精品解析：江苏省宿迁中学2025-2026学年高三上学期11月期中物理试题

2025-2026学年度第一学期高三年级期中考试 物理试题 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分.每题只有一个选项最符合题意。 1. 下列说法正确的是（ ） A. 牛顿通过理想实验得出力不是维持物体运动的原因 B. 开普勒发现所有行星轨迹都是椭圆，太阳位于椭圆的一个焦点上 C. 牛顿对引力常量G进行了准确测定 D. N/kg和m/s2表示的是不同物理量的单位 【答案】B 【解析】 【详解】A．伽利略通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因，故A错误； B．开普勒第一定律明确指出行星绕太阳的轨道是椭圆，太阳位于椭圆的一个焦点上，故B正确； C．牛顿提出万有引力定律，但引力常量G的准确测定是由卡文迪许完成的，故C错误； D．由公式可知，，两者均为加速度单位，故D错误。 故选B。 2. 如图，A、B两运动员背夹篮球并保持篮球静止，保持A背部竖直，B背部倾斜与竖直方向的夹角α缓慢增大。作用力均在同一竖直面内，不计摩擦，在此过程中（ ） A. A对篮球压力大于篮球对A的压力 B. A、B对篮球的合力增大 C. A对篮球的压力减小 D. B对篮球的压力增大 【答案】C 【解析】 【详解】A．A对篮球的压力和篮球对A的压力是作用力与反作用力的关系，大小相等，A项错误； B．根据平衡条件可得，A、B对篮球的合力始终等于篮球的重力大小，B项错误； CD．根据篮球受到的三个力对应的矢量三角形，如图 可得在角增大的过程中，A、B对篮球的压力均减少，C项正确，D项错误。 故选C。 3. 如图，足球运动员训练罚点球，足球放置在球门中央的正前方O点，两次射门，足球分别垂直打在水平横梁上的a点和竖直梁上的b点，不计空气阻力，则两次射门（ ） A. 足球动量变化率相同 B. 足球初速度大小一定相等 C. 足球重力的冲量相同 D. 足球打在a点的动能比b点大 【答案】A 【解析】 【详解】A．动量变化率为 由于只受重力，所以动量变化率相同均为重力，故A正确； B．设球门宽度为x1，足球到球门的距离为x2，根据逆向思维法可知，足球做平抛运动，当足球打到a点时，有， 当足球打到b点时，有， 由于 则， 根据 可知足球竖直分速度 足球初速度大小，不一定相等，故B错误； C．足球重力的冲量 因为时间不同，重力冲量不相同，故C错误； D．根据以上分析可知 足球打在a点的动能比b点小，故D错误。 故选A。 4. 如图，A、B为同一平面内绕顺时针方向运行的两颗卫星。某时刻两卫星的连线与A卫星的轨道相切，已知A、B卫星的运行周期分别为TA、TB，A、B卫星的运行半径分别为r、2r，则（ ） A. 卫星A的机械能比B小 B. 卫星A的角速度是B的两倍 C. 卫星A的向心力比B大 D. 经时间两卫星距离最近 【答案】D 【解析】 【详解】A．机械能与质量有关，由于不清楚质量关系，所以无法判断机械能大小，故A错误； B．根据万用引力提供向心力有 得 即卫星A的角速度是卫星B的角速度倍，故B错误； C．根据万有引力定律有 因两卫星的质量关系未知，所以无法比较卫星A的向心力与卫星B的向心力的大小，故C错误； D．根据开普勒第三定律有 得 设图示时刻两卫星与地球球心的连线夹角为，则 得 设由图示时刻经时间t两卫星相距最近，则 得，故D正确。 故选D。 5. 如图，S1和S2是相距15m的两个振动情况完全相同的波源，t=0时均从平衡位置开始向上振动，形成两列波长6m、波速3m/s、振幅3cm横波，连线上介质A点与S1的距离为3m。下列说法正确的是（ ） A. 两列波的频率均为2Hz B. 两列波叠加后A点振幅为6cm C. 0~4s，A点通过的路程为18cm D. 两列波叠加后S1和S2连线之间有7个振动加强点 【答案】C 【解析】 【详解】A．周期 两列波的频率均为，故A错误； B．因为 所以该点为振动减弱点，叠加后A点振幅为0，故B错误； C．波源传到A点时间 波源传到A点时间 0~4s，A点振动3s，通过的路程为，故C正确； D．设振动加强点距离的距离为，则距离的距离为，则应满足 可求得 即两列波叠加后和连线之间有5个振动加强点，故D错误。 故选C。 6. 如图，实线为一电子仅在电场力作用下的运动轨迹，虚线为等势线，a、b、c是轨迹与等势线的交点。已知电子电荷量为e，在经过b点时动能为16eV，则（ ） A. 从a到b过程，电场力一直不做功 B. b点电场强度大于c点 C. 电子从a运动到c，先减速后加速 D. 电子经过c点动能为6eV 【答案】B 【解析】 【详解】A．从a到b过程，电场力做总功为零，但是由于运动过程中电势在变化，电势能也在改变，则电场力并非一直不做功，故A错误； B．等差等势面越密集，场强越大，所以b点电场强度大于c点，故B正确； C．电子从a运动到c，电势先增加后减小，电势能先减小后增大，根据能量守恒可知，动能先增大后减小，所以先加速后减速，故C错误； D．在经过b点时动能为16eV，电势能为 所以总能量为10eV，电子经过c点电势能为 根据能量守恒可知动能为14eV，故D错误。 故选B。 7. 如图，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，C为电容器，电表均为理想电表。闭合开关S，将滑片向上滑动过程中（ ） A. 电阻R2中有向上的电流 B. 两电表示数变化量绝对值之比变大 C. 电源的输出功率一定变大 D. 保持滑片位置不动，将电容器C上极板上移，P点电势降低 【答案】D 【解析】 【详解】A．在滑动变阻器R的滑片向上滑动过程中，其接入阻值增大，干路电流减小，即通过电阻电流减小，滑动变阻器两端的电压为 可知U增大，电容器继续充电，电容器C两极板所带电荷量变大，电阻中有向下的电流，故A错误； B．根据以上分析可知，两电表示数变化量绝对值之比，不变，故B错误； C．电源的输出功率随外电阻的变化如图所示 由于外电阻与内阻的关系未知，故电源的输出功率不一定变大，故C错误； D．保持滑片位置不动，电容器两端电压不变，将电容器C上极板上移，根据可知，场强变小，根据 减小，下极板电势为零不变，且下极板电势低于上极板，所以P点电势降低，故D正确。 故选D。 8. 如图，MN是一半圆形绝缘线，O点为圆心，P为绝缘线所在圆上一点，且OP垂直于MN，Q点为OP的中点，等量异种电荷分别均匀分布在绝缘线上、下圆弧上。则（ ） A. O、P两点电势相等 B. OQ的电势差比PQ大 C. O、P两点电场强度相同 D. 正点电荷沿直线从O移到P，电势能增加 【答案】A 【解析】 【详解】AB．根据对称性，将上下圆弧上的电荷分成若干对等量异种电荷，则OP连线为其中垂线，所以OP连线是等势线，O、P两点电势相等，且OQ的电势差等于PQ电势差，均为零，故A正确B错误； C．分别画出正、负电荷产生的电场强度的方向如图 由图可知，O点与P点的合场强的方向都向下，同理可知，在OP的连线上，所以各点的合场强的方向均向下。由库仑定律可知：，O点到两处电荷的距离比较小，所以两处电荷在O点产生的场强都大于在P处产生的场强，而且在O点两处电荷的场强之间的夹角比较小，所以O点的合场强一定大于P点的合场强。故C错误； D．正点电荷沿直线从O移到P，电势不变，电势能不变，故D错误。 故选A。 9. 如图，小车静止在光滑水平面上，小车上固定竖直杆的顶端O点用细线系着小球，将小球向右缓慢拉至A点由静止释放，小球依次摆到O点正下方O'点和左边最高点B（图中未画出），不计一切阻力，则（ ） A. 从A运动到O'，小球重力功率一直增大 B. 从A运动到B，小车一直向右运动 C. 从A运动到B，小球和小车组成的系统动量和机械能都守恒 D. 小球再次回到A，小车相对初位置向右移动了一段距离 【答案】B 【解析】 【详解】A．从A运动到O'，初始速度为零，重力功率为零，末位置速度沿水平方向与重力垂直，重力功率为零，中间位置重力功率不为零，小球重力功率先增大后减小，故A错误； B．小球摆动的过程中，小球和小车构成的系统水平方向动量守恒，从A运动到B，小球水平速度向左，则小车一直向右运动，故B正确； C．小球摆动的过程中，小球和小车构成的系统水平方向动量守恒，竖直方向动量不守恒，机械能守恒，故C错误； D．小球从A点到B点的过程中，小车向右先加速运动后减速运动，小球到B点时，小车的速度为零，小球从B点到A点的过程中，小车向左先加速运动后减速运动，小球到A点时，小车的速度为零，根据两次运动的对称性可知，小球回到A点时，小车回到初始位置，故D错误。 故选B。 10. 空间存在沿x轴分布的电场线，一带负电粒子在处由静止释放，仅在电场力作用下运动到x0，其电势能Ep随x变化如图。规定x轴正方向为正，则电场中x轴上的电势、电场强度E、带电粒子加速度a、动能Ek随位置坐标x变化图线正确的（ ） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】D．根据图像可知随x变化的函数为（） 令粒子电荷量大小为q，由于 则有 结合上述可知 即图像为一条过原点的倾斜直线，斜率为正值，故D正确； A．根据电场力做功与电势能的变化之间的关系有 则有 可知图像斜率的绝对值表示电场力，根据图像可知图像斜率为一定值，可知，该电场为匀强电场，电场强度为一个定值，图像为一条平行于x轴的直线，故A错误； B．根据上述，电场为匀强电场，根据牛顿第二定律可知，粒子沿x轴正方向做匀加速直线运动，加速度为一个定值，方向与规定正方向相同，可知为正方向上的一条平行于x轴方向的直线，故B错误； C．根据动能定理有 则有 根据上述，电场是匀强电场，则图像是一条倾斜直线，斜率为正值，故C错误。 故选D。 11. 如图，倾角为的光滑固定斜面顶端连接一劲度系数为k、原长为x0的轻质弹簧，弹簧另一端连接质量为m的小球。将小球从弹簧原长处由静止释放，小球由最高点运动到最低点过程（弹簧始终在弹性限度内，已知重力加速度为g，忽略空气阻力），则（ ） A. 小球的加速度先变大后变小 B. 小球经过平衡位置时，弹簧的长度为 C. 小球经过平衡位置时，速度大小为 D. 小球运动到最低时弹簧弹力大小为 【答案】C 【解析】 【详解】A．开始重力沿斜面向下分力大于弹力，合力向下，随着弹力增大，合力减小，加速度减小。当弹力大于重力沿斜面向下分力，合力向上，加速度向上，随着弹力增大，加速度增大，所以小球从最高点运动至最低点过程中，小球的加速度先减小后增大，故A错误； B．小球做简谐运动，处于平衡位置时回复力为零，则有 解得弹簧的长度为，故B错误； C．根据能量守恒 解得小球经过平衡位置时，速度大小为，故C正确； D．根据对称性可知小球运动到最低时加速度 与刚释放时大小相同，根据牛顿第二定律 弹簧弹力大小为，故D错误。 故选C。 二、非选择题：共5题，共56分.其中第13题—第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位. 12. 为了验证动量守恒定律，某实验小组的同学设计了如图甲的实验： （1）实验步骤如下： ①将两个完全相同的遮光条分别固定在滑块A和滑块B上，用天平测出滑块A（含遮光条）的质量m1，滑块B（含遮光条）的质量m2； ②接通气泵，在气垫导轨左侧放置一滑块，轻推一下使滑块向右运动，光电门2记录时间大于光电门1记录的时间，应将气垫导轨右端适当_________（选填“提高”或“降低”）； ③现用轻质不可伸长的细线，将两个滑块间压缩的轻质弹簧固定，静止在气垫导轨上，如图甲； ④绳子烧断后，两个滑块向相反方向运动，光电门1、2记录遮光时间分别为t1、t2； ⑤改变弹簧的压缩量，重复步骤②、③、④，多次测量的结果如下表： 1 2 3 4 5 6 10.1 9.2 9.6 7.8 12.8 62 15.3 13.6 14.1 11.2 18.9 9.1 （2）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，示数如图乙，则d=__________mm。 （3）比较4、5两次实验，烧断绳子前，第5次实验中弹簧的弹性势能较__________（选填“大”或“小”） （4）某同学利用测得数据计算滑块A、B通过光电门时的动量p1、p2，发现p1总大于p2，下列原因中可能是 。 A. 测质量m2时未包含遮光条质量 B. 遮光条宽度d的测量值偏小 C. 气垫导轨左端略高于右端 （5）根据表格中数据，作出t1-t2图线，乙同学认为，若图线为过坐标原点的倾斜直线，即可验证系统动量守恒。该同学的观点__________（选填“正确”或“不正确”），理由是__________。 【答案】（1）降低 （2）10.20 （3）小 （4）A （5） ①. 不正确 ②. 见解析 【解析】 【小问1详解】 因为光电门2记录的时间大于光电门1记录的时间，说明滑块做减速运动，气垫导轨左端低右端高，所以应将气垫导轨右端适当降低。 【小问2详解】 遮光条的宽度 【小问3详解】 比较4、5两次实验，第5次实验中两滑块通过光电门的时间都变长，说明速度变小，根据能量守恒，烧断绳子前弹簧的弹性势能转化为滑块的动能，动能变小则弹性势能变小，所以第5次实验中弹簧的弹性势能较小。 【小问4详解】 A．测质量m2时未包含遮光条，会使m2测量值偏小，则p2会偏小，可能会出现总大于p2的情况，故A正确； B．遮光条宽度d的测量值偏小，对和p2的影响是相同的，不会导致总大于p2，故B错误； C．气垫导轨左端略高于右端，滑块A滑动时有动能转化为重力势能，会使p1偏小；滑块B滑动时有重力势能转化为动能，会使p2偏大，不可能出现p1总大于p2。故C错误。 故选A。 【小问5详解】 [1][2]不正确。根据动量守恒定律 因为， 联立解得 显然t1-t2图线为过坐标原点的倾斜直线且斜率应为。 13. 一列沿x轴传播的简谐波在t=0.5s时刻的波形如图，介质中x=1m处的质点沿y轴方向做简谐运动的表达式y=0.1sin(2πt)m。求： （1）波速大小和传播方向； （2）介质中x=2m处质点第一次到达波谷的时刻。 【答案】（1）2m/s，x轴负方向 （2）0.25s 【解析】 【小问1详解】 对y=0.1sin(2πt)m求导，得x=1m处质点的速度与时间的关系 t=05s时刻， 可知t=0.5s时刻，x=1m处质点向下振动，结合波动图可知，波沿x轴负方向传播。 周期为 波速 【小问2详解】 设x=1m处的质点第一次到达波谷的时间为t1，则 解得 波沿x轴负方向传播，且x=1m处的质点与x=2m处的质点相差半个波长，则x=2m处质点第一次到达波谷的时刻 14. 如图，电源电动势E为10V，内阻为1Ω，定值电阻R1为9Ω，小灯泡A上标有“6V，0.2A”，直流电动机M内阻R0为6Ω。电路接通后小灯泡A恰好正常发光。求： （1）通过R1的电流及电动机输出功率； （2）电源总功率及电源的效率. 【答案】（1）0.4A，0.96W （2）4W， 【解析】 【小问1详解】 电路接通后小灯泡A恰好正常发光，小灯泡电流，电压 由闭合电路欧姆定律可得通过R1的电流 电动机电流 电动机的发热功率 电动机两端电压为 电动机消耗的功率为 则电动机对外做功的功率为 【小问2详解】 电源总功率 电源的效率 15. 如图，顺时针转动的传送带长L1=4.0m，质量M=1.5kg，板长L2=1.0m的长木板放在光滑的水平面上，与传送带无缝衔接，其右端为薄竖直挡板。质量m=0.5kg的货物与传送带间的动摩擦因数为μ1=0.4，与长木板间的动摩擦因数μ2=0.3，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g=10m/s2，碰撞为弹性碰撞。将货物由传送带左端无初速度释放， （1）若传送带速率v0=2m/s，求货物到传送带右端时间t； （2）若货物恰好不从长木板滑下，求传送带速度v； （3）若货物恰好不与挡板相撞，求全过程因摩擦产生的内能。 【答案】（1）2.25s （2）4m/s （3）3.5J 【解析】 【小问1详解】 设货物在传送带上的加速度为，与传送带共速的时间为，位移为，对货物根据牛顿第二定律有 解得 则与传送带共速的时间为 货物运动的位移为 设货物还需要时间能到达长木板的左端，则有 解得 货物从释放到长木板左端的时间为 【小问2详解】 设货物以速度到达长木板时，恰好不会滑下，与木板共速时的速度为，对货物与长木板构成系统，由动量守恒有 根据能量守恒有 联立解得 若货物在传送带上一直加速，则货物到达传送带右端的速度为，则有 解得 所以传送带的速度 【小问3详解】 设货物以速度到达长木板时，恰好不与挡板相碰，与木板共速时的速度为，对货物与长木板组成的系统，由动量守恒有 由能量守恒有 联立解得 货物与传送带的相对位移为 故整个过程由于摩擦产生的内能为 16. 如图甲，A、B为两块相距很近的平行金属板，小孔O和O'在两板中点，MN为水平放置的平行金属板，OO'为其中轴线，MN板长L=0.2m，板间距离，两板间加有恒定电压UMN=16V，足够大的接收屏P距MN右侧。从小孔O沿OO'方向持续发射初动能为带正电的粒子，已知粒子，。在A、B板间加上如图乙电压，不计粒子穿过A、B板间时间、重力及粒子间的相互作用。求： （1）t=1.0s时从小孔O射入的粒子能否从O'射出，若能算出到达O'的动能； （2）t=6.0s时从小孔O射入的粒子，在偏转电场中运动的时间t和偏移量y； （3）接收屏P被粒子打中区域的长度。 【答案】（1）能，0.01J （2）， （3）0.02m 【解析】 【小问1详解】 t=1.0s时电压为UAB=-100V，粒子带正电，由动能定理得 解得 粒子能从O'射出。 【小问2详解】 粒子在t=6s，UAB=200V，加速电场中有 解得v=2000m/s 水平方向有L=vt 竖直方向有 解得， 【小问3详解】 如图 粒子在t=6s射入偏转电场时动能最大，在电场中偏转量最小，由平抛推论得速度的反向延长线过此时水平位移的中点，根据三角形相似可得 解得 最大偏移量应为擦边出射的，同理得 解得 故接收屏被粒子打中的区域长度为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025-2026学年度第一学期高三年级期中考试 物理试题 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分.每题只有一个选项最符合题意。 1. 下列说法正确的是（ ） A. 牛顿通过理想实验得出力不是维持物体运动的原因 B. 开普勒发现所有行星轨迹都是椭圆，太阳位于椭圆的一个焦点上 C. 牛顿对引力常量G进行了准确测定 D. N/kg和m/s2表示的是不同物理量的单位 2. 如图，A、B两运动员背夹篮球并保持篮球静止，保持A背部竖直，B背部倾斜与竖直方向的夹角α缓慢增大。作用力均在同一竖直面内，不计摩擦，在此过程中（ ） A. A对篮球的压力大于篮球对A的压力 B. A、B对篮球的合力增大 C. A对篮球的压力减小 D. B对篮球的压力增大 3. 如图，足球运动员训练罚点球，足球放置在球门中央的正前方O点，两次射门，足球分别垂直打在水平横梁上的a点和竖直梁上的b点，不计空气阻力，则两次射门（ ） A 足球动量变化率相同 B. 足球初速度大小一定相等 C. 足球重力冲量相同 D. 足球打在a点的动能比b点大 4. 如图，A、B为同一平面内绕顺时针方向运行的两颗卫星。某时刻两卫星的连线与A卫星的轨道相切，已知A、B卫星的运行周期分别为TA、TB，A、B卫星的运行半径分别为r、2r，则（ ） A. 卫星A的机械能比B小 B. 卫星A的角速度是B的两倍 C. 卫星A的向心力比B大 D. 经时间两卫星距离最近 5. 如图，S1和S2是相距15m的两个振动情况完全相同的波源，t=0时均从平衡位置开始向上振动，形成两列波长6m、波速3m/s、振幅3cm横波，连线上介质A点与S1的距离为3m。下列说法正确的是（ ） A. 两列波的频率均为2Hz B. 两列波叠加后A点振幅为6cm C. 0~4s，A点通过的路程为18cm D. 两列波叠加后S1和S2连线之间有7个振动加强点 6. 如图，实线为一电子仅在电场力作用下的运动轨迹，虚线为等势线，a、b、c是轨迹与等势线的交点。已知电子电荷量为e，在经过b点时动能为16eV，则（ ） A 从a到b过程，电场力一直不做功 B. b点电场强度大于c点 C. 电子从a运动到c，先减速后加速 D. 电子经过c点动能为6eV 7. 如图，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，C为电容器，电表均为理想电表。闭合开关S，将滑片向上滑动过程中（ ） A. 电阻R2中有向上的电流 B. 两电表示数变化量绝对值之比变大 C. 电源的输出功率一定变大 D. 保持滑片位置不动，将电容器C上极板上移，P点电势降低 8. 如图，MN是一半圆形绝缘线，O点为圆心，P为绝缘线所在圆上一点，且OP垂直于MN，Q点为OP的中点，等量异种电荷分别均匀分布在绝缘线上、下圆弧上。则（ ） A. O、P两点电势相等 B. OQ的电势差比PQ大 C. O、P两点电场强度相同 D. 正点电荷沿直线从O移到P，电势能增加 9. 如图，小车静止在光滑水平面上，小车上固定竖直杆的顶端O点用细线系着小球，将小球向右缓慢拉至A点由静止释放，小球依次摆到O点正下方O'点和左边最高点B（图中未画出），不计一切阻力，则（ ） A. 从A运动到O'，小球重力功率一直增大 B. 从A运动到B，小车一直向右运动 C. 从A运动到B，小球和小车组成的系统动量和机械能都守恒 D. 小球再次回到A，小车相对初位置向右移动了一段距离 10. 空间存在沿x轴分布的电场线，一带负电粒子在处由静止释放，仅在电场力作用下运动到x0，其电势能Ep随x变化如图。规定x轴正方向为正，则电场中x轴上的电势、电场强度E、带电粒子加速度a、动能Ek随位置坐标x变化图线正确的（ ） A. B. C. D. 11. 如图，倾角为的光滑固定斜面顶端连接一劲度系数为k、原长为x0的轻质弹簧，弹簧另一端连接质量为m的小球。将小球从弹簧原长处由静止释放，小球由最高点运动到最低点过程（弹簧始终在弹性限度内，已知重力加速度为g，忽略空气阻力），则（ ） A. 小球的加速度先变大后变小 B. 小球经过平衡位置时，弹簧的长度为 C. 小球经过平衡位置时，速度大小为 D. 小球运动到最低时弹簧弹力大小为 二、非选择题：共5题，共56分.其中第13题—第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位. 12. 为了验证动量守恒定律，某实验小组的同学设计了如图甲的实验： （1）实验步骤如下： ①将两个完全相同的遮光条分别固定在滑块A和滑块B上，用天平测出滑块A（含遮光条）的质量m1，滑块B（含遮光条）的质量m2； ②接通气泵，在气垫导轨左侧放置一滑块，轻推一下使滑块向右运动，光电门2记录的时间大于光电门1记录的时间，应将气垫导轨右端适当_________（选填“提高”或“降低”）； ③现用轻质不可伸长的细线，将两个滑块间压缩的轻质弹簧固定，静止在气垫导轨上，如图甲； ④绳子烧断后，两个滑块向相反方向运动，光电门1、2记录遮光时间分别为t1、t2； ⑤改变弹簧的压缩量，重复步骤②、③、④，多次测量的结果如下表： 1 2 3 4 5 6 10.1 9.2 9.6 7.8 12.8 6.2 15.3 13.6 14.1 11.2 18.9 9.1 （2）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，示数如图乙，则d=__________mm。 （3）比较4、5两次实验，烧断绳子前，第5次实验中弹簧的弹性势能较__________（选填“大”或“小”） （4）某同学利用测得数据计算滑块A、B通过光电门时动量p1、p2，发现p1总大于p2，下列原因中可能是 。 A. 测质量m2时未包含遮光条质量 B. 遮光条宽度d的测量值偏小 C. 气垫导轨左端略高于右端 （5）根据表格中数据，作出t1-t2图线，乙同学认为，若图线为过坐标原点的倾斜直线，即可验证系统动量守恒。该同学的观点__________（选填“正确”或“不正确”），理由是__________。 13. 一列沿x轴传播的简谐波在t=0.5s时刻的波形如图，介质中x=1m处的质点沿y轴方向做简谐运动的表达式y=0.1sin(2πt)m。求： （1）波速大小和传播方向； （2）介质中x=2m处质点第一次到达波谷的时刻。 14. 如图，电源电动势E为10V，内阻为1Ω，定值电阻R1为9Ω，小灯泡A上标有“6V，0.2A”，直流电动机M内阻R0为6Ω。电路接通后小灯泡A恰好正常发光。求： （1）通过R1的电流及电动机输出功率； （2）电源总功率及电源的效率. 15. 如图，顺时针转动的传送带长L1=4.0m，质量M=1.5kg，板长L2=1.0m的长木板放在光滑的水平面上，与传送带无缝衔接，其右端为薄竖直挡板。质量m=0.5kg的货物与传送带间的动摩擦因数为μ1=0.4，与长木板间的动摩擦因数μ2=0.3，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g=10m/s2，碰撞为弹性碰撞。将货物由传送带左端无初速度释放， （1）若传送带速率v0=2m/s，求货物到传送带右端时间t； （2）若货物恰好不从长木板滑下，求传送带速度v； （3）若货物恰好不与挡板相撞，求全过程因摩擦产生的内能。 16. 如图甲，A、B为两块相距很近的平行金属板，小孔O和O'在两板中点，MN为水平放置的平行金属板，OO'为其中轴线，MN板长L=0.2m，板间距离，两板间加有恒定电压UMN=16V，足够大的接收屏P距MN右侧。从小孔O沿OO'方向持续发射初动能为带正电的粒子，已知粒子，。在A、B板间加上如图乙电压，不计粒子穿过A、B板间时间、重力及粒子间的相互作用。求： （1）t=1.0s时从小孔O射入的粒子能否从O'射出，若能算出到达O'的动能； （2）t=6.0s时从小孔O射入粒子，在偏转电场中运动的时间t和偏移量y； （3）接收屏P被粒子打中区域的长度。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $