周测卷(一) 质点的直线运动-【鱼跃龙门卷】2025-2026学年高三物理一轮复习周测卷

美版老n春 5.一物体从空中某位置以竖直向上的初速度2m/s抛出，经过时间t物体的速度大小为初速度 2025一2026学年度高三一轮复习周测卷（一） 大小的2倍，忽略空气阻力，重力加速度为g=10m/s2。下列说法正确的是 物理·质点的直线运动 A.t=0.2s (考试时间40分钟，总分100分) B.物体的位移大小为1m 一、单项选择题：本题共5小题，每小题6分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求。带“ C物体的平均速率为号m6 题目为能力提升题，分值不计入总分。 D.若再经时间t,物体仍未落地，此时物体速度大小为8m/s 1,人类在进人空间站之前，就已经开始在地面进行微重力模拟实验工作。图甲为微重力实验室 某学校组织高中生进行体能测试。在50米跑测试中，李明从A点由静止开始做匀加速直线运 落塔，该实验装置由静止开始自由释放，随后进人减速阶段，其运动过程的图像如图乙所 示，下列说法正确的是 动，通过AB、BC,CD,DE连续四段相等的位移到达E点。已知通过E点时的瞬时速度为v。, 通过AE段的时间为t,李明可视为质点。下列说法正确的是 A李明适过AB段的时间等于号 。 减速阶段 甲 以李明通过B处时的滤度大小为， A.自由下落阶段的运动方向与减速阶段的运动方向相反 C.李明通过C处时的瞬时速度小于通过AE段的平均速度 B.自由下落阶段与减速阶段的加速度大小相等、方向相同 D.李明通过BC段和CE段所用时间之比为1·√2 C.自由下落阶段的平均速度与诚速阶段的平均速度相等 D.自由下落阶段的位移与诚速阶段的位移大小相等 二、多项选择题：本题共2小题，每小题10分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求。全部 2.“加速度的变化率”可以表示加速度随时间变化的快慢。汽车加速度的变化率越小乘客舒适 选对的得10分，选对但不全的得5分，有选错的得0分。带题目为能力提升题，分值不计入 感越好。在某段时间内有辆轿车的加速度随时间的变化关系如图所示，则 总分。 A.乘客感觉2~3s内比0~2s内更舒适 6.一辆汽车以速度。在平直的路面上行驶，某时刻司机突然发现前方有一警示牌，于是他立即 B.2~3s内轿车做变加速运动 刹车。汽车刹车后第1s内的位移大小为24m,第4s内的位移大小为1m,若将汽车刹车后 C.第3s末，轿车速度达到11m/s D.加速度变化率的单位为m'/s 的运动看作加速度大小为α的匀变速直线运动，忽略司机的反应时间和制动系统的响应时 3.运载卫星的火箭从α点开始沿着直线上升到b点，在b点星箭分离，卫星再从b点运动 间，则 到c点，运动轨迹如图中的实线所示。已知线段ab的长度为200km,线段bc的长度为 A.物体在第2.5s末的速度为8m/s 80km。下列说法正确的是 B.汽车制动的加速度大小为6m/s A.卫星从b点运动到c点，位移方向为c点的切线方向 B.卫星从a点运动到b点，位移的大小等于路程 C.汽车刹车后第2s内的位移大小为18m C.卫星从a点运动到c点，位移大小等于280km D.若司机的反应时间和制动系统的响应时间不可忽略，则第4s内的位移增大 D.卫星从4点运动到c点，路程等于280km 7.甲、乙两质点在平直轨道上同向行驶，其王t图像如图所示。已知0时刻甲 ↑7m·s甲 4,如图，1、2、3、4、5为某高架桥上五根竖直吊绳，相邻两根吊绳间距相等。两辆小汽车α、b车头 在t=0时刻分别对齐1、3绳，在两条车道上以相同初速度做匀加速直线运动，在t=t1时刻 在乙前方x。处，下列说法正确的是 4、b两车头都对齐5绳，下列分析正确的是 A.甲质点做初速度为0.4m/s、加速度为0,6m/s2的匀加速直线运动 A.a车的加速度是b车的两倍 B.a车的末速度是b车的两倍 B.若x。=0,在t=1s时刻两质点相距最远 C.a车的平均速度是b车的两倍 C.若x。=0,在t=1s时刻，两质点相週 D.a车车头对齐3绳时的速度等于a车的平均速度 D.若两质点在0时刻后能相遇两次，则x。小于0.15m 物理·周测卷（一）第1页（共4页） 物理·周测卷（一）第2页（共4页） 美版老n春 班级 如图所示为高超音速多弹头导弹攻击和反导模型。雷达在t=0时发现导弹在离地 P 9.(20分)我国首艘装有弹射系统的航母完成了“J一15”型战斗机首次起降飞行训练并获得成 1500m的高度竖直向下以不同的速率沿同一直线同时释放了6枚弹头。6枚弹头 功。已知“J-15”在跑道上加速时产生的最大加速度为5.0m/s2,起飞的最小速度为50m/s, 姓名 的落地时间差最大为6s。第一个最快的弹头甲的速度为10马赫，拦截系统在弹头 弹射系统能够使飞机获得的最大初速度为25m/s,设航母处于静止状态。 释放3s后才能竖直向上发射12马赫的拦截导弹乙，设弹头和拦截导弹在运动过程 (1)“J一15”在跑道上至少加速多长时间才能起飞？ 得分 中均只受重力作用，已知重力加速度为g=10m/s2,1马赫=340m/s,下列说法正确 1乙 (2)“J一15”在跑道上至少加速多长距离才能起飞？ 的是 (3)若航母上不装弹射系统，设航母跑道L=160m,“J一15”仍能从航母上正常起飞，则航母航 A.拦截导弹乙还没发射就会被第一个弹头击中 行速度至少为多少？ B.最慢的弹头释放时也是超音速弹头（飞行速度大于声音在空气中的传播速度） C.弹头落地之前，弹头与弹头之间的距离在增大 选择题 D.弹头落地之前，以速度最快的弹头为参考系，速度最慢的弹头的速度一直在变大 答题栏 三、非选择题：本题共3小题，共50分。 1 8.(10分)打点计时器是高中物理实验中常用的实验器材，请你完成下列有关问题： (1)如图甲、乙所示两种打点计时器，其中（填“甲”或“乙”）是电火花计时器 限位孔 水久磁铁 4 压纸杀 墨粉纸盘 振针 线圈 纸盘轴 6 ⊙账冲输出开关 复写纸 10,(20分)在平直公路上，甲车由静止匀加速启动时，司向行驶的乙车恰好以1一2m/s的速度 从其旁边匀加速驶过，加速度az=1m/s,前进的位移x1=6m时与甲车速度相同，之后保 纸带 民 振片 电插头 限位孔 持该速度匀速行驶。已知甲车达到最大速度v。=10m/s时立即制动匀诚速行驶，甲车匀加 乙 速、匀诚速运动过程的加速度大小相等。两车均可视为质点， (2)打点计时器使用 (填“交流”或“直流”)电源。 (1)求甲车的加速度大小a甲。 (3)一小车在重物牵引下拖着穿过打点计时器的纸带沿平直轨道加速运动。图丙是打出的一 (2)求甲车刚达到最大速度时，甲、乙两车之间的距离。 段纸带，图中O、A,B、C,D为计数点，相邻的两个计数点之间还有4个计时点未画出，打 (3)从甲车达到最大速度开始，到两车再次相遇需要多少时间？ 点计时器所用电源的颜率为50Hz 3.1N 6.74 (单位：cm】 10.6的 1505 图丙中相邻两个计数点之间的时间间隔= $。在打下B点时小车的瞬时速度 vB=m/5,用逐差法计算小车加速度a=m/s(计算结果保留3位有效 数字)。如果当时电网中交变电流的颜率稍有增大，从50Hz变成了52Hz,而做实验的同 学并不知道，仍按照50Hz进行数据处理，那么加速度的测量值与实际值相比」 (填“偏大”“偏小”或“不变”)。 物理·周测卷（一）第3页（共4页） 物理·周测卷（一）第4页（共4页）·物理· 参考答案及解析 昏考管桌及解析 物理（一） 1.C【解析】两阶段速度都是正的，都是向下运动，故 误。根据中间时刻的瞬时速度等于平均速度，可知 A错误。图像斜率可以表示加速度的大小与方向， 两阶段的加道度4，一六4：一品。-2做加 4-0,因为+7-L,而…号+名· 速度大小不相等、方向相反，故B错误。匀变速直线 a·(）≠2L,所以a车车头对齐3绳时的速度不 运动中，平均速度公式。=十心，可知平均速度相 可能等于a车的平均速度，故D错误。 2 5.C【解析】根据题意可知，末速度与初速度方向相 等，故C正确。图像与时间轴所围成的面积表示位 移大小，故位移大小之比为2：1，故D错误。 反，根据速度时间关系可得1=20-（一。）_3u g g 2.A【信息获取与转化】 3×2 s=0.6s,故A错误。物体的位移大小为x= 序号 文本/图像信息 隐含信息 物理关系 10 1 a-t图线的斜率 △a △t -vot+1 28z2=-2×0.6m+2×10×0.62m当 a-t图线与时间轴所围的 表示速度 0.6m,故B错误。物体向上运动的最大距离为h= 2 ∑at 面积 变化量 22 2g 一2X10m=0.2m,物体的平均速率为0= 【解析】a-t图像斜率表示加速度的变化率，即表示 加速度随时间变化的快慢，则知2~3s内加速度的 2h+x_2×0.2+0.6, 0.6 /s=号n/s,放C正确。若 变化率比0~2s内的小，乘客感觉2~3s内比0~ 再经时间t,物体仍未落地，此时物体速度大小为 2s内更舒适，故A正确。由图像知2~3s内，加速 v1=-v0+g×2t=-2m/s+10×2×0.6m/s= 度不变，故轿车做匀加速直线运动，故B错误。a-t 10m/s,故D错误。 图线与时间轴所围面积表示速度变化量，则0~3s *D【解析】设每段位移均为x,则对AE段有4x= 内速度变化量为△如=(3×5)m/s=10m/,因 a2,对AB段有x=2a,解得1/=台，故A错误。 1 初速度未知，所以第3s末，轿车速度不一定达到 1/s,故C结误，加速度变化率为名4如单位为 因vE=at=oo,则李明通过B处时的速度大小为 m/s2,△t单位为s,故加速度变化率的单位为m/s3, 0:=aX号-言，放B错误。由分析可知，B处对应 故D错误。 全程的中间时刻，可知李明通过B处时的瞬时速度等 3.B【解析】卫星从b点运动到c点，位移方向为从b 于通过AE段的平均速度，因为李明做匀加速运动，所 到c,故A错误。卫星从a点运动到b点，位移的大 以通过C处时的瞬时速度大于通过AE段的平均速 小为a到b有向线段的长度，等于路程，故B正确。 度，故C错误。根据连续相等位移所用时间的比例关 卫星从a点运动到c点，位移大小等于从a到c的直 系知，李明通过AB、BC、CD、DE段时间之比为1： 线距离，不等于280km,故C错误。卫星从a点运 (√2-1)：（√3一√2）：(2一√3)，李明通过BC段和 动到c点，路程等于从a到c的运动轨迹的长度，不 CE段所用时间之比为1：√2，故D正确。 等于280km,故D错误。 6.AD【解析】假设汽车第4s末停止运动，则第1s 4.C【解析】设相邻两根竖直吊绳间距为L,由平均速度 公试得五=0=”：=亿，。=4=6十 内、第2s内、第3s内、第4s内的位移之比为7： t= 2 5:3:1,第1s内与第4s内的位移之比为7：1，如 果汽车在第4s末未停止运动，则第1s内与第4s内 2L,可得。=20，故C正确。由上式得0十”=2， 70十06 的位移之比小于7：1，根据题意，第1s内与第4s 可得v。=2v。十vo,即a车的末速度大于b车的两 内的位移之比为24：1，说明汽车在第4s末前停止 倍，故B错误。根据加速度的定义式可知a。 运动，设汽车在第4s内的运动时间为t。,由逆向思 t 0,a-,所以a.≠2a,故A错 0。-U0_20b。 t 维，根据位移公式得1m=2a,24m=2a(,十 高三一轮复习周测卷 3y2-a,十2，解得1。=0.5sa=8m/s,汽车 (3)相邻的两个计数点之间还有4个计时点未画出， 的初速度为v=a(3s十t。)=28m/s,物体在第 相邻两计数点的时间间隔为t=5T=5× 1 2.5s末的速度为v2.5=v0-at=28m/s-8× 2.5m/s=8m/s,故A正确，B错误。汽车刹车后第 0s=0.10s。根据匀变速直线运动中间时刻的瞬 时速度等于该过程的平均速度，在打下B点时小车 2s内的位移大小x=28×2m- 2 ×8×22m 的瞬时速度B=乙c=10.69-3.18 X10-2m/s≈ (28×1-号×8X1）m=16m,放C错误。在忽略 2t 2×0.10 0.376m/s,根据逐差法可得a= BD-OB 司机的反应时间和制动系统的响应时间时，第4s内 (2t)2 只运动了0.5s,若司机的反应时间和制动系统的响 15.05-2×6.74 (2×0.1)2 ×10-2m/s2≈0.393m/s2。如果当 应时间不可忽略，则开始刹车的时间有一定的延迟， 则第4S内运动的时间变长，则第4s内运动的位移 时电网中交变电流的频率稍有增大，从50Hz变成 增大，故D正确。 了52Hz,而做实验的同学并不知道，仍按照50Hz 7.CD【解析】对甲，由匀变速直线运动的位移时间关 进行数据处理，则计算采用的频率值偏小，得到的计 系知x=0,t十2ai,整理得=w十2a,由图像 数点间的时间间隔偏大，则加速度的测量值偏小。 9.(1)5s(2)187.5m(3)10m/s 可以读出纵轴截距为0.4，斜率为0.6，代入方程可知 【解析】(1)根据匀变速直线运动的速度公式v,= 甲质点做初速度为0.4m/s、加速度为1.2m/s2的 s=5s。 匀加速直线运动，故A错误。对乙，由匀速直线运动 v。+at得t=0,-v0_50-25 a 5 的位移时间关系可知乙做速度为1m/s的匀速运 动，在t=1s时刻，甲=o0十at=1.6m/s,z= （2)根据速度位移公式--2az得工=。 2a 1m/s,两者速度不相等，不是相距最远，故B错误。 502-252 2×5 m=187.5m。 若x,=0,在1=1s时刻，x甲=+2ad2=1m, (3)设飞机起飞所用的时间为t,在时间t内航母航行 x乙=vzt=1m,两者位移相等，即相遇，故C正确 的距离为L1,航母的最小速度为1，对航母有 若两质点在0时刻后能相遇两次，第一次相遇应发生 LI=vt, 在速度相等以前，当速度相等时，v甲=vo十at1=vz, 对飞机有v=v1十at, v2-1=2a(L+L1), 解得1=0.5s,在这段时间内x1=v十a2蛋 联立并代入数据解得v1=10m/s。 0.35m,xz1=zt1=0.5m,要想相遇两次，x0< 10.(1)2m/s2(2)7m(3)8s x乙1一x甲1=0.15m,故D正确。 【解析】(1)设乙车匀速运动的速度为，加速经历 ￥AC【解析】假设第一个弹头向下做匀速运动，时间 的时间为t1,对乙车，由运动学公式有v2一？= 为3s,则运动的距离为x1=10×340×3m= 2azx1,w1十azt1=v, 10200m,由于高度只有1500m,弹头实际上在做匀 对甲车，有v=a甲t1, 加速直线运动，则第一个弹头下落到地面的时间小于 联立解得a甲=2m/s2。 3s,可知，拦截导弹乙还没发射就会被第一个弹头击 (2)设甲车从开始到达到最大速度所用的时间为t2, 中，故A正确。由于6枚弹头的落地时间差为6s,则 1 最慢的弹头至少飞行6s,如果初速度达到340m/s, 则vm=a甲t红x甲=2a甲号，xz=x1十(t,一ti), 假设其做匀速直线运动，则下落高度至少为x2= 甲车达到最大速度时，甲，乙两车之间的距离为 340×6m=2040m,而高度只有1500m,所以最慢 △x=x甲一x乙， 的弹头的初速度肯定小于音速，即最慢的弹头释放时 解得△x=7m。 不是超音速弹头，故B错误。弹头仅受重力作用，加 (3)设甲车减速所用的时间为t3,则0=vm一a甲t3, 速度均为重力加速度，则弹头相对另一弹头做匀速直 线运动，所以弹头与弹头之间的距离随时间均匀增 甲车减速过程行驶的位移x-0 -2a甲 加，故C正确。结合上述可知，弹头相对弹头做匀速 该过程乙车的位移x乙=tg, 直线运动，则弹头落地之前，以速度最快的弹头为参 计算可知xz<△x十x甲， 考系，速度最慢的弹头的速度不变，故D错误。 那么，甲车静止后，乙车再经t4追上甲车，即△x十 8.(1)甲(2)交流(3)0.100.3760.393偏小 x甲一x乙=t4, 【解析】(1)甲图采用的是脉冲输出开关，因此甲是 从甲车达到最大速度开始，到两车再次相遇需要时 电火花计时器。 间t5=t3十t4, (2)打点计时器使用的是交流电源。 解得t5=8s。 ·2·