，在体积和形状相同时，选择重物的质量应适当大一些，即密度大 的，这样可以减小阻力对实验结果的影响. (2)从图中可以读出hac=0.2790m,△Ep=mg hoc=0.2×9.80X0.2790J≈0.547J,打下C点时，重物 的速度二畀C33.00-23.35)X10m/s≈2.41m/S,对应动能Ec三2m6≈0,581 0.04 【高三12月质量检测卷·物理(B卷)参考答案第2页（共4页）】 (3)电压的高低不会影响打点时间间隔，对实验不会造成影响，A错误；存在空气阻力和摩擦力，那么减少的 重力势能应大于增加的动能，B错误；如果接通电源前释放了纸带，则打O点时重物已有动能，则计算出的 减少的重力势能比增加的动能少，C正确， 12.15.9801分)(2最低点1分)N产72分)(3)T(1分) 4(2分) (4)不变(2分) 解析：(1)由图乙可知，摆球的直径为d=5.5mm+48.0×0.01mm=5.980mm. (2)当磁感应强度测量值最大时，小球离传感器最近，所以小球位于最低点；每隔半个周期磁感应强度达到 最大值一次，所以：时间内共经历2个周期，即=N2T,故得周期T=号 2t (3)根据单摆周期公式可得T=2π√ 2,可得=4+24，则T为纵坐标，以1为横坐标，描点作 g g 图；图像的斜率为k一4忙，解得重力加速度的测量值为g=4年， (4若用什d作为摆长，则有T-1+44,斜率不变，不影响重力加速度测量结果。 g g 13.解：(1)由甲图知，波长λ=4m 由乙图知，周期T=0.4s 则波速-产-04/s=10m/s1分) 0~1.5s内波传播了x=t=15m(1分) 因为15m=(3λ十3)m,因此波沿x轴负方向传播(1分) (2)0~0.15s内波沿x轴负方向传播了x'=t=1.5m(1分) 因此x=1.5m处的质点在t=0.15s的状态与x=3m处质点在t=0时刻状态相同，处于波谷位置(2分) (3)因为2s=5T(1分) 则x=5m处质点经2s通过的路程为y=5×4A=3.8m(2分) 14.解：(1)设滑块甲的质量为m、第一次滑上水平面上的速度大小为vo,则 由功能原理有-mgs300=之mw2-mg& 1 (2分) /7gR 代入数据解得u一V2 (2分) (2)设小球乙（质量也为m)经过P点时的速度大小为vP在P点处 由牛顿第二定律有60°=m紧 （2分) 【高三12月质量检测卷·物理(B卷)参考答案第3页（共4页）】 解得=√堅1分) gR (3)设甲、乙第一次碰撞后的速度大小分别为、，由动量守恒定律有 mvo=m1十m2(2分) 考察小球乙碰撞后运动到P点的过程，由机械能守恒定律有 1 2mu22=2mvp2+mg欧(1+os60)(1分) 7gR 联立两式解得=0，一√2 (2分) 交n21 第一次碰撞损失的能量为△E=立mw,2一之 2mv22=0(1分) 15.解：(1)B由静止开始下滑的加速度大小为a=gsin a=6m/s2(1分) 由运动学公式有话=2ax1(1分) 解得=5m/s(2分) (2)设第一次碰撞后，A和B的速度大小分别为1、2，根据动量守恒有ms0=一ms2十mAU1(1分) 根据能量守恒有分m话=方n暖+之1分) 解得0=2=2.5m/s(1分) 碰撞后，对A研究，由于mAg sin a一mAg cos a-=0(1分) 故碰后A做匀速运动，设经过1时间A,B第二次碰撞，则有0=一+7a1分 解得=子9(1分) (3)第二次碰撞前，B的速度大小v3=-2十at=7.5m/s(1分) 设第二次碰撞后，A、B的速度大小分别v4、5,根据动量守恒有mAo1十mv3=mMv4十mgv5（1分) 根据能量守恒有m十2m砖=7m话+之meog1分) 解得4=5m/s,5=0(1分) 设经过t的时间A、B间的距离最大，有4=at(1分) 解得1-骨。(1分) 则A,B间的最大距离为s=wd-之a:-m m(1分) 【高三12月质量检测卷·物理(B卷)参考答案第4页（共4页）】