河南省多校2025-2026学年高三上学期12月月考物理试题

机密★启用前 2026届高三第一学期12月质量检测 物 理 (试卷满分：100分，考试时间：75分钟) 注意事项： 1,答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上 的指定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如 需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号：回答非选择题时，用0.5mm的黑色字迹 签字笔将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，请将答题卡上交。 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的 1.“瞰鞠”起源于春秋战国时期的齐国故都临淄，在我国已流传两千三百多 年，历史悠久，其中在唐宋时期最为繁荣，盛极一时.下列说法正确的是 A,研究“球鞠”在空中旋转时，可将“致鞠”看成质点 B.研究“或鞠”在空中飞行的距离时，可将“藏鞠”看成质点 籤 C.脚对“跋鞠”的作用力是由于“蹴鞠”的形变而产生的 D.脚对“蹴鞠”的作用力和“或鞠”对脚的作用力是一对平衡力 2.在单色光双缝干涉实验中，光屏上的P。点到狭缝S,、S,的距离相等，屏上P点处为P。 点上方的第3条亮纹.若将狭缝S2遮住，并在S,S:的垂直平分面处放一平面镜M,如 图所示，则 A.屏上会呈现不等间距的干涉条纹 B.仅将平面镜M向上平移少许，屏上条纹间距将不变 C,仅将平面镜M向右平移少许，屏上条纹间距将增大 D.若单色光的被长增大为原来的1.5倍，则光屏上P处为P。点上方的第2条亮纹 高三物理试题第1页（共6页） 3.在足球场上，一质量为m=450g的足球朝运动员以功=20m/s的速度迎面而来，然后运 动员将足球以v=30m/s的速度反方向踢回，规定足球被踢回的方向为正方向，则下列说 法正确的是 A.足球动量的变化量为4.5kg·m/s B.合外力对足球的冲量为一22.5N·s C.合外力对足球不做功 D.合外力对足球做功为112.5J 4.原点处有一波源，从=0时刻开始振动，产生一列沿x轴正方向传播 4 的机械波.已知波源的振动图像如图所示则1一3买时的被形为 5.神舟二十一号载人飞船于北京时间2025年10月31日23时44分发射， 并与空间站完美对接.对接前神舟二十一号在轨道1上绕地球做周运 动，空间站在轨道3上绕地球做圆周运动，神舟二十一号通过转移轨道2 与空间站实现对接后，一起沿轨道3运动.下列说法正确的是 A.神舟二十一号的发射速度大于11.2km/s B.若神舟二十一号先运动到轨道3上，则可以通过加速追上空间站以实现对接 C.对接前，神舟二十一号与地心的连线和空间站与地心的连线在相等时间内扫过的面 积相等 D,神舟二十一号与空间站对接前后，神舟二十一号环绕周期增大 6.如图所示的电路中，电源的电动势为E、内阻为=2Q,阻值固定的小灯泡L的额定电压为 4V,额定功率为2W.单刀双掷开关接1，当电阻箱的阻值调为R=22时小灯泡L正常发 光：单刀双掷开关接2时，电动机@正常工作，小灯泡L正常发光.此时电动机的输出功率 与电动机消耗的电功率之比为3：4，电阻箱的电阻值足够大.则下列说法正确的是 A.电源的电动势E=8V R B.单刀双掷开关接1时，调节电阻箱，电阻箱消耗的最大功率为1W C.电动机的额定功率为0.5W D.电动机的内阻为1 高三物理试题第2页（共6页） 7.如图所示，甲、乙两辆汽车沿平直的公路行驶，=0时刻两汽车处在同一位置，通过速度 传感器在计算机上描绘了两辆汽车的平均速度随时间的变化规律.则下列说法正确的是 A.汽车甲、乙的加速度大小分别为6m/s、4m/5 B.图中L=2.0s C.=6s时汽车乙的速度刚好减为0 6 D.两汽车再次处在同一位置前，两汽车之间的最大距离为14.4m 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合 题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 8.如图所示，相框用两段长度不同的轻绳拴接于O点，轻绳的另一端分别栓接在水平天花 板上的A、B两点，已知AO>BO.则下列说法正确的是 /8 A.轻绳AO向上的分力小于轻绳BO向上的分力 B.轻绳AO向左的分力小于轻绳BO向右的分力 C.轻绳AO的拉力大于轻绳BO的拉力 D.将轻绳BO截去一小段，悬点B向左移动少许，保持AO方向不变，轻绳AO的力诚小 9.空间存在一沿x轴方向的静电场，其电扬强度E随位置x的变化关系如图所示，当电场 方向沿x轴正方向时，电场强度取正值，已知x轴上x1、x、O、x及：之间的间距均为 d,x、间以及、x间的图像平行于x轴，间的图像为过原点的倾斜直线，质子 所带的电荷量为：.若带电粒子在电场中只受电场力作用，则下列说法正确的是 A,x1、x:区域内的电场方向沿x轴的负方向 B.x、x间的电势差等于工、O间电势差的2倍 C.质子从原点沿x轴运动到x:处，动能增加2eEd D.从x:处由静止释放的电子在、间做简谐运动 1-E 10.如图所示，光滑水平面上静止一小球B,小球B的左端固定一轻弹簧，小球A位于小球 B的左侧，某时刻小球A向右运动，初动能的大小为E,已知小球A的质量为小球B质 量的一半.则下列说法正确的是 A弹簧的弹性势能最大时，小球B的动能为号E B弹簧的最大弹性势能为号。 C.弹簧第一次恢复原长时，小球A与小球B的速率之比为2：1 D.弹簧第一次恢复原长时，小球A的动能与初动能之比为1：9 高三物理试题第3页（共6页） 夸克扫描王 极速扫描，就是高效 三、非选择题：本题共5小题，共54分 11.(6分)某同学在验证力的平行四边形定则时，实验室只为其提供了一只弹簧测力计，通 过分析，该同学进行如下操作： a.在桌上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上： b.用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端拴上两条细绳，细绳的 另一端系着绳套； 心用弹簧测力计钩住其中的一个绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某 一位置O,记录下O点的位置以及记下两条细绳的方向，读出弹簧测力计的示数F: d,用弹簧测力计钩住另一个绳套，拉伸橡皮条使结点到同一位置O,并使两细绳的方向 与c中记录的方向相同，读出弹簧测力计的示数F:; e按选好的标度，用铅笔和刻度尺作出拉力F,和F:的图示，并以表示F,、F:的有向线 段为邻边作平行四边形，画出两个有向线段所夹的对角线，在末端标上箭头表示为F: 【用弹簧测力计钩住任意一个绳套，只用该绳套拉橡皮条，使结点拉到同一位置O,读出 弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出这个力F的图示： g。比较F和F,得出结论。 (1)某次拉伸橡皮条时，弹簧测力计的读数如图所示，则该示数为 N: (2)与橡皮条OA一定在同一直线上的是 (填“F"或“F”); (3)在图中，若OC与OB的夹角小于90°，保持结点O的位置不变，OC绳的方向不变，将 弹簧测力计在该平面内沿逆时针方向毁慢转至OB与OA垂直，弹簧测力计的读数 (填字母) A.一直减小 B.一直增大 C.先减小后增大 D.先增大后减小 高三物理试题第4页（共6页） 12.(8分)某实验小组的同学为了测量电源的电动势和内阻，设计了如图甲所示的电路。 (1)为了选择合适的金属丝，该小组的同学首先用多用电表粗略测量了金属丝的电阻 值，测量时先将旋钮调至“×1“倍率，结果指针偏转的角度如图乙所示，则待测金属 丝的阻值为R= Q,测量完毕，应将旋钮调至 挡： 100 1.5 A-V-0 丙 (2)电路图甲中，电键闭合前，金属丝上的滑片应置于 (填“a”或“b”)端： (3)闭合电键，移动滑片P的位置，将滑片P到α端的距离记为L,同时记录多组与L相 对应的电流表的读数1，在处理实验数据时，将L作为横轴，为了得到倾斜的直线，如 图丙所示，则图像的纵轴应为（填“卫”“严或“号"）；若金属丝的直径为、电 阻率为ρ，电流表的内阻为R,定值电阻阻值为R。,图像的斜率为k、截距为b,该电 源的电动势为E=,电源的内阻为r=·(用以上的量表示) 13.(10分)如图所示，某透明材料制成的棱镜的截面为直角梯形，一细光束由AD边的O点 斜射入棱镜，光束与AD边的夹角为0=45°.AD=3AO=3L,光束第一次射到AB边时 的人射角比临界角大15°，且该点为AB边的中点，又AB=BC,已知光在真空中的传播 速度为c.求： (1)该透明介质的折射率： (2)光从射入棱镜到第一次射出棱镜的时间。 高三物理试题第5页（共6页） 14.(14分)如图所示，两段半径均为R=2.25m、圆心角均为a=53°的光滑圆管平滑衔接于 点，其中入口和出口的切线均沿水平方向，放在光滑水平面上的长木板C上表面与出 口处的切线刚好平齐，长木板C的右端固定一挡板，挡板上固定一轻弹簧，弹簧原长时 的自由端刚好位于长木板的b点，b点右侧的长木板光滑，质量为m的滑块B放在长木 板的最左端.质量为m=0.5kg的滑块A从圆管的人口处静止进人圆管，滑块A的尺寸 比圆管的直径略小，经过一段时间与滑块B发生弹性碰撞，碰后滑块A被反弹，且速率 为碰前的气，最终滑块B又刚好返回到长木板的最左端.已知长木板的质量为M=3kg, 滑块B与b点左侧长木板上表面间的动摩擦因数为：=0.2，重力加速度g=10m/s2, cos53°=0.6，滑块A、B均可视为质点.求： (1)滑块A第一次运动到a点时与圆管之间的作用力： (2)滑块B的质量m。: (3)b点到长木板最左端的距离L以及弹簧最大的弹性势能E。 C Bw 15.(16分)如图所示，传送带与水平方向成8=37°固定，以恒定的速率%=10m/s沿顺时 针方向传送，传送带的底端用一小段圆弧与长为L=8m、质量为m=0.5kg的长木板平 滑衔接，质量为M=1kg的滑块从传送带的顶端A静止释放，经过一段时间滑块运动到 传送带底端B后滑上长术板的最左端，最终与长木板均静止，已知滑块与传送带间的动 摩擦因数为=0.5，滑块与长木板间的动摩擦因数为=0.6，长木板与水平面间的动 摩擦因数为出=0.2，传动带的长度为x=16m,滑块可视为质点，重力加速度g取 10m/s2,sin37°=0.6.求： (1)滑块放上传送带瞬间的加速度的大小： (2)滑块在传送带上运动的时间以及滑块在传送带上留下的划痕； (3)长木板在水平面上滑动的距离以及停止后滑块到长木板最左端的距离. o 高三物理试题第6页（共6页） ▣▣ 夸克扫描王 极速扫描，就是高效2026届高三第一学期12月质量检测·物理 参考答案 题号 1 2 4 5 6 7 8 9 10 答案 B D D D C A AD BD AD 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的， 1.【答案】B 【解析】在研究“蹴鞠”在空中旋转时，“蹴鞠”的形状和大小不能忽略，因此不能将“蹴鞠”看成质点，A错误；研究“蹴鞠” 在空中飞行的距离时，“蹴鞠”的形状和大小可忽略不计，可将“蹴鞠”看成质点，B正确；弹力是由于施力物体的形变而产 生的，因此脚对“蹴鞠”的作用力是由于脚的形变而产生的，C错误；脚对“蹴鞠”的作用力和“蹴鞠”对脚的作用力是一对 作用力和反作用力，D错误。 2.【答案】D 【解析】当在S,S:的垂直平分面处放一平面镜M时，由平面镜的反射特点可知，经平面镜反射出的光，相当于原来的 S2射出的光，因此仍能在屏上产生等间距的干涉条纹，A错误；仅将平面镜M向上移动少许，相当于S、S,之间的间距 d减小，由△x=宁入可知，双缝间距d减小，屏上条纹间距△x将增大，B错误：将平面镜M右移少许，不影响等效光源 的位置，则光屏上的条纹间距不变，C错误：由△r一子可得-会=号，即30=24，则光屏上P处为卫，点上 方的第2条亮纹，D正确， 3.【答案】D 【解析】该过程中足球动量的变化量为△p=mw-mwo=[0.45×30-0.45×(-20)]kg·m/s=22.5kg·m/s,A错误： 对足球由动量定理得I=△p,解得I=2.5N·s,B销误对足球由动能定理得W=号一名m,代人数据解得W 112.5J,C错误，D正确 4.【答案】A 【解析】由题图可知，前半个周期先产生振幅为2A的半个波形图，后}个周期产生振幅为A的个波形图，由于波向x 轴正方向传播，所以右侧为振幅为2A的半个波形图，左侧为振幅为A的个波形图，CD错误：又由图可知波源的起振 方向沿y轴的正方向，则此后各质点的起振方向均沿y轴的正方向，由“同侧法”可知平时，头处的质点沿y销的正方 向振动，A正确，B错误. 5.【答案】D 【解析】神舟二十一号环绕地球运行，因此神舟二十一号发射速度大于7.9km/s而小于11.2km/s,A错误；神舟二十一 号与空间站对接时，应使神舟二十一号由低轨加速后与空间站实现对接，B错误；开普勒第二定律针对的是同一卫星与 地心的连线在相同时间内扫过的面积相等，C错误；神舟二十一号与空间站对接后，轨道半长轴增大，由开普勒第三定 律可知，其环绕周期增大，D正确 6.【答案】C 【解析】单刀双掷开关接1，小灯泡L正常发光，此时回路的电流为1-光=是A=0,5A,小灯泡L的电阻值为R- 号=80，由闭合电路欧姆定律得E=I(R+r十R)=6V,A锖误：将小灯泡L等效为电源的内阻，则等效电源的电动势 为6V,内阻为10Q,当电阻箱的阻值为100时，电阻箱消耗的电功率最大，其最大值为P。二=0W=Q,9,B 错误：单刀双掷开关接2，电动机①正常工作，小灯泡L正常发光，此时回路的电流为I=0.5A,灯泡L和电源内阻分得 的电压为U1=I(R十r)=5V,则电动机的输入电压为U2=E-U1=1V,则电动机的额定功率为PM=U,I=0.5W,C 正确：由题意可知电动机的输出功率为Pa=子P,=冬W,则电动机的内耗功率为PA=P一Pm=专W,又由P% rM得rM= L=0.52,D错误. 高三物理试题参考答案第1页（共4页） 7.【答案】A 【解析】由位移公式x=w1十号a得兰=%十号a1,即=w十号a,结合图像可知汽车甲的初速度为0，斜率为 号ap=3,汽车甲的加速度为am-6m/s,汽车乙的初速度为=12m/s,斜率为2=一2，汽车乙的加速度为az= -4m/g,A正确：对汽车甲有0=合×6，对汽车乙有可=12-号×4，解得，=2.4s,B错误：消车乙做匀诚速直线运 动，汽车乙刹车到停止的时间为t= 西=3s,C错误；设经时间t两汽车之间的距离最大，由距离最大时两汽车具有 az. 相同的速度，对汽车甲有v=a甲t,对汽车乙有v=十azt。,解得t=1.2s,两汽车之间的最大距离为△x=t。十 a2号-合an6,代入数据解得△x=7.2m,D错误。 1 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分， 选对但不全的得3分，有选错的得0分. 8.【答案】AD 【解析】以相框为研究对象受力分析，如图1所示，由于AO>BO,则图中的α<B,由力的平衡条件得在x轴方向上合力 为O,则有Facos a=Fg cos B,故FA<FB,在y轴方向上有Fasina<Fa sin B,A正确，BC错误；将轻绳BO截取一小段，悬 点B向左移动少许，轻绳BO的拉力沿逆时针方向转过一个小角度，如图2所示，则轻绳AO的拉力减小，D正确. YG 图1 图2 9.【答案】BD 【解析】，O间的电场强度为负值，电场方向沿x轴的负方向，O、x4间的电场强度为正值，电场方向沿x轴的正方向，A 错误：E-x图像与横坐标轴围成的面积表示电势差，1间的电势差为U1=一E,d山，，O间的电势差为U,=一Ed 2 则1函间的电势差等于，0间电势若的2倍，B正确：0，间的电势差为U,合d十2B3,电场力微功为 W=U=3,由动能定理得W=△E.,该过程中质子的动能增加了△B=3,C错误；西间的电场强度随x 2 的关系图像为过原点的倾斜直线，则E关于x的关系式为E=kx,电子所受的电场力为F=一eE,整理得F=一ekx,显 然电场力的大小与位移x成正比，方向与位移方向相反，则电子可在x2、x间做简谐运动，D正确. 10.【答案】AD 【解析设小球A的质量为m,小球B的质量为2m,小球的初速度为，由题意可知E=号m6,当小球A,B的速度相 等时，弹簧的弹性势能最大，由动量守恒定律得m=(m十2m),解得u=宁，此时小球B的动能为E。=令X2m, 整理得E。=号E,A正确：由机械能守恒定律得E=子md一号(m十2m),弹簧的最大弹性势能为E。=号E,B 错误；设弹簧第一次恢复原长时，小球A与小球B的速度分别为1,2，该过程由动量守恒定律以及机械能守恒定律得 m助=mn十2m,之m话=合m十号×2m,解得=一号=号，小球A与小球B的速率之比为： 1 |=1:2,C错误：弹簧第一次恢复原长时，小球A的动能为E=之mi,联立以上解得E,号，小球A的动能与 初动能之比为EA:E6=1:9,D正确 三、非选择题：本题共5小题，共54分 11.【答案】(6分) (1)1.90N(1.88~1.93均可同样得分，2分) (2)F'(2分) (3)C(2分) 高三物理试题参考答案第2页（共4页） 【解析】(1)由弹簧测力计的读数规则可知，该示数为1.90N(1.88~1.93均可)； (2)F是根据力的平行四边形定则作出的合力，由于实验存在误差，因此F不一定沿AO方向：F是一个弹簧测力计拉 橡皮条的实验值，根据二力平衡可知，方向一定沿AO方向的是F'; (3)作出F和F,的合力F,如图所示，显然当弹簧测力计沿逆时针方向缓慢转至OB与OA垂直的过程 中，弹簧测力计的读数先减小后增大，C正确 12.【答案】(8分) (1)6.0(6也对，1分)“OF℉”或“交流电压最大”（描述合理即可得分，1分） (2)6(1分) (3③)宁1分》品（结果正确，形式不同可以同样得分，2分)兰一R一R(结果正确，形式不同可以同样得分，2分) 【解析】(1)由多用电表的读数规则可知，待测金属丝的电阻值为6.0X12=6.02;测量完毕应将旋钮调至“OF℉”或“交 流电压最大”挡： (2)为了保证实验器材安全，电键闭合前应使接入电路的电阻值最大，即金属丝上的滑片应置于b端： 3)由闭合电路欧姆定律得E=1十R。十R,十R),又由电阻定律得R=号，电阻丝的横截面积为S=(号)广，整理得 }-十十R。十卫，为了使图像为顿斜直线则图像的飘轴应为宁钻合题意得女=品6=十R解得 E E 电源的电动势E=品=密一R一R 13.【答案】(10分)）(1)2(2)13y②L 2c 【解析】(1)依据题意作出光路图，如图所示，光束在O的入射角为 i=90°-0=45°(1分) 设折射角为r,则有n=sin (1分) sinr 设临界角为C,光束第一次射到AB边的入射角为C十15°，则有 90°=r+C+15°(1分) 1 又n=sinc1分) 解得n=√2，r=30°(1分) (2)由几何关系得OE=0A=2L,AE=OEcos r=5L(1分) sinr 又由于E点为AB的中点，则AB=2AE=2√3L 所以有BC=AB=2√3L(1分) 又由几何关系可知∠BEF=∠BFE=30°，则△BEF为等腰三角形，则有EF=2 BEcos30°=3L 又光束在BC边的入射角为60°>C,则光束在BC边发生全反射，由几何关系可知∠C=60°，因此光束第一次射出棱镜 的位置为CD边的G点，且FG=Sn60=受11分) 光束在棱镜中的传播速度为=￡=。(1分) n√2 光从射入棱镜到第一次射出棱镜的时间为：=OE十EF十FC 解得t=132L 2c (1分) 14.【答案】(14分)(1)1N(2)1kg(3)L=1.5mEp=3J 【解析】1)滑块A从入口处运动到a点的过程，滑块A的机械能守恒，则有mgR1一0s)=之m(1分) 滑块A运动到Q点时，假设滑块A与圆管的内壁有作用力，由牛顿第二定律得mgc0sa一F="产 R (1分) 解得F=-1N 假设不成立，说明滑块A与圆管的外壁有作用力，即外壁对滑块A的作用力指向O1,作用力的大小为1N(1分) (2)两滑块碰前，对滑块A由机械能守恒定律得2mgR1一0sa)=之m1分) 解得w=6m/s 由题意可知，碰后滑块A的速度大小为1=号=2m/s,方向向左1分) 高三物理试题参考答案第3页（共4页） 由于两滑块的碰撞为弹性碰撞，则该过程动量守恒、机械能守恒，则有m=一UA十g(1分) m话=之m成十2m话1分) 1 解得=1kg,e=4m/s(1分) (3)弹簧的弹性势能最大时，滑块B与长木板C共速，该过程由动量守恒定律得=(M十)U(1分) 解得=1m/s(1分) 该过程由能量守恒定律得之m6=之(M十m)十gL+E,（1分) 从弹簧最短到滑块B返回到长木板最左端的过程，滑块B与长木板组成的系统动量守恒，则有 (M+)=(M+w)(1分) 解得=1m/s 该过程由能量守恒定律得之(M+)+E,=号（M+m,)话十mgL.1分) 解得L=1.5m,Ep=3J(1分) 15.【答案】(16分)(1)10m/s2(2)t=2s5m(3)12m6m 【解析】(1)货物放上传送带后，由牛顿第二定律得Mgsin0+F:-Ma1(1分) 垂直传送带方向有F￥=Mgcos0 又F=Fx(1分) 代入数据解得a1=10m/s2(1分) (2)设滑块加速到与传送带共速的时间为1，则有==1s(1分) 滑块在4时间内的位移为4=2a行=5m<x(1分) 由于h<tan0,则滑块与传送带共速后，滑块沿传送带继续加速，由牛顿第二定律得 Mgsin -u Mgcos0=Ma?(1) 解得a2=2m/s 设滑块从与传送带共速到运动至底端的时间为红，则有x一=十名：店1分) 解得t2=1s 则滑块在传送带上运动的时间为t=t十t2=2s(1分) t时间内滑块相对传送带向上运动，则该时间内的相对位移为△x1=t一x1=5m t时间内滑块相对传送带向下运动，则该时间内的相对位移为△x2=x一一t=1m(1分) 由于△x2<△x1,则整个过程滑块在传送带上留下的划痕为5m(1分) (3)滑块滑上长木板后，滑块在长木板的上表面做减速运动，对滑块由牛顿第二定律得2Mg=M?(1分) 解得a=6m/s2 长木板做加速运动，对长木板由牛顿第二定律得Mg一(M十m)g=ma:(1分) 解得a=6m/s 设经时间t3滑块和长木板达到共速，对滑块有v=w一a3t 对长木板有v=a4t 解得ta=1s,v=6m/s 该时间内滑块的位移为=“士=9m1分) 长木板的位移为1=受=3m 由于<，则滑块和长木板共速后，二者相对静止以相同的加速度在水平面上减速直到停止运动，该过程对滑块和 长木板组成的系统，由牛顿第二定律得3(M十m)g=(M+m)a:(1分) 解得a:=2m/s2 二者共同减速的位移为x,=2a子 -=9m(1分) 整个过程长木板在水平面上滑动的距离为x板=x:十x=12m 停止后滑块到长木板最左端的距离为△x=x一x4=6m(1分) 高三物理试题参考答案第4页（共4页）