精品解析：海南省华中师大一附中屯昌思源实验中学2024-2025学年高二上学期第二次月考物理试题

高二物理月考试卷 一、单选题（每题3分，共24分） 1. 甲乙两个完全相同的金属小球，甲带有+q的电量，乙带有+3q的电量。它们之间的库仑力为F，若乙球与甲球接触后放回原处，则它们之间的库仑力变为（　　） A. 0 B. C. 2F D. 4F 【答案】B 【解析】 【详解】由题意知甲乙两球接触前根据库仑定律有 当接触后两球各带2q的电荷量，库仑力为 比较两式可知，故B正确，ACD错误。 故选B。 2. 如图所示，一电子沿等量异种点电荷连线的中垂线由匀速运动，电子重力不计，则电子除受电场力外，所受的另一个力的大小和方向变化情况是（　　） A. 先变大后变小，方向水平向左 B. 先变大后变小，方向水平向右 C. 先变小后变大，方向水平向左 D. 先变小后变大，方向水平向右 【答案】B 【解析】 【详解】根据等量异种点电荷在中垂线的电场分布特点，可知在中垂线上的场强方向与中垂线垂直，水平向右，且中点的场强最大，电子沿等量异种点电荷连线的中垂线由匀速运动，电子所受电场力先变大后变小，方向水平向左，电子受力平衡，则所受的另一个力的大小先变大后变小，方向水平向右，B正确，ACD错误。 故选B。 3. 在手术时，为防止麻醉剂爆炸，地砖要用导电材料制成，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，一切设备要有良好的接地，这是为了（ ） A. 除菌消毒 B. 防止漏电 C. 利用静电 D. 消除静电 【答案】D 【解析】 【详解】地砖要用导电材料制成，医生和护士要穿由导电材料制成的鞋子和外套，一切设备要有良好的接地，是为了使静电被导入大地，这是为了消除静电，防止发生爆炸。 故选D。 4. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R点在等势面b上，据此可知（　　） A. 三个等势面中，c的电势最高 B. 带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度小 C. 带电质点在P点的电势能比在Q点的小 D. 带电质点在P点的动能大于在Q点的动能 【答案】A 【解析】 【详解】AC．根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势线垂直可知负电荷所受的电场力应向下，所以电场线向上，则c点电势最高。利用推论：负电荷在电势高处电势能小，知道质点在P点的电势能比在Q点的电势能大。故A正确，C错误； B．因为，知等差等势面P处密，P处电场强度大，质点在P处所受的电场力大，加速度大，故B错误； D．负电荷的总能量守恒，即带电质点的动能与电势能之和不变，而质点在P点的电势能比在Q点的电势能大，所以质点在P点的动能小于在Q点的动能，故D错误。 故选A。 5. 如图，平行板电容器的两极板竖直放置并分别与电源的正负极相连，一带电小球经绝缘轻绳悬挂于两极板之间，处于静止状态现保持右极板不动，将左极板向左缓慢移动关于小球所受的电场力大小F和绳子的拉力大小T，下列判断正确的是 A. F逐渐减小，T逐渐减小 B. F逐渐增大，T逐渐减小 C. F逐渐减小，T逐渐增大 D. F逐渐增大，T逐渐增大 【答案】A 【解析】 【详解】电容器与电源相连，所以两端间电势差不变，将左极板向左缓慢移动过程中，两板间距离增大，由可知，电场强度减小，电场力减小，小球处于平衡状态，受重力、拉力与电场力的作用，受力如图所示，根据力的合成法得： 由于重力不变，电场力减小，故拉力减小； A.逐渐减小，逐渐减小与分析相符，故A正确； B.逐渐增大，逐渐减小与分析不符，故B错误； C.逐渐减小，逐渐增大与分析不符，故C错误； D.逐渐增大，逐渐增大与分析不符，故D错误． 6. 如图所示是双量程电压表的电路图，已知电流表满偏电流Ig=1mA，电阻R1=4.5kΩ，R2=20kΩ，当使用a、b两个端点时，量程为0~5V，则使用a、c两个端点时的量程是（ ） A. 0~10V B. 0~15V C. 0~20V D. 0~25V 【答案】D 【解析】 【详解】根据串联电路规律 故D正确，ABC错误。 故选择D选项。 7. 日常生产、生活处处离不开电能，下列哪些发电方式会造成较大环境污染（　　） A. 太阳能发电 B. 煤炭发电 C. 风力发电 D. 水力发电 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】A．太阳能光伏电池属于清洁能源，不会带来大气污染，故A错误； B．煤炭发电要燃烧煤等化石能源，从而带来大量的烟尘造成大气污染，故B正确； C．风能属于清洁的新能源，无污染，故C错误； D．水力发电，属于清洁能源，不会带来大汽污染，故D错误。 故选B。 8. 自2020年1月以来，“新冠肺炎”席卷全国。“新冠肺炎”的典型症状就是持续发烧，因此测温是“新冠肺炎”防控的重要环节。为方便测温各学校都配置了如图所示的额温枪。额温枪是通过传感器接收红外线，得出感应温度数据，使用时只要将额温枪放于距两眼中间部位5-6cm处，修正额头与实际体温的温差便能显示准确的体温。则以下说法正确的是（　　） A. 额温枪能测温度是因为温度不同的人体辐射的红外线存在差异 B. 额温枪利用的红外线也可用于杀菌消毒 C. 红外线是波长比紫外线短的电磁波 D. 爱因斯坦最早提出“热辐射是一份一份的、不连续的”观点，并成功解释了光电效应现象 【答案】A 【解析】 【详解】A．任何物体都要向外辐射红外线，温度不同物体辐射的红外线也不同，A正确； B．红外线没有杀毒作用，B错误； C．红外线的波长比紫外线的波长长，C错误； D．“热辐射是一份一份的、不连续的”观点，是普朗克最先提出来的，D错误。 故选A。 二、多选题（每题5分，共25分） 9. 如图所示，弹簧测力计下端挂一条形磁铁棒，其中条形磁铁棒极的一部分位于未通电的螺线管内，则下列说法正确的是（　　） A. 若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将减小 B. 若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将增大 C. 若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将增大 D. 若将接电源正极，接电源负极，则弹簧测力计的示数将减小 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】当接电源正极，接负极时，根据线圈的绕向可知，磁铁棒的极受到的磁场力方向向下，磁铁棒极受力方向向上．由于磁铁棒的极所在处磁感线较稀，故极受力大于极受力，磁铁棒所受磁场力的合力方向向下，弹簧测力计示数增大。同理，当接电源正极，接负极时，弹簧测力计示数减小，所以BD正确；AC错误； 故选BD 10. 在探究电磁感应现象的实验中，用导线将螺线管与灵敏电流计相连，构成闭合电路，下图所示在下列情况中，灵敏电流计指针发生偏转的是（　　） A. 螺线管不动，将磁铁向螺线管中插入 B. 螺线管不动，将磁铁从螺线管中抽出 C. 磁铁放在螺线管里不动 D. 磁铁不动，将螺线管上下移动 【答案】ABD 【解析】 【详解】A．螺线管不动，将磁铁向螺线管中插入，螺线管中的磁通量增大；螺线管与灵敏电流计相连，构成闭合电路；电路中有感应电流产生，灵敏电流计指针偏转，故A正确； B．螺线管不动，将磁铁从螺线管中抽出，螺线管中的磁通量减小；螺线管与灵敏电流计相连，构成闭合电路；电路中有感应电流产生，灵敏电流计指针偏转，故B项正确； C．磁铁放在螺线管里不动，螺线管中的磁通量不变；电路中没有感应电流产生，灵敏电流计指针不偏转，故C项错误； D．磁铁不动，将螺线管上下移动，螺线管中的磁通量不断变化；螺线管与灵敏电流计相连，构成闭合电路；电路中有感应电流产生，灵敏电流计指针偏转．故D项正确。 故选ABD。 11. 如图所示，M、N处各放置电荷量为q的正点电荷，O为正方形abcd的中心且与MN连线中点重合，对角线ac与MN垂直，取无穷远处电势为零，则（　　） A. b、d两点场强相同，电势相等 B. O点电势不为零，场强为零 C. 将质子沿a→O→c移动，电势能先增加后减少 D. 将电子沿a→O→c移动，电场力先做负功，再做正功 【答案】BC 【解析】 【详解】等量同种电荷电场线、等势线分布图 A．b、d两点场强大小相等，方向相反，电势相等。A错误； B．电荷在O点产生的电场强度大小相等、方向相反，所以场强为零。在竖直方向上，根据电场叠加，电场方向为O→c和O→a，O点电势大于零。B正确； CD．将质子沿a→O→c移动，电场力先做负功，后做正功，电势能先增加后减少；将电子沿a→O→c移动，电场力先做正功，再做负功。C正确，D错误。 故选BC。 12. 用不可伸长的细线悬挂一质量为M的小木块，木块静止，如图所示。现有一质量为m的子弹自左向右水平射向木块，并停留在木块中，子弹初速度为v0，重力加速度为g，忽略空气阻力，则下列说法正确的是（　　） A. 从子弹射向木块到一起上升到最高点的过程中系统的机械能守恒 B. 子弹射入木块的瞬间动量守恒，故子弹射入木块的瞬间子弹和木块的共同速度为 C. 子弹和木块一起上升过程中系统机械能守恒，其机械能等于子弹射入木块前的动能 D. 子弹和木块一起上升的最大高度为 【答案】BD 【解析】 【详解】AC．从子弹射向木块到一起运动到最高点的过程可以分为两个阶段，子弹射入木块的瞬间系统动量守恒，但机械能不守恒，有部分机械能转化为系统内能，之后子弹在木块中与木块一起上升，该过程只有重力做功，机械能守恒，但总能量小于子弹射入木块前的动能，AC错误； B．规定向右为正方向，由子弹射入木块的瞬间系统动量守恒可知 所以子弹射入木块后共同速度为 B正确； C．子弹射入木块之后，与木块一起上升，该阶段根据机械能守恒得 可得上升的最大高度为 D正确。 故选BD。 13. 如图所示，水平弹簧振子沿x轴在M、N间做简谐运动，坐标原点O为振子平衡位置，其振动方程为。下列说法正确的是（ ） A. MN间距离为5cm B. 振子的运动周期是0.2s C. 时，振子位于N点 D. 时，振子具有最大加速度 【答案】BC 【解析】 【详解】A．MN间距离为2A=10cm，选项A错误； B．振子的运动周期是 选项B正确； C．根据振动方程为 可知时，x=5cm，则振子位于N点，选项C正确； D．时，x=0，则振子在平衡位置，振子加速度为零，选项D错误。 故选BC。 三、实验题（每空2分，共18分） 14. 某同学用图甲所示装置通过大小相同的A、B两小球的碰撞来验证动量守恒定律．图中PQ是斜槽，实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹．重复上述操作10次，得到10个落点痕迹．再把B球放在水平槽末端，让A球仍从位置G由静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹．重复这种操作10次．图中O点是水平槽末端R在记录纸上的垂直投影点． （1）安装器材时要注意：固定在桌边上的斜槽末端的切线要沿_________方向． （2）小球A的质量m1与小球B的质量m2应满足的关系是m1_________ m2（填“＞”“＜”或“＝”） （3）某次实验中，得出小球的落点情况如图乙所示（单位：cm），P′、M、N分别是入射小球在碰前、碰后和被碰小球在碰后落点的平均位置（把落点圈在内的最小圆的圆心）．若本次实验的数据很好地验证了动量守恒定律，则入射小球和被碰小球的质量之比m1：m2_________． 【答案】 ①. 水平 ②. ＞ ③. 4：1 【解析】 【详解】[1]斜槽末端的切线要沿水平方向，才能保证两个小球离开斜槽后做平抛运动． [2]为防止碰撞后入射球反弹,入射球的质量应大于被碰球的质量,即． [3]根据实验原理可得: 由图乙可知：OM=15.5cm、OP′=25.5cm、ON=40.0cm，又因下落时间相同,即可求得： 代值可得： 15. 某实验小组利用图甲所示的电路测量金属丝的电阻率（图中Rx表示待测金属丝的电阻）。 （1）正确操作螺旋测微器，测量金属丝的直径结果如图乙所示，则该次测得的金属丝的直径为______mm。用游标卡尺测金属丝的长度如图丙，则长度为______cm； （2）连接好电路后，开关S闭合前滑动变阻器的滑片应滑至______ ；（选填“左端”或“右端”） （3）实验中发现电压表的量程无法满足实验要求，某同学将量程为4mA、内阻为120Ω的灵敏电流计G与阻值为的定值电阻串联后，改装成量程为6V的电压表，则______Ω； （4）用刻度尺测得被测金属丝接入电路的长度为L，螺旋测微器测得金属丝的直径为d，用电流表和电压表测得金属丝的电阻为Rx，则被测金属丝的电阻率为______ ；（用题中所给物理量的字母表示） （5）实验中测得待测金属丝的电阻Rx的阻值约为70Ω。实验时电流表采用了外接法，经检验该方法是正确的，则关于电流表的内阻的判断可能正确的是（ ） A． B． C． 【答案】 ①. 2.095 ②. 7.060 ③. 左端 ④. 1380 ⑤. ⑥. C 【解析】 【详解】（1）[1]由图示螺旋测微器可知，其示数 [2]由图示游标卡尺可知，其示数为 （2）[3]为了保护电路，开关S闭合前滑动变阻器的滑片应滑至最左端使待测支路电流为零； （3）[4]由电表改装原理可得，应串联的电阻 （4）[5]由电阻定律得 及金属丝的横截面积公式 联立可得 （5）[6]由（3）可知电压表的内阻为，由题意知电流表采用了外接法，经检验该方法是正确的，则有 代入数据得 故选C。 四、解答题（16题10分，17题10分，18题13分） 16. 如图所示，有一质子（质量为m、电荷量为e）由静止开始经电压为U1的电场加速后，进入两极板间距离为d，板间电压为U2的平行金属板间，若质子从两板正中间垂直电场方向射入电场，并且恰能从下板右边缘穿出电场，求： （1）质子刚进入偏转电场时的速度； （2）质子在偏转电场中运动的时间和金属板的长度； （3）质子穿出偏转电场时的动能。 【答案】（1）；（2），；（3） 【解析】 【详解】（1）质子在加速电场中，根据动能定理有 解得 （2）质子在偏转电场中的运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动，则水平方向有 L=v0t 竖直方向有 加速度 由以上各式解得极板长 运动时间 （3）质子从静止释放到穿出偏转电场，根据动能定理可得 可得质子穿出偏转电场时的动能为 17. 如图所示，电源电动势为12V，内阻为1Ω，电阻R1为1Ω，R2为6Ω。开关闭合后，电动机恰好正常工作。已知电动机额定电压U为6V，线圈电阻为0.5Ω，问： （1）中的电流是多大？ （2）通过电动机的电流是多大？ （3）电动机正常工作时产生的机械功率是多大？ 【答案】（1）3A；（2）2A；（3）10W 【解析】 【详解】（1）开关闭合后，电动机恰好正常工作，由电路可知此时两端电压为6V，根据闭合电路欧姆定律可得中的电流为 （2）根据电路可求得通过电动机的电流为 （3）电动机正常工作时内部消耗的功率为 则产生的机械功率为 18. 如图所示，水平面上有A、B两个小物块（均视为质点），质量均为，两者之间有一被压缩的轻质弹簧（未与A、B连接）。距离物块A为L处有一半径为L的固定光滑竖直半圆形轨道，半圆形轨道与水平面相切于C点，物块B的左边静置着一个三面均光滑的斜面体（底部与水平面平滑连接）。某一时刻将压缩的弹簧释放，物块A、B瞬间分离，A向右运动恰好能过半圆形轨道的最高点D（物块A过D点后立即撤去），B向左平滑地滑上斜面体，在斜面体上上升的最大高度为L（L小于斜面体的高度）。已知A与右侧水平面的动摩擦因数，B左侧水平面光滑，重力加速度为，求： (1)物块A通过C点时对半圆形轨道压力大小； (2)斜面体的质量； (3)物块B与斜面体相互作用的过程中，物块B对斜面体做的功。 【答案】(1)；(2) ；(3) 【解析】 【详解】(1)在D点，有 从C到D，由动能定理，有 在C点，有 解得 由牛顿第三定律可知，物块A通过C点时对半圆形轨道的压力 (2)弹簧释放瞬间，由动量守恒定律，有 对物块A，从弹簧释放后运动到C点的过程，有 B滑上斜面体最高点时，对B和斜面体，由动量守恒定律，有 由机械能守恒定律，有 解得 (3)物块B从滑上斜面到与斜面分离过程中，由动量守恒定律 由机械能守恒，有 解得 ， 由功能关系知，物块B与斜面体相互作用的过程中，物块B对斜面体做的功 解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $