精品解析：2026届广东省肇庆市高三上学期一模物理试题

肇庆市2026届高中毕业班第一次模拟考试 物理 本试题共6页，考试时间75分钟，满分100分 注意事项： 1.答题前，考生先将自己的信息填写清楚、准确，将条形码准确粘贴在条形码粘贴处． 2.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效． 3.答题时请按要求用笔，保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不得使用涂改液、修正带、刮纸刀．考试结束后，请将本试题及答题卡一并交回． 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1. “秦直道”是秦朝修建的一条军事通道，其路面宽阔平坦，被誉为中国古代的“高速公路”。驿卒骑快马经“秦直道”，只需3昼夜（约70h），便可奔驰700km将军报从咸阳送达九原郡。已知两地之间的直线距离为560km，下列说法正确的是（　　） A. 研究驿卒骑马的姿势时，可将驿卒视为质点 B. “700km”指的是从咸阳到九原郡的位移大小 C. 军报传递的平均速度大小约为10km/h D. 军报传递的平均速率约为10km/h 2. 如图所示，光滑水平面上静止放有甲、乙两个相同的物块，对甲、乙分别施加大小为F和2F、方向相同的水平推力，甲、乙前进了相同距离。则甲、乙的运动时间之比为（　　） A. B. C. D. 3. 如图所示，某滑雪场的传送带与水平面的夹角为θ，游客利用传送带运送器械。已知器械质量为m，与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．在器械随传送带匀速上行的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 器械所受摩擦力的大小为 B. 器械受到摩擦力方向沿传送带向下 C. 摩擦力对器械做负功 D. 器械所受支持力的冲量为0 4. 北斗卫星导航系统是中国自主研制的全球卫星导航系统。该系统由地球静止轨道（GEO）卫星、倾斜地球同步轨道（IGSO）卫星和中圆地球轨道（MEO）卫星三种不同轨道的卫星组成。已知一颗GEO卫星的轨道高度约为36000千米，一颗MEO卫星的轨道高度约为21500千米，且轨道均可视为圆形．则关于这两颗卫星，下列说法正确的是（　　） A. MEO卫星的加速度大于地球表面的重力加速度 B. MEO卫星的运行速度小于地球的第一宇宙速度 C. MEO卫星的线速度小于GEO卫星的线速度 D. MEO卫星的角速度小于GEO卫星的角速度 5. 某同学站在水平地面上放风筝，他缓慢释放拉风筝的细线，风筝沿图中虚线缓慢上升．已知风筝上升过程中，细线对风筝的拉力大小不变，风筝的重力不能忽略，细线的重力可忽略不计。则风筝缓慢上升过程中，空气对其的作用力（　　） A. 增大，且方向与竖直方向夹角增大 B. 增大，且方向与竖直方向夹角减小 C. 减小，且方向与竖直方向的夹角增大 D. 减小，且方向与竖直方向的夹角减小 6. 运动员掷出的铅球在空中的运动可视为斜抛运动。铅球在空中运动过程中，其重力势能（以地面为零势能面）、动能随铅球离地高度h变化的图像可能正确的是（　　） A. B. C. D. 7. 在某智能汽车的自动防撞系统测试中，汽车在平直道路上匀速行驶，当其检测到正前方26m处有静止障碍物时，系统立即启动初级制动，汽车做匀减速运动，行驶一段距离后触发紧急制动，汽车以更大的加速度做匀减速运动，最终恰好停在障碍物前．该过程中汽车速度的平方与位移x的关系如图所示，则下列说法正确的是（　　） A. 汽车在初级制动阶段的速度变化量的大小为6m/s B. 初级制动阶段与紧急制动阶段的加速度大小之比为1:4 C. 汽车在紧急制动阶段的运动时间为1s D. 汽车在整个制动过程中的平均速度大小为5m/s 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分． 8. “醒狮”是融武术、舞蹈、音乐等为一体的民俗文化瑰宝，在岭南地区尤为盛行。某次醒狮采青表演中，两只狮子分别站在高度不同的梅花桩上，以大小相等的初速度同时水平抛出两颗质量相等的生菜a和b，两颗生菜运动轨迹的交点为P，生菜在空中的运动可视为平抛运动．则下列说法正确的是（　　） A. a生菜比b生菜晚落地 B. a、b两颗生菜经过P点时重力的瞬时功率相等 C. a生菜落地时的速度大于b生菜落地时的速度 D. a生菜的水平位移大于b生菜的水平位移 9. 如图所示，游乐场的旋转飞椅装置共有4条吊臂，每条吊臂长均为r，吊绳长均为L，每名游客与座椅的总质量均为m。吊臂绕O点的竖直轴匀速转动，游客在水平面内做匀速圆周运动，吊绳与竖直方向的夹角为θ。重力加速度为g，不计空气阻力和吊绳的质量。下列说法正确的是（　　） A. 游客的线速度大小为 B. 游客的角速度大小为 C. 游客向心加速度大小为 D. 吊绳上的拉力大小为 10. 一辆公交车在路口等候绿灯，当绿灯亮时，公交车以的加速度由静止开始做匀加速直线运动，此时恰有一辆电动车以的速度匀速从旁边超过公交车，已知公交车在加速至后做匀速直线运动，两车均可视为质点，从公交车启动到追上电动车的过程，下列说法正确的是（　　） A. 在公交车启动5s后，两者间的距离最大 B. 公交车追上电动车前，两者间的最大距离为9m C. 公交车加速至10m/s前已追上电动车 D. 公交车追上电动车所需的总时间为6.25s 三、非选择题：共54分，考生根据要求作答。 11. 根据以下内容完成下列各题。 （1）如图甲所示是“探究加速度与质量的关系”的实验装置。实验中，把木板的右侧垫高，调节木板的倾斜度，使小车在不悬挂钩码时能拖动纸带沿木板匀速运动，这一操作的目的是______；为了使小车所受拉力与钩码的重力近似相等，小车质量M和钩码质量m之间要满足的关系是______。 （2）用铁架台，A、B两个不同的轻质弹簧，钩码若干，刻度尺等，探究弹簧弹力的大小F与伸长量x之间的关系，结果如图乙所示，则劲度系数较大的是______弹簧。 12. 某同学设计了如图甲所示的实验装置来测量当地的重力加速度。质量未知的小钢球用一根不可伸长的细线与力传感器相连。力传感器能显示出细线上拉力的大小，光电门安装在力传感器的正下方，调整光电门的位置，使小钢球通过光电门时，光电门的激光束正对小钢球的球心。 （1）实验前，用游标卡尺测量小钢球直径d，如图乙所示，则小钢球的直径______mm。 （2）将小钢球拉到一定的高度处由静止释放，与光电门相连的计时器记录下小钢球通过光电门的时间为t，力传感器测出细线上拉力的最大值为F，则小钢球经过光电门时的速度大小为______（用d、t表示）；已知细线长度为L，则小钢球做圆周运动的半径为______（用d、L表示）。 （3）已知实验中空气阻力的影响可忽略，该同学通过改变小钢球由静止释放的高度，测出多组t和F的值，作出图像如图丙所示。图像的斜率为k，纵轴截距为b，则当地的重力加速度为______（用k、b、L、d表示）。若把细线的长度当作小钢球做圆周运动的半径，则重力加速度的测量值______（填“大于”“小于”或“等于”）真实值。 13. 在物流仓库的快递分拣线上，有两个质量相等的分拣托盘A和B，初始时两托盘均静止在水平台面上，托盘与平台间的动摩擦因数均为，时刻工作人员将托盘A以m/s的初速度向右推出，s时托盘A与静止的托盘B发生碰撞（碰撞时间极短），碰撞过程中系统有的机械能损失。重力加速度g取10m/s2。求： （1）两托盘之间的初始距离； （2）碰撞后瞬间托盘B的速度大小。 14. 如图甲所示为滑雪运动员的一种训练设施，足够长的滑道倾角，滑道上有一名质量kg的运动员（含滑板）通过轻绳与电动机相连，轻绳对运动员的拉力F随时间变化的关系如图乙所示。时刻，运动员由静止出发，沿滑道做直线运动，已知运动员的滑板与滑道间的动摩擦因数，重力加速度g取10m/s2，，。求： （1）时，运动员的速度大小； （2）1~3s内拉力F的冲量大小； （3）运动员从开始运动到最低点所用的时间。 15. 如图所示，在竖直平面内固定一个半径为R的四分之一光滑圆弧轨道BC，其与足够长、粗糙的水平轨道相切于B点．质量为m、可视为质点的滑块，从水平轨道上A点以初速度沿直线AB运动，恰好能到达C点正上方D点处，而后返回，并最终停在水平轨道上E点（图中未画出）。此后，对滑块施加水平向右的拉力，滑块沿轨道运动并从C点飞出，最终落在水平轨道上H点（图中未画出）。已知，重力加速度为g，不计空气阻力。求： （1）滑块与水平轨道间的动摩擦因数和A、E间的距离； （2）在拉力F作用下，滑块经过BC段中点时，对轨道的压力大小； （3）滑块落地点H与A点的距离。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 肇庆市2026届高中毕业班第一次模拟考试 物理 本试题共6页，考试时间75分钟，满分100分 注意事项： 1.答题前，考生先将自己的信息填写清楚、准确，将条形码准确粘贴在条形码粘贴处． 2.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效． 3.答题时请按要求用笔，保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不得使用涂改液、修正带、刮纸刀．考试结束后，请将本试题及答题卡一并交回． 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1. “秦直道”是秦朝修建的一条军事通道，其路面宽阔平坦，被誉为中国古代的“高速公路”。驿卒骑快马经“秦直道”，只需3昼夜（约70h），便可奔驰700km将军报从咸阳送达九原郡。已知两地之间的直线距离为560km，下列说法正确的是（　　） A. 研究驿卒骑马的姿势时，可将驿卒视为质点 B. “700km”指是从咸阳到九原郡的位移大小 C. 军报传递的平均速度大小约为10km/h D. 军报传递的平均速率约为10km/h 【答案】D 【解析】 【详解】A．研究骑马的姿势时需考虑驿卒身体各部分的动作，不能忽略其形状和大小，故A错误； B．“700km”是实际运动轨迹的长度，属于路程而非位移，位移应为直线距离560km，故B错误； C．平均速度==8km/h，而非10km/h，故C错误； D．平均速率==10km/h，计算正确，故D正确。 故选D 2. 如图所示，光滑水平面上静止放有甲、乙两个相同的物块，对甲、乙分别施加大小为F和2F、方向相同的水平推力，甲、乙前进了相同距离。则甲、乙的运动时间之比为（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】甲、乙质量相同，根据牛顿第二定律可知，甲、乙的加速度大小之比 由运动学公式可知，运动时间 由于，，所以 故选C。 3. 如图所示，某滑雪场的传送带与水平面的夹角为θ，游客利用传送带运送器械。已知器械质量为m，与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．在器械随传送带匀速上行的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 器械所受摩擦力的大小为 B. 器械受到的摩擦力方向沿传送带向下 C. 摩擦力对器械做负功 D. 器械所受支持力的冲量为0 【答案】A 【解析】 【详解】A．器械匀速运动，受到的摩擦力大小等于重力沿斜面的分力大小，所以摩擦力为f=，故A正确； B．器械匀速上行，相对传送带有下滑趋势，所以器械受到的摩擦力方向沿传送带向上，故B错误； C．器械受到的摩擦力方向与运动方向相同，因此摩擦力对器械做正功，故C错误； D．器械上行过程中所受支持力一直垂直于传送带，根据 可知器械所受支持力的冲量不可能为0，故D错误。 故选A。 4. 北斗卫星导航系统是中国自主研制的全球卫星导航系统。该系统由地球静止轨道（GEO）卫星、倾斜地球同步轨道（IGSO）卫星和中圆地球轨道（MEO）卫星三种不同轨道的卫星组成。已知一颗GEO卫星的轨道高度约为36000千米，一颗MEO卫星的轨道高度约为21500千米，且轨道均可视为圆形．则关于这两颗卫星，下列说法正确的是（　　） A. MEO卫星的加速度大于地球表面的重力加速度 B. MEO卫星的运行速度小于地球的第一宇宙速度 C. MEO卫星的线速度小于GEO卫星的线速度 D. MEO卫星角速度小于GEO卫星的角速度 【答案】B 【解析】 【详解】A．MEO卫星的加速度由计算，其中为轨道半径（地球半径+轨道高度）。MEO的轨道半径（27900 km）远大于地球半径（约6400 km），因此其加速度必然小于地球表面的重力加速度（）。故A错误； B．第一宇宙速度是近地轨道的环绕速度（约7.9 km/s），对应最小轨道半径。MEO的轨道半径大于近地轨道半径，由可知，其速度小于第一宇宙速度。故B正确； C．线速度，MEO的轨道半径小于GEO的轨道半径，因此MEO的线速度更大。故C错误； D．角速度，MEO的轨道半径更小，因此其角速度更大。故D错误。 故选B。 5. 某同学站在水平地面上放风筝，他缓慢释放拉风筝的细线，风筝沿图中虚线缓慢上升．已知风筝上升过程中，细线对风筝的拉力大小不变，风筝的重力不能忽略，细线的重力可忽略不计。则风筝缓慢上升过程中，空气对其的作用力（　　） A. 增大，且方向与竖直方向的夹角增大 B. 增大，且方向与竖直方向的夹角减小 C. 减小，且方向与竖直方向的夹角增大 D. 减小，且方向与竖直方向的夹角减小 【答案】B 【解析】 【详解】如图所示，风筝缓慢上升过程中，受重力G、细线拉力T及空气作用力F，三力平衡，重力G和拉力T的合力与F等大反向。重力G竖直向下，细线对风筝的拉力T由风筝指向手，这二力大小不变，在风筝上升过程中，二力夹角减小，根据平行四边形定则，易知F增大，且与竖直方向的夹角不断减小。 故选B。 6. 运动员掷出的铅球在空中的运动可视为斜抛运动。铅球在空中运动过程中，其重力势能（以地面为零势能面）、动能随铅球离地高度h变化的图像可能正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】AB．抛出后的铅球，（h为铅球距地面的高度），且任意高度处，势能均大于0，故AB错误； CD．由机械能守恒定律可知，由于有水平分速度，最高点时铅球的动能不为0，故C正确，D错误。 故选C。 7. 在某智能汽车的自动防撞系统测试中，汽车在平直道路上匀速行驶，当其检测到正前方26m处有静止障碍物时，系统立即启动初级制动，汽车做匀减速运动，行驶一段距离后触发紧急制动，汽车以更大的加速度做匀减速运动，最终恰好停在障碍物前．该过程中汽车速度的平方与位移x的关系如图所示，则下列说法正确的是（　　） A. 汽车在初级制动阶段的速度变化量的大小为6m/s B. 初级制动阶段与紧急制动阶段的加速度大小之比为1:4 C. 汽车在紧急制动阶段的运动时间为1s D. 汽车在整个制动过程中的平均速度大小为5m/s 【答案】B 【解析】 【详解】A．由题图可知，初速度m/s，总位移m。初级制动阶段位移m，末速度m/s，速度变化量的大小m/sm/s，故A错误； B．由运动学公式，解得初级阶段的加速度 紧急制动阶段：位移mm，初速度m/s，末速度。由运动学公式 解得m/s2 所以，故B正确； C．由，得紧急制动阶段的时间s，故C错误； D．由，得初级制动阶段的时间s 总时间s 整个过程的平均速度大小m/sm/s，故D错误。 故选B。 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分． 8. “醒狮”是融武术、舞蹈、音乐等为一体的民俗文化瑰宝，在岭南地区尤为盛行。某次醒狮采青表演中，两只狮子分别站在高度不同的梅花桩上，以大小相等的初速度同时水平抛出两颗质量相等的生菜a和b，两颗生菜运动轨迹的交点为P，生菜在空中的运动可视为平抛运动．则下列说法正确的是（　　） A. a生菜比b生菜晚落地 B. a、b两颗生菜经过P点时重力的瞬时功率相等 C. a生菜落地时的速度大于b生菜落地时的速度 D. a生菜的水平位移大于b生菜的水平位移 【答案】ACD 【解析】 【详解】A．平抛运动的运动时间由竖直高度决定，．由于，所以，即生菜a比生菜b晚落地，故A正确； B．重力的瞬时功率，由于两颗生菜从抛出到P点的下降高度不同，所以经过P点时，两颗生菜竖直方向的分速度不同，因此两颗生菜重力的瞬时功率不相等，故B错误； C．落地速度，由于水平初速度大小相同，但运动时间，所以生菜a的落地时的速度更大，故C正确； D．水平位移，由于，所以，故D正确。 故选ACD。 9. 如图所示，游乐场的旋转飞椅装置共有4条吊臂，每条吊臂长均为r，吊绳长均为L，每名游客与座椅的总质量均为m。吊臂绕O点的竖直轴匀速转动，游客在水平面内做匀速圆周运动，吊绳与竖直方向的夹角为θ。重力加速度为g，不计空气阻力和吊绳的质量。下列说法正确的是（　　） A. 游客的线速度大小为 B. 游客的角速度大小为 C. 游客的向心加速度大小为 D. 吊绳上的拉力大小为 【答案】BD 【解析】 【详解】A．游客做匀速圆周运动的半径 向心力大小 可得，故A错误； B．角速度大小，故B正确； C．由 可得向心加速度大小，故C错误； D．竖直方向有 可得，故D正确。 故选BD。 10. 一辆公交车在路口等候绿灯，当绿灯亮时，公交车以的加速度由静止开始做匀加速直线运动，此时恰有一辆电动车以的速度匀速从旁边超过公交车，已知公交车在加速至后做匀速直线运动，两车均可视为质点，从公交车启动到追上电动车的过程，下列说法正确的是（　　） A. 在公交车启动5s后，两者间的距离最大 B. 公交车追上电动车前，两者间的最大距离为9m C. 公交车加速至10m/s前已追上电动车 D. 公交车追上电动车所需的总时间为6.25s 【答案】BD 【解析】 【详解】AB．两车速度相等时距离最大，即 解得时间为 公交车的位移大小为 电动车的位移大小为 最大距离为，故A错误，B正确； C．公交车加速至m/s所需时间为 此时公交车的位移大小为 电动车的位移大小为 由于电动车位移大于公交车位移，所以公交车尚未追上电动车，故C错误； D．公交车加速阶段结束后，与电动车的距离为 之后公交车以匀速追赶电动车，电动车以匀速行驶，追赶所需时间为 总时间为，故D正确。 故选BD。 三、非选择题：共54分，考生根据要求作答。 11. 根据以下内容完成下列各题。 （1）如图甲所示是“探究加速度与质量的关系”的实验装置。实验中，把木板的右侧垫高，调节木板的倾斜度，使小车在不悬挂钩码时能拖动纸带沿木板匀速运动，这一操作的目的是______；为了使小车所受拉力与钩码的重力近似相等，小车质量M和钩码质量m之间要满足的关系是______。 （2）用铁架台，A、B两个不同的轻质弹簧，钩码若干，刻度尺等，探究弹簧弹力的大小F与伸长量x之间的关系，结果如图乙所示，则劲度系数较大的是______弹簧。 【答案】（1） ①. 平衡摩擦力 ②. （或M远大于m） （2）A 【解析】 【小问1详解】 [1]把木板一端垫高，调节木板的倾斜度，接通电源，开始打点，轻推一下小车，让小车在不受细绳拉力时能拖动纸带沿木板做匀速直线运动，这是平衡摩擦力的操作。 [2]实验中，对钩码有 对小车有 得 为了使小车所受拉力与钩码的重力近似相等，因此应该取。 【小问2详解】 图像的斜率表示弹簧的劲度系数，A弹簧图像的斜率大，因此A弹簧劲度系数较大。 12. 某同学设计了如图甲所示的实验装置来测量当地的重力加速度。质量未知的小钢球用一根不可伸长的细线与力传感器相连。力传感器能显示出细线上拉力的大小，光电门安装在力传感器的正下方，调整光电门的位置，使小钢球通过光电门时，光电门的激光束正对小钢球的球心。 （1）实验前，用游标卡尺测量小钢球的直径d，如图乙所示，则小钢球的直径______mm。 （2）将小钢球拉到一定的高度处由静止释放，与光电门相连的计时器记录下小钢球通过光电门的时间为t，力传感器测出细线上拉力的最大值为F，则小钢球经过光电门时的速度大小为______（用d、t表示）；已知细线长度为L，则小钢球做圆周运动的半径为______（用d、L表示）。 （3）已知实验中空气阻力的影响可忽略，该同学通过改变小钢球由静止释放的高度，测出多组t和F的值，作出图像如图丙所示。图像的斜率为k，纵轴截距为b，则当地的重力加速度为______（用k、b、L、d表示）。若把细线的长度当作小钢球做圆周运动的半径，则重力加速度的测量值______（填“大于”“小于”或“等于”）真实值。 【答案】（1）14.5 （2） ①. ②. （3） ①. ②. 大于 【解析】 【小问1详解】 由图乙可知，游标卡尺精度为0.1mm，故小钢球的直径d = 14mm＋0.1×5mm = 14.5mm 【小问2详解】 [1]由题意可知小钢球通过光电门的时间为t，故此时小钢球的速度大小为 [2]小钢球做圆周运动的半径为 【小问3详解】 [1]在最低点由细线拉力F和小钢球重力mg的合力提供向心力 整理得 所以斜率，纵轴截距 联立解得 [2]若把细线的长度作为小钢球做圆周运动的半径，则重力加速度的测量值大于真实值。 13. 在物流仓库的快递分拣线上，有两个质量相等的分拣托盘A和B，初始时两托盘均静止在水平台面上，托盘与平台间的动摩擦因数均为，时刻工作人员将托盘A以m/s的初速度向右推出，s时托盘A与静止的托盘B发生碰撞（碰撞时间极短），碰撞过程中系统有的机械能损失。重力加速度g取10m/s2。求： （1）两托盘之间的初始距离； （2）碰撞后瞬间托盘B的速度大小。 【答案】（1）5m （2）3m/s 【解析】 【小问1详解】 托盘A碰撞前做匀减速运动，由牛顿第二定律，有 根据速度-时间公式可得初始距离 联立解得m 【小问2详解】 碰撞前A的速度大小 A、B碰撞过程动量守恒，有 碰撞过程机械能损失，根据能量守恒，有 联立解得m/s，m/s 所以碰撞后瞬间托盘B的速度大小为3m/s。 14. 如图甲所示为滑雪运动员的一种训练设施，足够长的滑道倾角，滑道上有一名质量kg的运动员（含滑板）通过轻绳与电动机相连，轻绳对运动员的拉力F随时间变化的关系如图乙所示。时刻，运动员由静止出发，沿滑道做直线运动，已知运动员的滑板与滑道间的动摩擦因数，重力加速度g取10m/s2，，。求： （1）时，运动员的速度大小； （2）1~3s内拉力F的冲量大小； （3）运动员从开始运动到最低点所用的时间。 【答案】（1）4m/s （2）480N·s （3）4s 【解析】 【小问1详解】 0~1s内，由牛顿第二定律，有 时速度大小 代入数据解得 【小问2详解】 F-t图线与坐标轴所围的面积表示冲量，可知1~3s内拉力F的冲量大小 【小问3详解】 设s时，运动员速度大小为，由题图乙可知，此时N，由动量定理有 设时，运动员速度大小为0，即到达最低点 联立解得s 15. 如图所示，在竖直平面内固定一个半径为R的四分之一光滑圆弧轨道BC，其与足够长、粗糙的水平轨道相切于B点．质量为m、可视为质点的滑块，从水平轨道上A点以初速度沿直线AB运动，恰好能到达C点正上方D点处，而后返回，并最终停在水平轨道上E点（图中未画出）。此后，对滑块施加水平向右的拉力，滑块沿轨道运动并从C点飞出，最终落在水平轨道上H点（图中未画出）。已知，重力加速度为g，不计空气阻力。求： （1）滑块与水平轨道间的动摩擦因数和A、E间的距离； （2）在拉力F作用下，滑块经过BC段中点时，对轨道压力大小； （3）滑块落地点H与A点的距离。 【答案】（1）， （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 滑块从A点运动到D点，根据动能定理， 解得 滑块从D点返回到E点，根据动能定理 又 解得 【小问2详解】 设在拉力F作用下，滑块经过BC段中点时，速度为v，受到支持力大小为．从E点到BC段中点的过程，根据动能定理，有 得 经过BC段中点时 得 滑块对轨道的压力与轨道对滑块的支持力是一对相互作用力，所以滑块对轨道的压力大小为。 【小问3详解】 设滑块从C点飞出时，速度为 从C点飞出后， ， 竖直方向做竖直上抛运动，落地时 得，（舍去） 水平方向做匀加速直线运动，落地点H与A点的水平距离 解得。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $