2.1 光现象特点及辨识-【一战成名新中考】2026安徽中考物理·一轮复习·分层作业本（练册）

一战成名新中考 大单元2 光现象及透镜（考查28.75分） 命题点1光现象特点及辨识(2024.13：2016.2) 一阶基础训练 的是 考向1光现象辨识及解释(2024.13：2016.2)》 1.[2025南充改编]研学活动中，某同学在参观博 物馆时，通过玻璃橱窗看到自己的影子，这是 由光的 形成的：走出博物馆后，看到 第5题图 天空出现的彩虹，这是光的 现象 A.笔直光柱—光沿直线传播 2.[2024安徽13题2分]下列现象中由于光的反射 B.云层呈淡淡的橙色—阳光中含有橙色光 形成的是 C.部分水面波光粼粼十分耀眼—光发生了 漫反射 D.看到远处的山体较暗一人眼接收到山体 反射的光较少 A.水面倒影 B.树下光斑 考向2光的反射、折射特点 6.小明去电影院观看电影《哪吒之魔童闹海》，他 发现在影院的各个角度都可以看到放映机投射 到银幕上的画面，这是因为银幕对照射到上面 C.墙上留影 D.杯中“折”笔 的光线发生了 反射，这种反射 3.[2025内蒙古]楼间距过小会影响采光.如图，楼 (选填“遵循”或“不遵循”)光的反射定律。 房上的影子形成的原因是 7.[2025宜宾]长江十年禁渔的政策实施以来，长 A.光沿直线传播 江里的鱼儿越来越多，在一段清澈的江水中游 B.光发生了反射 来游去的鱼儿，看见岸上的“人”会比实际的 C.光发生了折射 人更 (选填“高大”或“矮小”)，这是 D.光发生了色散 第3题图 因为光发生了 现象。 4.[传统文化][225芜湖二模]“潭中鱼可百许头，8.如图所示是小明设计的光学水位自动监测装 皆若空游无所依.日光下澈，影布石上.佁然不 置，在水面上方水平放置刻度尺，现一束光经 动，俶尔远逝，往来翕忽，似与游者相乐.”这是 反射后的光斑在A处，若水面上升则反射的光 柳宗元的名篇《小石潭记》中的名句，关于句 斑会向A的 (选填“左侧”或“右侧”) 子中的现象，下列判断正确的是 偏移，根据光斑在刻度尺上的移动位置判断 A.看到“潭中鱼”是由于光的折射而成的虚像 水位 B.看到“潭中鱼”是由于光的反射而成的虚像 C.“影布石上”是光的反射而成的实像 D.“影布石上”是光的直线传播而成的实像 a 5.[2025威海]2025年1月15日清晨，刘公岛海 第8题图 第9题图 面上空出现了“光瀑”奇观，无数条笔直光柱9.「2025合肥包河区四模1如图在斜面上有一固定 穿透云层倾泻而下，如图所示.下列说法错误 的平面镜，一束太阳光垂直照射在平面镜上 分层作业本·安微物理 3 若将斜面的夹角α缓慢增大稍许，则经平面镜 A.水中黑影是光沿直线传播形成的实像 反射后的光线 (选填 B.水中倒影是光的反射形成的实像 “沿逆时针方向旋转稍许”或“沿顺时针方向 C.鸟飞离水面时，水中倒影会变小 旋转稍许”)」 D.鸟飞离水面时，水中倒影到水面的距离会变大 10.[U八上素材]一个蕴含光学知识的小魔术：从 日阶能力提升 图甲的角度看，起初茶碗是空的，当慢慢加水 14.[2025芜湖三模]傍晚，小明来到天鹅湖边散 时，发现碗中其实藏有一枚硬币，如图乙所 步走到湖边某处看到水中明亮的太阳，则小 示，下列解释正确的是 明最可能站在湖的 (选填“东”“西” “南”或“北”)边 15.[2025广州改编]如图甲，顾客站在倾斜放置的 平面镜前观察自己的像：用AB表示站在平面 第10题图 镜前的顾客，在图乙中画出其在镜中的像：顾 A.看不到硬币是因为光的反射 客在镜子里看不到自己鞋子的像，应（选 B.加水后看到硬币是因为光的折射 填“远离”或“靠近”)平面镜移动，才能看到 C.看见的硬币是硬币真实所在的位置 自己鞋子的像，顾客移动过程中，鞋子像的大 D.看见的硬币比硬币真实的位置要深 小 (选填“变大”“变小”或“不变”). 考向3平面镜成像的特点及其应用 平面镜 11.[2025泰安改编]夜晚，河边上的灯光开亮时， 平面镜 B 岸边美景与河中倒影交相辉映，形成一幅绚 丽多彩的画面.河水深1.5m,岸边的路灯距 A 地面 水面3m,该路灯在水中的“倒影”距水面 乙 m.若河水再上涨0.5m,则该路灯与其 第15题图 “倒影”相距m. 16.创新考法[2025淮安]如图所示是兴趣小组在 12.新疆草原上的开都河弯弯曲曲，故日“九曲 趣味物理晚会上展示的“奇妙透视现象”，先 河”在雨量充沛的季节里，落日时分站在合 打开A灯，在屏幕上看到一个清晰的鸡蛋影 适的位置就可以看到多个“太阳”（如图所 像，再打开B灯，鸡蛋的影像明亮了许多，同 示).河中多个“太阳”的大小是 (选 时可以看到鸡蛋影像内部有一个更为清晰的 填“相同”或“不相同”)的 鸡雏影像.该现象利用的光学原理是 鸡雏影像比鸡蛋影 像清晰的原因是 第12题图 第13题图 13.[2025合肥瑶海区三模改编]如图所示，一只在 浅水区觅食的鸟在水面上出现它的两个 “影”一黑影和倒影，形成“水鸟对影成三 第16题图 鸟”以下说法正确的是 ( 4 分层作业本·安微物理分层作业本 第一部分 大单元分层练 声、光、热学 大单元1声现象 0E(3)F(4)顺时针光路是可逆的(5)光束 一阶·基础训练 NO的反射光线和入射光线重合 1.音色2.响度3.振动音调4.改变 7.(1)刻度尺(2)未点燃大小【拓展设问】50① 5.不变变大6.声波电磁波7.次信息 8.(1)竖直(2)重合(3)方法2(4)acN(或bdM) 8.接收产生传播 命题点3透镜成像规律及其应用 9.B10.C11.D12.D 一阶·基础训练 二阶·能力提升 1.凸会聚2.发散 凹 13.能量距离 3.如答图所示 4.如答图所示 14.A15.D 大单元2光现象及透镜 命题点1光现象特点及辨识 一阶·基础训练 1.反射折射 第3题答图 第4题答图 2.A3.A4.A5.C6.漫遵循7.高大折射 5.先变大，后消失6.A【变式训练】A 8.左侧9.沿顺时针方向旋转稍许 7.C8.C9.小于1倍焦距10.A11.A12.B 10.B11.3512.相同13.D 13.C14.倒立远视15.凹近视 二阶·能力提升 16.A17.C 14.东 18.(1)缩小(2)凹【拓展设问】(1)能(2)近视 15.如答图所示靠近不变 19.(1)使像成在光屏的中央(2)30(3)靠近变小 平面镜 (4)此时物距小于焦距眼睛在光屏一侧看向凸透镜 20.(1)②(2)C 二阶·能力提升 21.A22.BFL 23.(1)B(2)物距(3)小(4)“水透镜”光屏 (5)大前(6)每用眼一段时间后要休息一下，向 第15题答图 远处跳望（合理即可） 16.光在同种均匀介质中沿直线传播鸡雏在屏幕上的 大单元情境练无人机的发展及应用 影像之上，明暗对比更明显 (1)C(2)可听声波能量 命题点2光现象作图及实验 (3)B(4)AD(5)红外线电磁波 1.如答图所示 2.如答图所示 (6)不变电磁波照相机 A 大单元3温度与物态变化 一阶·基础训练 1.Cb602.气体热胀冷缩左更换更细的弯管 3.C4.凝华5.汽化6.减小蒸发面积7.蒸发 水面 不变8.熔化吸收9.升华吸收液化 第1题答图 第2题答图 10.空气水温度减小 11.B12.B13.C14.D15.B16.C 3.如答图所示 4.如答图所示 17.D【变式训练】内内 18.(1)如答图所示(2)保持不变 空气 【拓展设问】0固液共存吸收 温度/℃ 玻璃 10 第3题答图 第4题答图 5.如答图所示 水面 0123456 7时间/min 第18题答图 A 19.(1)88(2)沸腾前(3)不变(4)低于不会 【拓展设问】液化放热 第5题答图 二阶·能力提升 6.(1)显示光的传播路径法线(2)A0遮挡住N0和20.B21.C22.(1)降低(2)M 2 参考答案·安徽物理 一战成名新中考 大单元4内能与热机 二阶·能力提升 命题点1分子动理论 内能及其改变方式 13.2.38x10°14. 一阶·基础训练 l-l 1.电子2.间隙3.引力斥力4.扩散高 命题点3热机能量的转化与守恒 5.C6.B7.D8.做功热传递 1.内能转化为机械能做功 9.DFG10.D11.D12.C13.C 2.1.61×105机械3.5×1033.D4.B 二阶·能力提升 5.解：(1)完全燃烧0.1kg汽油放出的热量 14.分子在不停地做无规则运动分子间存在间隙 Qt=mg=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×10J 15.D （2)汽车通过隧道发动机的效率 16解：根据p=5可知，铅柱B的底面受到的大气压力 W有用×1009%= 1.38×10J 7 100%=30% 4.6×105J F=pS=1×10°Pa×3×104m2=30N,方向竖直向上 6.电能降低7.方向不变8.B 铅柱B和悬挂重物所受的总重力 大单元5能源与可持续发展 G台=GB+Gw=Ge+mg=2N+20kg×10N/kg=202N 电磁波及其应用 方向竖直向下 因为F<G,如果仅受大气压力的作用，则重物把铅柱拉 1.裂变一次2.转化可再生3.A4.D 开了，实验中没有拉开，则说明分子之间存在引力 5.电磁能6.方向4×1047.B8.A 命题点2比热容、热值的理解及相关计算 大单元情境练神舟二十号发射 一阶·基础训练 (1)C(2)CD 1.高汤高于2.B3.B4.A5.热值50 (3)答：火箭在加速上升过程中与空气发生摩擦，空气对 6.相同507.2.0×10 火箭做功，将部分机械能转化为内能，内能增大，温度升 高，所以火箭头部表面温度会急剧升高： 8.0.6×103【变式训练】甲4.2×102.1×10 9.6.72×1053×10710.42%11.70 (4)-57℃不变二次 12.解：(1)水吸收的热量Q最=c*m*(1-4o)=4.2× ”腿×100%得，偏二甲肼完全燃烧放出的 103J/(kg·℃)×4kg×(70℃-20℃)=8.4×10°J (5)解：由n=Q数 (2)煤气完全燃烧放出的热量 热量Q做 W有用-425×102J-8.5x102J Q=9.8410-2.1k10 50% 740% 需要偏二甲肼的质量 (3)所消耗煤气的质量 m、 8.5×1012J =2×10°kg=2001 m=0三=2.1x10L-005kg 94.25×103J/kg 9煤气4.2×10J/kg (6)运动核聚变(7)转移比热容 力 学 大单元1机械运动力运动与力 15.如答图所示 16.如答图所示 命题点1机械运动 一阶·基础训练 1.运动航天员相对 2.运动中学生相对于盆栽的位置发生了变化 3.A4.C5.A6.16.35(6.33~6.37均正确) 7.3×1058.B9.C 10.客机在每小时巡航的路程为920千米 第15题答图 第16题答图 11.2运动12.10.813.514.B15.B16.DGH 17.C18.A 17.如答图所示 19.(1)停表（或秒表）=氵(2)5(3)匀速直线 相同的路程所用的时间相同 二阶·能力提升 手指 20.左1.821.A 第17题答图 命题点2力弹力重力 命题点3摩擦力 1.形状跳板运动状态2.C作用点方向3.西 4.B5.C6.形状弹性箭右7.2.2变大 一阶·基础训练 8.259.D10.228.711.D12.B 1.AB2.橡胶增大减小摩擦力运动状态3.D 13.如答图所示 14.如答图所示 4.右增大 5.(1)大右(2)①10向右②2002010 (3)20向右 6.匀速20 7.(1)1.2向上不变(2)1.22.4 第13题答图 第14题答图 8.==G【变式训练】100 参考答案·安徽物理 3 9.如答图所示 5.B 6.如答图所示 F G G G 第9题答图 10.A11.B ①物体静止 ②物体下滑 ③物体向上运动 12.(1)水平(2)匀速直线(3)接触面的粗糙程度相 第6题答图 同时，压力越大，滑动摩擦力越大(4)甲、丙(5) 7.C8.A9.如答图所示 换用一个质量更大的木块进行实验，压力的大小改 变，接触面的粗糙程度也可能会发生变化，不符合控 制变量法的要求(6)不变 13.(1)静止(2)3.6 二阶·能力提升 14.01015.D ①AB静止（分析A) ②AB静止（分析B) 命题点4牛顿第一定律惯性 一阶·基础训练 F 1.不变匀速牛顿第一定律2.C A 3.(1)ABC(2)远做匀速直线运动(3)不同相同 CBR 4.苹果非平衡5.惯性乙6.桶中 7.B8.D9.A10.D11.AD ③AB一起向右匀速（分析A) 二阶·能力提升 第9题答图 12.由西向东13.向上大于水14.D 10.D11.B12.D13.214.C15.D16.C 17.D 命题点5二力平衡同一直线上二力的合成 大单元情境练人形机器人跑半马 一阶·基础训练 (1)C(2)C(3)AC (4)弹增大摩擦增大 1.非平衡做匀速直线运动2.400竖直向上3.B (5)电磁汽化绝缘 4.地面对举重运动员的支持力5.C6.C7.D8.A (6)如答图所示 9.B10.运动状态下11.40812.D13.B 14.(1)等效替代(2)水平(3)作用效果(4)和 (5)差大 15.C16.B17.B 二阶·能力提升 18.D19.D 专项突破1常考受力分析模型 1.如答图所示 第(6)题答图 ◆F (7)解：①平均速度=5_21km-7.875kmh 8 T h 3 ①物体静止 ②物体向右减速 ②机器人受到的重力G=mg=52kg×10N/kg=520N 机器人受到的阻力f=0.02G=0.02×520N=10.4N 机器人匀速奔跑的速度v'=7.2km/h=-2m/s F f * 7777777777777 777777777777 由于机器人匀速运动，受到的动力与阻力是一对平衡力， ③物体静止 ④物体向右匀速 则动力F=f10.4N (分析水平方向) (分析水平方向) 此时机器人动力做功的功率 第1题答图 P=W-=Fm=10.4Nx2m/s=20.8W 2.C3.C 4.如答图所示 大单元2密度压强浮力 命题点1质量、密度的理解及计算 F 一阶·基础训练 1.1.9353不变2.22.6×1031cm的饿的质量是22.6g 3.变小不变4.B5.D ①物体静止 ②物体静止 6.8.97.1.11【变式训练】1.6×10 8.97.2不相符9.2.220.7810.D11.DF 12.解：(1)ABS塑料材料的密度 m=22g=1.1g/cm P=V-20 cm G (2)质量为55g的ABS塑料材料的体积 ③人匀速上攀 ④人匀速下滑 =m起=，55g=50cm 第4题答图 p 1.1 g/cm' 4 参考答案·安徽物理 一战成名新中考 由V实<V作可知，作品是空心的，空心部分的体积 即配送车与货物的总重力G=F=5000N,配送车与 V室=V作鼎-V实=200cm3-50cm23=150cm 13.延展性14.B 货物的总质量m=G_5000N g 10 N/kg 500kg 二阶·能力提升 二阶·能力提升 15.3.91616.2×10317.pV V 13.a πd(D-d) 命题点2质量、密度的测量 14.2:15:3【解析】设圆柱体A、B的横截面积分别 1.(1)把游码移到横梁标尺左端零刻线，调节平衡螺母 为S4、S,高分别为h4hg,则圆柱体A、B的重力分别 使指针对准分度盘中央(2)取下最小的5g砝码，移 为：G4=pgS,h4、Gg=PgS:hg,在甲图中，A对桌面的压 动游码 强为PA= FA Ga+GB 2.(1)游码调零(2)右(3)78.4(4)D SS B对A的压强为P,5=S,因 3.(1)零(2)左204(3)500已知(4)1.02 G+GR (5)测量该芒果的质量和体积都增大，由P=?可知密 为pnP=3:1,人：h。=51,所以9-3 度不一定偏大 4.(1)4(2)游码63(3)30(4)2.1×10 (5)8.4× pg Sha+pg Sgha 103(6)偏大 S 3 5.(1)零0.2(4)82.0(5)①量简②烧杯和剩余泡 ,解得S:S6=2:5,A、B的体积 泡水③g·cm3待气泡消失后 pg Sghe 6.(1)5mL(2)31.46.36.3(3)偏大测量开始 之前先抽取一部分液态合金再排出，使注射器零刻度 之比为 线前端接口处充满液态合金，再把注射器放在天平上 Ve Sghe Sa he 5 1 =在乙图中，A 称量得到注射器质量m,后续步骤和原实验相同 7.21.60.72×10 对B的压强为P1= ,B对桌面的压强为，= F GA 8.(1)①冰糖④，m (2)细盐之间的缝隙更小，可 生G,+G,则A对B的压强与B对桌面的压强之 V,-V, 以减小测冰糖体积时的误差冰糖会溶于水 GA Pg ShA 9.偏大用天平测量此时样本的质量m',可求出吸水的 比为」 S S Shs 体积V=m一m,用水和样本的体积减去水的体积再 B GA+GR pg Sha+pg Sahe Sah+Sgh P水 加上吸水的体积作为样本的体积，即V=V-V+V,再 SR Sn Sg×5hs 根据公式p=平求出样本的密度 2 SaX5he+Sh。 31 专项突破2特殊方法测密度 15.D 1.(1)2.0068.8(2)③标记B7.8④8.8×10 2.(1)87.4(4)1.2(5)大(6)1.18 命题点4液体压强 【变式训练P+m 一阶·基础训练 1.B惯性向下2.<>3.C4.A5.1×10 6.大1×1087.深度3×1058.1.3×10 a 【解析1根据密度公式p=丹知，一瓶子水的质量mk=9,124仪10：10，深度越大(2乙 11.(1)d(2)深度(3)将塑料盒放在水中保持深度不 P水V水=p家V,则一瓶子橙汁的质量m橙=m水+m。=p水V+ 变，压住塑料盒绕某一竖直轴转动一圈，观察橡皮膜 _m堡P水V+mo m,所以橙汁的密度P了 的形变程度 V 二阶·能力提升 3.用胶头滴管在右杯中取出适量的水，直至天平平衡，测 12.D13.B h, 出杯中水的深度 P 命题点5大气压强流体压强与流速的关系 1.大气压强2.0.23.D4.D5.大6.大于小于 4.(1)400(2)720(3)360(4)2×10(5)③ 7.上8.B9.A 命题点3固体压强 命题点6浮力阿基米德原理 一阶·基础训练 物体的浮沉条件 1.减小等于2.乙压强3.增大接触面积减小 一阶·基础训练 4.1.1×104地板每平方米的面积上所受的压力为1.1× 1.pgh小于大于等于2.变小变大 10N 3.如答图所示 5.106.4×103 8.D9.C10.B =3N 11.(1)海绵的凹陷程度(2)大(3)不能=(4)B 12.解：(1)配送车匀速行驶时，所受阻力与牵引力平衡 大小相等，故配送车所受阻力∫=F=400N (2)根据p=5可得，配送车对地面的压力 F=pS=1×10°Pa×500x104m2=5000N 第3题答图 参考答案·安徽物理 5 4.不变 F浮=p*Vg=1×103kg/m3×2.5×104m3×10N/kg=2.5 5.(1)8×10(2)变小不变(3)上浮29.5 N,对长方体浸没水中时进行受力分析，F浮=G+F,所 6.A7.D 以，F=F-G=2.5N-2N=0.5N,故D正确故选D. 8.变小重力9.上浮大于 6.C 10.(1)短(2)1.2(3)变大细(4)增大 7.解：(1)水对容器下表面的压强p=P*gh1=1.0× 11.A 103kg/m×10N/kg×10x102m=1.0x103Pa 12.(1)变大排开液体的体积（2)3.81.4无 (2)水对容器下表面的压力 (3)越大e、f(4)球体的形状规则，深度不同时排 F向上=pS=1.0×103Pa×25×104m2=2.5N 开液体的体积也不同，不能探究浮力和深度的关系 容器受到的浮力F深=F向上=2.5N 二阶·能力提升 (3)由物体处于漂浮状态，即G物=F浮，由阿基米德原 13.B14.D15.C 理有F浮=C排=P限V排g,故 命题点7浮力、压强、密度综合计算 G物=p水Sh1g,C物'=p水Sh2g 1.=1.2×103【解析】同一物体在两种液体中的状态 取出的液体重力 都是漂浮，F浮=C物=F向上-F向下=F向上=pS,所以P1=P2; G取=G物-G物'=P水S(h1-h,)g 同一物体在两种液体中的状态都是漂浮，F浮=G物= G取 PgV排，即P水gV排本=P腋gV排液，代入数据，1.0×103kgm 取出液体的质量m取==p水S(h1-h2) g ×10Nkgx(1-了)Vn=p×I0N/kgx号V物，解得P囊= 3 液体的密度p=PSh,-h,) V V取 1.2×103kg/m3. 1.0x102kg/m×25×10m2×(0.1m-0.068m=0.8× 2.bh, ,-么P水【解析】由图可知，梨在水中和酱油中均处 100×10-6m 10'kg/m' 于漂浮状态，即受到的浮力等于其重力，所以F深*=8.解：(1)当探测器内水的深度为10©m时，恰能匀速上 F酱·设圆柱形容器的横截面积为S,则梨在水中排开 升，探测器内水对金属盒底部产生的压强 水的体积V水排=S(h2-h1),梨在酱油中排开酱油的体 p=p*gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa 积V酱油排=S(h4-h),根据阿基米德原理可知P水V水排g (2)关闭两阀门，探测器排开水的体积等于探测器的 =ps油V酱油排g,P水S(h2-h1)g=ps油S(h,-h3)g,P水(h2 体积V排探测=V探调=(2dm)3=8dm3=8×103m3 h2-h1 h,)=P多击(h,-),则待测酱油的密度0s油-，-hP本 探测器和样品整体受到的浮力 F泽=P家V排g=P水(V排探+V样品）g=1.0×103kg/m3×(8× 3.10.4【解析】密度计的制作原理是利用漂浮时浮力 103m3+0.2×103m3)×10N/kg=82N 等于重力，当密度计漂浮在水面上时，有F浮=G物，即 探测器内部水的重力G水=m水g=P水V水g=P水S探测器h水8 p水gV排水=G物，该刻度线可以标注为1g/cm3当密度计 =1.0×103kg/m3×(0.2m)2×0.1m×10N/kg=40N 漂浮在密度为P的液体中时，则有F浮液=G物，即p液吕· 探测器连同样品恰能匀速上浮，则整体处于平衡状态， 即F浮=C探测器+C水+G样品 流=G物，所以p液名V排液=P水gV推水，则P液=V真· 代入数据可得 吸管排开液体的体积最大时，液体密度最小，根据现有 82N=30N+40N+P样品×200×106m×10N/kg 刻度线可知V排浓大=50mL=50cm3,则液体的最小密 解得p样品=6×103kg/m 度为P液小= 20 cm' ×1g/cm3=0.4g/cm3. 9解：(1)由p=可得，圆柱体A的体积 50 cm 4.61×1030.6×103【解析】图甲中，木块处于漂浮 m490g =150cm 状态，根据物体的浮沉条件可知，木块受到的浮力等于 Pa 0.6 g/cm 其重力，即F浮=G=mg=0.6kg×10N/kg=6N,当木块 (2)将A竖直缓慢放入B中，静止时A漂浮在水面，由 浸没后受到的浮力F浮'=G块+G铁=6N+4N=10N,木 漂浮条件可知，此时圆柱体A受到的浮力F浮=G4= 块浸没后，木块的体积等于其排开液体的体积，则木块 m4g=90×103kg×10N/kg=0.9N F深 10N (3)将A竖直缓慢放入C中，静止时状态未知，假设A 的体积V=V排= =1× Pxg 1.0x10'kg/m'x10 N/kg V 103m,木块的密度p==Q6g 放入油中是沉底的，由V=S%可得，A的底面积S,= =0.6×103kg/m3 V1×103m3 150cm' =15cm2=1.5×103m 5.D【解析】A.长方体质量m=200g=0.2kg,长方体重 10 cm 力G=mg=0.2kg×10N/kg=2N;因为长方体漂浮在水 原来油的体积V油=Sghg=30cm㎡2×3cm=90cm 面，所以F湿=G=2N,故A错误.B.水深h=30cm= A沉底后油的深度h'= V油 90 cm" 0.3m,容器底面积S=150cm2=1.5×102m2,容器底部 .=6cm= S-S 30 cm2-15 cm 所受水的压强p=p*gh=1×10kg/m3×10N/kg×0.3m 0.06m =3×103Pa,容器底部所受水的压力F=pS=3×103Pa× 此时A受到的浮力F浮'=P油g'排油=0.9×103kg/m3× 1.5×102m=45N,故B错误.C.长方体漂浮，浮力等 10N/kg×1.5×103m2×0.06m=0.81N 于重力P*于g=plg,所以p= 5P*=0.8×103kg/m3, 因为F'=0.81N<G,=0.9N,所以，假设成立，A放入 油中会沉底，此时油的深度h'=0.06m,则油对容器底 故C错误.D.长方体的体积V=严=200g 部的压强 p 0.8 g/cm p=p油gh'=0.9×103kg/m3×10N/kg×0.06m=540Pa 250cm3=2.5×104m,长方体浸没水中时所受浮力10.【思路点拨】①Sh②不变③p*V'g 6 参考答案·安微物理 一战成名新中考 解：(1)由图2可知，A处于漂浮状态，由物体的漂浮 到的浮力F浮=P*Sh1g=1.0×10kg/m3×3×103m2× 条件可知，图2中A所受的浮力F深=G=mg 0.05m×10N/kg=1.5N （2)由F学=P囊gV可知，图2中A排开水的体积 (3)圆柱体的重力 V排 F浮-mg=m Gg=mag=P Vag=pa Shg=2.7×103kg/m3×3×10-3 P水gP水gP m2×0.1m×10N/kg=8.1N (3)图2中小瓶内空气的体积为V=SM,由于图2和 圆柱体静止于水槽底部，由力的平衡条件可知，圆柱 图3中小瓶内空气的质量不变，由图3可知，A处于 体对水槽底部的压力 悬浮状态，由物体的悬浮条件可知，图3中A所受浮 F玉=Gg-F￥=8.1N-1.5N=6.6N 力F浮'=G=mg 所以圆柱体对水槽底部的压强 由F浮=P腋V排g可知，图3中A排开水的体积 F压 6.6N F浮mg_m V'=p水gP账的 Pa3x10m=2.2x10 Pa 15.解：(1)泡沫A的体积 因为忽略小瓶自身的体积，所以图3中空气的体积 V=10cm×10cm×10cm=1000cm3=1×103m3 V=v=m P 泡沫A受到的浮力F学=-p*#g=1.0x10kg/m'× 5 由p=?可知，图2和图3中小瓶内空气的密度之比 ×1×103m3×10N/kg=4N 泡沫A漂浮，重力G=F深=4N m空 m 则泡沫A的质量m=G。4N =0.4kg P空V_VP水 m g 10 N/kg p空'm室V Sh Shp水 (2)由p=?可得，泡沫A的密度 V 11.0.75×103【解析】由图甲可知，物体的重力为2.6N、 m=0.4kg=0.4×10kgm 由图乙可知，将其完全浸没在水中时，弹黄测力计示 P=V-1x103m 数为1.8N,由称重法可知物体浸没在水中时受到的 (3)当A刚好浸没时，泡沫A受到的浮力F浮'=PVg 浮力F浮=G-F示=2.6N-1.8N=0.8N,由阿基米德原 =1.0x103kg/m3×1×103m3×10N/kg=10N 理F浮=p皲V排g可得0.8N=PV#g①；由图丙可知， 将泡沫A和塞子看做一个整体，不计塞子重力及塞子 物体浸没在未知液体中时，弹簧测力计示数为2.0N. 与出水口的摩擦力，当塞子被拉开时，整体受到向上 则由称重法可知物体浸没在该液体中时受到的浮力 的浮力（薄片塞子的体积不计、浮力不计，只有泡沫A F浮'=G-F示'=2.6N-2.0N=0.6N,由阿基米德原理 受到浮力)、泡沫A的重力和水对塞子向下的压力， F浮=P微V排g可得0.6N=P张V排g②；浸没时V排=V,联 根据此时整体受力平衡可得F浮'=G4+F压 立①②，解得p液=0.75p*=0.75×103kg/m3. 所以此时塞子受到水的压力 12.2.010000.5【解析】圆柱体未浸入水中时，测力 F乐=F浮'-GA=10N-4N=6N 计测圆柱体的重力，测力计的示数最大，由图乙可知 专项突破3浮力模型推导物体密度 圆柱体的重力为G=F。=2.0N:物体完全浸没后，所 1.112.5030 受浮力与浸入的深度无关，测力计的示数也不变，由 图乙可知圆柱体刚好浸没时浸入的深度为h=20cm 324200【解析1由p=可得，A的质量m,=p,= -10cm=10cm=0.1m,圆柱体下表面受到水的压强 0.6×10kg/m3×4×103m3=2.4kg:物体A漂浮在水面 p=pkgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa; 上，则F浮=G=mg=2.4kg×10N/kg=24N,即pV排g= 由图乙可知，圆柱体浸没时，测力计的示数为F示= P'g,现用力压A使其缓慢向下，则AV=V-V#=4× 1.5N,根据称重法可得，圆柱体受到的最大浮力F深 =G-f示=2.0N-1.5N=0.5N. 103mp,业-4x10m_0.6x10kg/m×4x103m P水 1.0×103kg/m 13.B【解析】A.乙图中，草莓漂浮，根据甲、乙示数可 1.6×103m3,此时水对容器底部的压强增大了80Pa, 得，草莓的质量m苹移=m2-m1,故A错误；BC.丙图 中，草莓被细针压入水中，根据甲、丙示数可得，草莓 由Ap=PgAh得增加的深度为△h= 排开水的质量m排=m3一m1,草莓排开水的体积V排= P水g 80 Pa m推_mm1,故B正确：草莓受到的浮力F浮=C排= =0.008m,该圆柱形容器的底 1.0x103kg/m3×10N/kg P水P水 m排g=(m,-m1)g,草莓受到的重力G草每=m草g=(m 面积S=4y1.6x103m =0.2m2=2000cm2 △h0.008m -m1)g,此时草莓受到竖直向上的浮力和竖直向下的 4.变大14 重力、压力的作用，处于静止状态，由力的平衡条件可 得，细针对草莓的压力F=F浮-C草簪=(m3-m1)g-（m2 5.【思路点拨】①h1-h2②S,×(h1-h,)+(S,-S)×h 解：(1)调节升降台前水对容器底部的压强 -m1)g=(m,-m2)g,故C错误；D.草莓的密度为p草 p=p*gh1=1.0x103kg/m3×10N/kgx0.1m=1×103Pa m2-m1_m2-m1 ,故D错误故选B。 (2)初始状态，容器内水面与圆柱体下表面恰好不接 m3-m1m3-m1 触，此时容器内水的体积可表示为V*=S,h1 P水 缓慢调节升降台后使细线恰好伸直且无拉力，此时升 14.解：(1)水槽中水的深度h=0.05m,则水对圆柱体底 降台上升的高度为2，圆柱体下表面距容器底的高度 部的压强P1=p水gh=1.0×103kgm3×10N/kg× 为h-h2 0.05m=500Pa 此时容器内水的体积可表示为V*=S2×(h,-h2)+(S2 (2)根据阿基米德原理F浮=P液V排g可知，圆柱体受 S,)xh 参考答案·安徽物理 7 其中S:S2=1:3,由水的体积不变可得 G金属=△F浮=4p水gSh S2h1=S2×(h1-h2)+(S2-S1)×h 所以圆柱体浸入水中的深度h=12cm 金属块的质量m金属 G全蹑=4p*Sh, g (3)细线恰好伸直无压力，说明此时圆柱体处于漂浮 状态，则有F=G 金属块的密度p= m月。4p*S动2.4p家h2 由阿基米德原理F浮=p水S,hg 3Sh2-Sh 3h2-h 圆柱体的重力G=P物S,Hg 4x1.0x103kg/m'x0.03m=6×10kg/m 3×0.03m-0.07m 则1.0×103kg/m3×12×102m=p物×20×102m 10.解：(1)圆柱体容器在水中处于漂浮状态，重力等于 所以圆柱体的密度p物=0.6×103kg/m 6.解：(1)A的下表面刚要接触液面，传感器的示数为 所受的浮力G=F浮=P水V排g=P家S,h1g=1.0×10 F1,A浸没时，传感器的示数为F2,则A受到的浮力F kg/m3×30×104m2×0.05m×10N/kg=1.5N (2)向圆柱体容器中注入某液体后，受到水的浮力的 =F-F 增加量等于液体的重力 (2)由图可知，A浸没时排开液体的体积 V排=V=3S(h2-h1) △F深=C=pkS,(h3-h1)g=1.0×103kgm3×30×104 m2×(0.15m-0.05m)×10N/kg=3N 由阿基米德原理可知，液体的密度pg 液体的体积 F-F2 V液=S,h2=30×104m2×0.125m=3.75×10m 3S(h2-h)g 液体的密度P= m袋_G液_ 3N (3)从甲图位置到乙图位置有 V液Vg3.75×104m3×10N/kg Sh=(3S-S)(h,-h,)=2S(h,-h) 0.8×103kg/m 则升降台上升的高度 (3)注入未知液体前后，水对水槽压力的变化量 h=2(h,-h,)=2×(30cm-25cm)=10cm △F=G湾=3N 7.解：(1)根据阿基米德原理知，物块所受的浮力F浮=P 水槽底部受到水的压强的变化量 3N V排g=p水Shog 4=Ar (2)根据物体受力平衡，重力G=F+F浮=F+PShog 200x10'm150Pa (3)弹黄测力计由甲图中的示数为40N变成乙图中的 大单元情境练全球首艘高速 70N,拉力的变化等于浮力的变化，故 可潜无人艇“蓝鲸号” AF浮=70N-40N=30N (1)密度 根据阿基米德原知△F深=P水△V排g=P水3S(H。-H1)g= (2)阻力 力的作用是相互的流体流速越大的位置压 1.0×103kg/m×3Sx(0.2m-0.18m)×10N/kg=30N 强越小 解得S=0.05m2 (3)1.44×1010 根据G=mg=pVg可得pShg=F+PShog (4)A 代入数据有px0.05m2×0.15m×10N/kg=40N+1.0×(5)6.18×103变小 103kg/m3×0.05m2×0.10m×10N/kg (6)注水1.2×103600 解得p=1.2×103kg/m (7)解：“奋斗者”号悬浮时，船体受到的浮力 类型2漂浮模型 F浮=P海V排g=1.03×103kg/m3×50m3×10N/kg=5.15× 8.解：(1)甲中水的深度为0.5m,水对容器甲底部的压强 10N Pk=P液gh=1.0x10°kg/m3×10N/kgx0.5m=5000Pa 整体所受浮力和重力是一对平衡力，所以F浮+2F浮铁=G (2)乙中液体的体积为0.5×103m3,该液体的密度 +2G铁，即F浮+2p海水V铁g=m总g+2p铁V铁g _mz0.4 kg 代入数据得5.15×10N+2×1.03×103kg/m3×V#×10N/kg pz=0.5x103m =0.8×103kg/m =22×10kg×10N/kg+2×8×10kg/m×V#×10N/kg (3)丙浸没在容器乙的液体中，乙中液体的深度增加 解得压载铁的体积V铁≈2m3. 了△h,则丙的体积V=S2Ah=S△h 大单元3功和机械能简单机械 丙浸没在容器乙的液体中，容器乙仍然漂浮在水面上 命题点1功、功率的理解及计算 则丙的重力等于乙容器增大的浮力，且乙容器排开水 的体积的增加量△V排=S甲×2△h=3S×2Ah=6S△h 一阶·基础训练 则丙的重力G=△F浮=p水△V排g=p×6S△hg=6pkS△hg 1.B2.A3.C4.1×1041×10305.1.32×10 由密度公式和重力公式可得丙的密度 6.6167.3.6×10°5×1038.0259.1.32 m_G6PkS△h 10.5211.C P丙=V=gV gXSAh =6p家=6×103kg/m 12.解：(1)因为运动员竖直向下匀速降落，所以所受阻 9.解：(1)图甲中圆简处于漂浮状态，圆简所受浮力等于 力和重力是一对平衡力，即f=G=1000N (2)下落过程中重力所做的功 圆简和沙子的总重力G=F浮=P水gV排=P水gSh W=Gh=1000N×30m=30000J (2)图乙和图丙相比，浮力相等，V排相等，A点在水面 下的深度相等，所以图乙中，A点到水面PQ的距离应 重力做功的功率P=W_30000 =6000W 该等于h,+h2,A点到MW的距离应该等于h1,图乙和 图甲相比 二阶·能力提升 △V排=△V商浸+V金属 13.D14.D 金属块的体积V全属=△V排-V商浸=4Sh2-S(h1+h2)= 命题点2机械能及其转化 3Sh-Sh 一阶·基础训练 (3)由图甲、乙可知，金属块的重力 1.D 8 参考答案·安徽物理 一战成名新中考 2.减小减小减小 阻力，其中AB为动力臂1，AC为阻力臂2 3.动能4.先变大后变小重力势动 根据杠杆平衡条件得，F山=G 5.C6.C7.D 又因为C在AB的中点，所以L,=2L2.则货车在B点 8.(1)①大②大(2)①高②大 所受的总支持力 【拓展设问】两次实验中未保持木块初始位置相同 增大 5=2c÷16000 =80000N 2 二阶·能力提升 (2)A点总支持力 9.③不守恒10.B11.B F,=G-F,=160000N-80000N=80000N 命题点3杠杆 每个轮胎与地面的接触面积 一阶·基础训练 S=400cm2=400x104m2=0.04m2 前轴2个轮子，每个轮子对地面的压力 1.费力省距离 2.省力靠近 F前=2F=2×80000N=40000N 3.如答图所示 4.如答图所示 故单个轮胎对路面的压强P前= 前_40000N 1.0× S0.04m2 10Pa>7.0x105Pa 因此，货车的前轴轮胎对路面的压强超过了限定值 该货车超限 命题点4滑轮、斜面及其机械效率相关计算 第3题答图 第4题答图 一阶·基础训练 5.A6.457.E16 1.F=F,2F(或2F,)2.B3.B4.A5.D 8.不变变小变小9.一直减小 6.10090090% 10.解：(1)绳子对B点拉力Fe=G五=150N,杠杆平衡 7.(1)40.4(2)5(3)2000200(4)200 时，根据平衡条件，绳子对A点的拉力 (5)1780890(6)89%增大 8.BFG9.809%1.25×10410.32011.D 2 m E2.5m×150N=200N 12.解：(1)物体受到的重力大小 G=mg=40 kgx10 N/kg=400 N 绳子对水桶的拉力F=F4=200N,对水桶进行受力分 析，可得人对绳子的拉力 (2)工人所做的有用功W有=Gh=400N×3m=1200J F人=F-Gw=200N-40N=160N x10%可知，工人所做的总功 (2)当装满水的水桶上升时，动力和动力臂的乘积 (3)根据nW。 G石'×loe=200N×2m=400N·m W W有_1200J=-1500J 阻力和阻力臂的乘G卷×oA=260N×1.5m=390N·m 780% 动力×动力臂>阻力×阻力臂，所以无需拉力 13.(1)省力(2)4.9(3)1.057(4)70% 11.(1)0.20(2)不能杠杆右边拉力大小不变，力臂 【变式训练】16032 变小 14.解：(1)克服物体重力做的有用功 12.(1)静止(2)10钩码对杠杆的拉力(3)①③ W有=Gh=6N×0.3m=1.8J (4)便于改变动力臂、阻力臂的大小和力的方向 (2)弹簧测力计的示数大小即为拉力大小，故拉力做 (5)弹黄测力计拉力的方向 的总功W。=Fs=4N×0.6m=2.4J 二阶·能力提开 该装置的机械效率 13.C14.B 在×100%=2.4了 1.8J ×100%=75% 15.解：(1)如答图所示 二阶·能力提升 15.B B A 16.解：(1)引重车所做的有用功 W有用=Gh=2000N×0.8m=1600J 第15题答图 引重车所做的总功W急=Fs=1000N×2m=2000J 由于杠杆质量分布均匀，所以G,=G,图中，A0=B0, 引重车的机械效率 1600J 根据全等三角形知识可知，l1=2,G,1=G2l2,说明杠 W有题×100%=2000丁 m 100%=80% 杆绕悬点在竖直面内缓慢转过一定角度后仍能平衡 (2)转过一定角度后释放的瞬间，木板只受到竖直向 (2)引重车所做的额外功 下的重力和竖直向上的拉力作用，此时木板的重心不 W额=W台-W有用=2000J-1600J=400J 在悬点的正下方，重力和细线的拉力不在同一直线 大箱所受摩擦力∫= W每_400J-200N 上，二力不是一对平衡力，木板受力不平衡，所以木板 s 2 m 在该位置不能平衡 大单元情境练古代农业生产机械 16.解：(1)货车的总质量m=16t=16000kg 一“龙骨水车” 货车的总重力 (1)CD G=mg=16000kg×10N/kg=160000N (2)省力压强 设前轴的总支持力为F1,后轴的总支持力为F2.以A(3)多大惯性 点为支点，后轴的总支持力F2为动力，货车重力G为(4)30009000.0225 参考答案·安徽物理 9 (5)在各部件之间加润滑油来减小摩擦 ②每分钟输出的有用功 (6)解：①由P=”得，该链斗式输送机在本次工作过程 W有=Gh=mgh=4×103kg×10N/kg×11.4m=4.56×10J 则该链斗式输送机在本次工作过程中的效率 中，每分钟输出的总功 W有×100%= .56×105 W总=PL=10×103W×60s=6×105J ×100%=76% 6×10J 电（磁）学 大单元1电路电流电压 电阻 电阻R,两端的电压U,=1K,= 命题点1电荷电流电压电阻 72A×300=2.5V 1.吸引2.异种转移正 13.解：由电路图可知，电阻R1、R3、滑动变阻器R2串联 3.带负电或不带电带负电吸引 电压表V,测电阻R,和滑动变阻器R,接入电路部分 4.同种电荷相互排斥不能 两端电压之和，电压表V测电阻R两端的电压，电 5.C6.D7.B8.C9.B10.半导体11.B 流表测电路中的电流 12.C13.1.5不高于3614.从下到上15.D (1)电压表V的示数为3V,电流表A的示数为 16.B17.(1)偏转超过最大值(2)偏转较小 U 3V 18.并联电压表正、负接线柱接反 06A,根据欧姆定律可知，电阻R=706A50 电压表未调零2.5 (2)当滑动变阻器滑片移至最左端时，电阻R,、R,串 19.温度20.B21.C 联，电流r=。 命题点2电路识别及设计 ,+R 一阶·基础训练 根据欧姆定律可知，电压表V,示数 1.用电器并联变小2.D U:=IR=R+R R 3.R,S、SS2闭合开关S2,断开开关S1、S,电源 短路 (3)由题意可知当滑动变阻器滑片移至最左端时，电 4.B5.A6.B7.C8.C 压表V,的示数为3V,即R=3V 二阶·能力提升 R3+R 9.B10.C11.B12.B13.B 当滑动变阻器滑片移至最右端时，电压表V,的示数 14.C【变式训练】A =5V 15.C【解析】若甲为电流表，电流从电源正极流出，经 为5V,即R+R R,+R,+R, 过开关分成两条支路，一条支路经L,另一条支路经 代入数据解得R,=52,U=6V L,和甲电流表，然后再汇合经乙电流表回到电源负14.BDF15.AF【变式训练】12 极，故A错误：由A分析可知，若乙为电流表，乙在干16.解：(1)由图甲可知，两电阻串联，电压表测量R,两端 路上，测的是干路电流，故B错误；若丙为电流表，则 其他两表为电压表，丙与L和L,串联，由串联电路的 电压，电路中的电流= 0.75V=5x105A R115×1032 电流特点可知，丙测L,的电流，故C正确；若甲为电 根据串联电路电压特点和欧姆定律可知，R,的阻值 流表，乙为电压表，L和L,不能正常发光，故D错误。 故选C. R=9--43v-0.75 =450002=45k2 15×105A 大单元2电路分析与计算 由图乙可知，此时照度为3Lx 命题点1串、并联电路的特点 (2)若电路能测量7Lx的照度，由图乙可知，此时R2 1.相等开关2.30.63.L20.44.215.A 的阻值为15k2,由于电压表测量范围为0~3V,则 6.(1)L,和L,(2)电压表应与所测用电器并联(3)C 电压表示数最大为3V,R,为阻值范围10k2~30k2 命题点2欧姆定律 一阶·基础训练 的电阻箱，根据串联分压原理，有二：0： ER+R,,即 1.减小2.不变变小3.小于【补充设问】变大 U(R'+R2') 4.C5.B6.557.等于2：18.并0.930 U点= R R.' 9.22.40.810.8【变式训练】3.24 由于U为3V、R2'为15k2,则当R1阻值最小时，电 11.增大0~25 源电压最大，即R,的阻值为10k2,则电路中的电流 12.解：(1)当断开开关S1、S2,闭合开关S时，电路为R U大3V 的简单电路，由1=可得，电源电压 1=R10x100 =3×104A R U=l,R1=0.50A×302=15V 电源电压的最大值U大=1，(R,'+R2')=3×104A×(10 (2)当断开开关S2,闭合开关S,、S,时，R1与R2并联， ×102+15×102)=7.5V 此时通过R的电流仍为0.50A,则通过电阻R,的电 二阶·能力提升 流12=1-11=0.60A-0.50A=0.1A 17.增大20 U_15V 18.3:4【解析】若甲、乙均为电压表，闭合开关S,R、 电阻R,的阻值R2= =1502 120.1A R,串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测R,两端的 (3)断开开关S、S4,闭合开关S2时，R1R2串联，电路 电压，已知U甲：U2=4:1,即U:U2=4:1,因串联 总电阻R=R1+R2=302+1502=1802 电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，所以 15V1 电路中的电流'= R180212 R、尼两端的电压之比%--413 ,1,因联 10 参考答案·安微物理 一战成名新中考 电路电流处处相等，所以由1= 可得，R1R,的阻值 大功率P允许=2200W-880W-100W=1220W R 由表中信息可知，还可以接入一个电饼铛，此时通过 插线板的总电流 R1U13 之此R,UU :若甲、乙均为电流表，断开开关 Pe880W+100W+1000W=9A I念2 220V 12.1.051.413.31.514.361:615.6 S,R,和R,并联，电流表乙测干路电流，电流表甲测通 16.解：(1)由P=U1可得，灯泡L正常发光时的电流 过R的电流，因并联电路各支路两端电压相等，所以 43 =0.5A U 6V 1 RR 由可得，通过R人，的电流之比 (2)由1=可得，灯泡L的阻值 1 U R R R UL 6V 3,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所 1 R=70.5A=120 只闭合S,、S2,灯泡L单独工作，灯泡L正常发光，此 以两表的读数之比。么=3.3 时电源电压U=U,=6V,再闭合S,,电阻R,与灯泡L 121+山21+34 并联，U。=U=0=6V,电流表示数变化了0.25A,即 19.C【解析】将开关S接触点1，滑动变阻器的滑片调 1。=0.25A,电阻R的阻值 到最左端时，R被短路，电路中只有R1,由欧姆定律 可知，电源电压U=R1=0.8A×302=24V,故C错 U0.6V=240 R,-7025A 误：将开关S,接触点1，滑动变阻器连入电路的电阻 (3)只闭合S,定值电阻R,与灯泡L串联，此时接入 最大时，电路中电流最小，此时电压表示数最大，为 电路的电阻最大，整个电路消耗的功率最小，则整个 15V,则R,两端电压U1=U-0=24V-15V=9V,故 电路消耗的最小功率 U 9V B正确：根据欧烤定律可知，1R300=0.3A,将 P=UI=_U (6V)2 =0.9W R,+R,282+122 开关S,接触点2，滑动变阻器接入电路的电阻为0 17.解：(1)当开关S,闭合、S,断开，R1、R2、R3串联，滑动 时，电路中的电流最大，此时山，=R160 U 24 V 变阻器的滑片P移至最左端时，电压表测量R1、R,的 1.5A,则 总电压，电流表测量电路中的电流，根据欧姆定律可 1:12=0.3A:1.5A=1:5,故A正确；开关S,接触 知，电阻R,两端的电压U3=1R,=0.40A×102=4V 点1时，由上述分析可知，滑动变阻器接入电路的最 (2)当开关S闭合、S,断开时，R,、R,、R串联，滑动变 大阻值R=么15 阻器的滑片P移至最左端时，R,两端的电压 =502,当滑动变阻器连入电 10.3A U=IR,=0.40A×202=8V R,两端的电压U,=U-U,=10.0V-8V=2V 路的电阻为0时，电路中的最大电流1=。=0 U,2V =0.8A<2A,则Rm=02,即滑动变阻器R的阻值范 所以电阻R,的阻值R,=70,40A50 围是0~502，故D正确.故选C (3)当开关S,闭合、S断开时，R1、R2、R,串联，所以电 命题点3电能、电功率的理解及相关计算 源电压U。=U+U=10V+4V=14V 一阶·基础训练 当开关S1、S,均闭合时，R2短路，R1、R串联，电路电 1.250.252.363.2164.18025.B6.D =0.5A 7.126【变式训练】B8.0.0244 成r长 9.甲乙的额定电流大于插座的额定电流 R,消耗的电功率P,=I2R3=(0.5A)2×102=2.5W 10.解：(1)水吸收的热量 所以滑动变阻器消耗的电功率 Q段=cm△=cm(l-lo）=4.2×103J/(kg·℃)×1kg× P,=P-P,=7W-2.5W=4.5W (70℃-20℃)=2.1×10°J 二阶·能力提升 (2)若电流产生的热量全部被水吸收，则电热水壶消 耗的电能W=Q=2.1×105J 1822.52:9【解析】根据P= 可知，在R不变时 R 电热水壶的电功率P="_2.1x10 =1000W 电功率与电压的平方成正比，图甲中灯泡L,消耗的 '210s 功率为5W,图乙中灯泡L,消耗的功率为45W,故图 (3)偏小：因为加热过程中，存在热量的损失，水吸收 的热量会小于电热水壶消耗的电能，根据P=”可 甲、乙中灯泡L,两端的电压之比里。」 P 知，估测出的电功率会小于电热水壶的实际功率 √45W3,即图甲中灯泡L,两端的电压是电源电 5W1 11.解：(1)由P=可知，电饭锅正常工作时加热电阻的 R 阻值R=C-(220V) 压的了，根据率联电路电压的规律，灯泡L,两端的电 P880W=550 (2)由题意可知，插线板允许通过的最大电流为10A, 压是电源电压的子，由分压原理可知，灯泡L的电型 则允许使用的最大功率 是L的2倍，根据P=可知，在电压不变时，电功率 P大=UI大=220V×10A=2200W R 电风扇、电饭锅已正常工作，插线板还允许使用的最 与电阻成反比，图乙中灯泡L,消耗的功率为45W,设 参考答案·安徽物理 11