周测卷(十一) 机械能(二)-【鱼跃龙门卷】2025-2026学年高三物理一轮复习周测卷（新教材版·江苏专用）

·物理· 参考答案及解析 物理（十一） 确，D错误。 1,B【解析】小球从A到B运动的过程中重力势能减 5.D【解析】由图可知，在AB段汽车牵引力不变，根据 少，动能增大，A错误，B正确。由于斜面光滑，则小 球机械能守恒，小球从A到B,从B到C,从C到D 牛顿第二定律有F1mg=ma,解得a=2.5m/S,可 运动的过程中动能和势能的总和都不变，C错误。由 知汽车在AB段做匀加速直线运动，汽车在BC段牵 题图可知，虽然两斜面的倾角不同，但小球在两个斜 引力逐渐减小，做加速度减小的加速运动，故汽车启 面上能够达到的最大高度相等，在斜面上运动的最 动后先做匀加速直线运动，后做加速度减小的加速运 大距离不等，D错误。 动，直到速度达到最大，故A、B错误。t1=6s时汽车 2.C【解析】飞机匀速率飞行，在a、c两点速度方向不 的速度为v1=at1=15m/s,汽车额定功率为P= 一样，速度的竖直分量不一样，重力功率不相等，故A F01=10×103×15W=1.5×105W,汽车达到的最大 错误。飞机匀速率飞行，在各点的加速度方向指向 曲率圆的圆心，故B错误。由图知a点的曲率半径 速度大小为vm= P_P1.5×10 f=1 1 m/s= 4mg 4×2000X10 大于c点的曲率半径，对飞机受力分析得F=mR, 30m/s,故C错误。汽车做匀加速直线运动的位移为 故在a点所受的合力小于在c点所受的合力，故C 正确。飞机在a、b、c三点的动能相等，a、c为飞行过 2at=45m,以额定功率加速到速度最大过程 程中距离地面高度相等的两点，但b与a、c的高度不 1 1 一样，故机械能a、c两点相等，但与b点不相等，故D 中，根据动能定理有P(,一t1)-4mgx,=2mw品 错误。 3.A【解析】若当A到达最低点时速度为0，则A减 2moi,解得x2=105m,汽车通过的距离为c 少的重力势能等于B增加的重力势能，只有A与B x1十x2=150m,故D正确。 的质量相等时才会这样，又因A、B质量不等，所以 【归纳总结】 A球到达最低点时速度不为零，故A错误。因为系 机车启动问题 统机械能守恒，即A、B两球的机械能总量保持不 以恒定功率启动 先以恒定加速度启动 变，故A球机械能的减少量等于B球机械能的增加 P P 量，故B正确。因为B球质量小于A球，故B上升 P上 高度h时增加的势能小于A球减少的势能，故当A 两种 球到达最低点时，仍具有一定的速度，即B球继续升 启动 高，故C正确。因为不计一切阻力，系统机械能守 方式 U个 恒，故当支架从左到右回摆时，A球一定能回到起始 “XA 高度，故D正确。 4.C【解析】设B与地面间的动摩擦因数为，A、B 07 之间的最大摩擦力为fm,B与地面之间的最大摩擦力 关键 P=F牵v,F牵一F阻=ma, 为，由于最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则∫m= P 关系式 m一F ,Pt一F阻x=△Ek(以额定功率加速时) 4mg>fm=μ·2mg=2μmg,可知当F增大到Fo, A开始运动时，B也和A一起滑动，则F。=∫= 6.D【信息获取与转化】 2umg,当A、B发生相对滑动时，A、B之间的摩擦力 序号 文本/图像信息 隐含信息 达到最大静摩擦力，由整体隔离法得F一fm=ma, 弹簧处于原长且轻 F一fm=2ma,联立解得F=3F。,故A、B错误。自 弹簧形变量为0 绳刚好伸直 x=0至x=x。过程中，A、B没有发生相对滑动，对 物块恰好未离开 整体由动能定理得2F。十F。 1 轻绳拉力等于物块重力 地面 2 ·x0-f'mx0=2 2mw,对A由动能定理得-W。十2F十F 对应加速度为0时刻，并不 ·x0= 小球的最大速度为w 2 是在最低点 2mw,联立解得W。=5F,x, 1 Foxo 弹簧形变量最大，即小球运 4,=√2m ,故C正 弹性势能的最大值 动到最低点时 ·23· 高三一轮复习周测卷 ·新教材版J· 【解析】根据题意，设PQ的距离为x,小球从P到Q 产生的热量Q=·Ar=f:-x)=f1=2m, 过程中，由动能定理有ngxsin30°2ex2=0,此 即每个货箱与传送带之间因摩擦产生的热量均等于货 时，物块恰好未离开地面，有x=Mg,解得M=m, 箱获得的动能，B错误。全程对货箱根据动能定理得 x=Mg=mg,故A错误。弹簧弹性势能的最大值 1 1 及 W;一mgh=2mu,解得W:=mgh十2mo,C错误。 2x2-=mg)2 为E。= 2,故B错误。由上述分析可 电动机做功转化为货箱的机械能和摩擦产生的热量，有 1 知，若物块的质量为当弹资弹力等于g时，物 W电 N(mgh+2mu+Q) P= N(mgh+mv2) T T 块恰好未离开地面，离开之后，对物块和小球整体， D正确。 由牛顿第二定律有分mg-mg=(m+%)a,解得 *C【解析】根据v2=2ax可知a-x图像围成的面积 1 α=5g,整体做加速运动，小球的速度一定会超过 表示号：由图可知，当滑块运动到，位置时，滑块的 加速度为零，速度最大，设为vm,从x3到x2过程，动 ,故C错误。由题意可知，开始阶段，当小球所受合 力为0时，速度最大为v,有k△x1=mg sin30°= 能的变化量为△正.-2m心2-0，从，到过程，动 ”g,者物块的质量为则当弹资弹力等于分5 1 1 能的变化量为△Et-0-m,联立可得△E,一 时，物块恰好未离开地面，可知此时小球的速度为， 1 物块离开地面后，物块和小球的整体所受合外力为 222,20—12a3(3—℃2>，A七k—0272— 0,当小球和物块速度大小第一次相等时，弹簧形变 2ma1(x2-x1),滑块从A到B过程，动能的变化 量最大，弹性势能最大，有一Ft=mw1一mw;Ft= 1。 2m01,解得u1二号，故D正确。 量为零，有△E十△E1=0,可得2ma,(x-x) 7.B【解析】假设小物块与长木板相对滑动，小物块刚 1 ma1(x?一x1)=0,又根据a-x图像的斜率绝对值大 释放时的加速度是a1,长木板的加速度是a2,根据牛 顿第二定律得qE-umg=ma1mg=Ma2,代入数 小为a1一=，，联立解得a1=a3,故A错误。 据得a1=5m/s2,a2=0.5m/s2,a1>a2,所以假设 成立，故A错误。设小物块从长木板的左端滑到右 由A项分析，最大动能为E。=司m=号：(a, 箱的时间为，则宁41g-子a,=L,代入数据得 x2),故C正确。当弹簧长度为x时，根据牛顿第二定 t=2s,故B正确。小物块从长木板的左端滑到右端 律有-k(x-l)+mg=ma,解得mg=ma+ k(x-lo),当x=0时加速度为a=ao,可得mg= 1 的过程中小物块的位移为x1=2a1t=10m,小物 a,一L,解得4-m一，系统产生的热量为Q 块从长木板的左端滑到右端，电场力对小物块做功 mg W1=qEx1=60J,故电势能减少60J,C错误。长木 umg·(x3一x1)=(ma-lo)(x3-x1),故B、D错误。 8.(1)220V交流电源、刻度尺(2)不可以，存在摩擦 板的位移，=4，=1，小物块从长木板的左端 力，摩擦力做功，系统机械能不守恒(3)1.750 滑到右端的过程中摩擦力对长木板做的功W2= umgx2=1J,D错误。 (是) 2m1g D【解析】货箱在CD段运动过程中动能不变，重力 【解析】(1)方案1验证机械能守恒即验证mgh一 势能增大，机械能增大，A错误。货箱在AB段能和 名m2或m8h=mo名m,质量可以约去敢 1 传送带共速，货箱在摩擦力的作用下做匀加速运动， 不需要天平，电火花计时器用220V交流电源，测量 设货箱的位移为x1,加速度为a,有x1三at5,0□ 下落高度需用到刻度尺。 (2)方案2不可行，该装置中只是平衡了摩擦力，但是 a。,解得工1一2t,在这段时间内，传送带的位移x: 系统仍要克服摩擦阻力做功，机械能不守恒，也就无 =t。,由此可知x2=2x1,传送带的摩擦力对货箱所做 法验证系统的机械能守恒。 (3)遮光条越窄误差越小，故应选择遮光条a,它的宽 的功W=f红1=2mw,每个货箱与传送带之间因摩擦 度为d=1.5mm+0.01mm×25.0=1.750mm。 ·24· ·物理· 参考答案及解析 若机械能守恒成立，有m8l=2(m:十m,)( ) 则小物块下落的高度为h=4R(1一sinB),联立可得 整理有l= m1十m2 d2 3 △。 4R 10.1)3 (2)1.9s(3)46J 9.(1)9mg (2)6R (3) 【解析】(1)由图乙知，货物沿传送带向上运动51= 【信息获取与转化】 0.8m后，与传送带保持相对静止，根据功能关系有 序号 文本/图像信息 隐含信息 物理关系 μng cos0·s1=△E1,可得货物与传送带间的动摩 小物块恰好能 类比杆模型的圆 √3 1 运动到E点 =0 周运动临界条件 擦因数为μ=2· (2)货物沿传送带向上运动51=0.8m时，与传送带 仅由重力的分力 mgsin B= 2 与轨道脱离 2 提供向心力 m 4R 保持相对静止，此时有E,=mgs1sin0十2mo2一 【解析】（1)小物块恰好能运动到E点，可知在E点 12J, 时的速度为零，则由C到E由机械能守恒定律有 解得传送带速度为v=2m/s, 2m0忌=mgX4R,在C点时，根据牛顿第二定律，有 设货物加速过程所用时间为t1,根据运动学公式可 得5= 21,解得t1=0.8s, Fc-mg=mR,解得Fc=9mg, 设A点到B点的距离为L,货物在B点时，有E2= 由牛顿第三定律得，小物块在C点对轨道的压力大 小为9mg。 mgLsin 0+1 2m02=34J,解得L=3m, (2)从释放到运动到C点的过程由动能定理有mgh一 h 1 L一s1=1.1s, 则货物匀速阶段所用时间为t,=一。 mg cos8· sin 0=2mvt, 货物从下端A点运动到上端B点的时间为t=t1十 解得小物块从倾斜轨道释放点到水平面的高度为 t2=1.9s。 h=6R。 (3)货物与传送带在共速前，发生的相对位移为△x= (3)设脱离轨道位置与C点连线与水平方向夹角为 x传一s1=t1一s1=0.8m,因摩擦产生的热量为 v2 g,根据牛顿第二定律，有mg sin B=m4R' Q=umg cos0·△x=12J,根据能量守恒可知传送 带输送机因运送该货物而多消耗的电能为E。= 由机械能守恒有mg×4R(1-sinβ)= 2mo,解得 1 Q+mgLsin0+2m2=46J。 sin =3' 2 物理（十二） 1.C【解析】由于物体受恒力，根据牛顿第二定律，加速 gh 度一直不变，选项A、B错误。由于Ek=Ew一F阻x, 2mo,解得速度大小v一√0s9h,故D正确。 可知动能与运动距离是一次函数；又有x=t一 3.A【解析】轮轴的轴与轮的半径之比为1：2，根据同 Q,可知动能与时间是二次函数，故C正确， 1 轴转动角速度相等，结合o=rw,可知重物上升的速度 vB=2.5m/s,则重物重力的功率为PB=mgvg= D错误。 2500W,故A正确，B错误。A的速度与B的速度 2.D【解析】根据受力平衡可得水平外力F的大小为 之比为2：1，则当A收回20m时，B上升了h= F=0.5 ng sin0,故A错误。滑块a从C向P运动 10m,钢绳B的拉力等于B的重力，则钢绳B对重 的过程中，b向下先加速后减速，a到P点时b的速 物做的功Wg=mgh=10000J,故C、D错误。 度减小到0，a的速度增加到最大，所以b的机械能4.D【解析】当小物块速度为零时，其所受弹力满足 一直减小，b先处于失重状态后处于超重状态，故B、 C错误。滑块a从C运动到P点的过程中，b减少的 F=kx≤mg,弹簧的形变量清足x<,可知 重力势能转化为a的动能，有0.5g(0A) 小物块最终停止的位置不一定在O点，故A错误。 ·25·司 美版老n春 5.某新能源汽车生产厂家在平直公路上测试汽车性能，t=0时刻驾驶汽车由静止启动，1=6s 2025一2026学年度高三一轮复习周测卷（十一） 时汽车达到额定功率，2=14s时汽车速度达到最大，如图是车载电脑生成的汽车牵引力F 物理·机械能（二） 随速率倒数。变化的关系图像。已知汽车和司机的总质量m=2000kg,所受阻力与总重力 (考试时间40分钟，总分100分) 的比值恒为，重力加速度g=10m/s,下列说法正确的是 +F×I0N 一、单项选择题：本题共7小题，每小题7分，共49分。每小题只有一个选项符合题目要求。带“ A.汽车启动后做匀加速直线运动，直到速度达到最大 B.汽车在BC段做匀加速直线运动，在AB段做匀速运动 题目为能力提升题，分值不计入总分。 C.汽车达到的最大速度大小为15m/s 1.在如图所示的伽利路斜面实验中（斜面光滑），以下说法正确的是 D.从启动到速度达到最大过程中汽车通过的距离为150m Ism) A.小球从A到B运动的过程中动能保持不变 6.倾角=30的光滑斜面固定在水平桌面上，轻质滑轮固定在足够长的斜面顶端，小球和物块 B.小球从A到B运动的过程中势能减少 用轻绳及轻弹簧连接在滑轮的两侧，小球的质量为m、物块的质量为M。小球在斜面上P处 C.小球只在从B到C运动的过程中动能和势能的总和不变 mi.pmn 时，弹簧处于原长且轻绳刚好伸直，由静止释放小球，小球从P运动至最低点Q时，物块恰好 D.小球在斜面CD上运动的最大距离等于在斜面AB上运动的最大距离 未离开地面，此过程中小球的最大速度为0。已知弹簧的弹性势能表达式E。=2kx°，其中飞 2.2024珠海航空展上，飞行员驾驶飞机短时沿实线轨迹在竖直面内匀速率飞行，如图所示，a、b、 为动度系数，x为形变量，重力加速度为g,则 c为飞行轨迹上的三点，a、c为飞行过程中距离地面高度相等的两点，关于飞机，下列说法正 A.M=0.5m 确的是 41 A.在a、,c两点的重力功率相等 B弹簧弹性势能的最大值为mg)' k B.在各点的加速度方向均竖直向下 C.在a点所受的合力小于c点 C若物块的质量为以，则小球的速度不会超过。 D.在a,b,c三点的机械能相等 D。若物块的质量为兰，则弹簧弹性势能最大时小球的速度为 3.如图所示，长度相同的三根轻杆构成一个正三角形支架，在A处固定质量为2m的小球，B处 7.如图所示，光滑足够长水平面上方空间有水平向右的匀强电场，长度L=9m、质量M-2.0k3 固定质量为m的小球。支架悬挂在O点，可绕过O点并与支架所在平面相垂直的固定轴转 的绝缘长木板放在水平面上，从长木板的左端静止释放一质量为m=1.0kg、电荷量为q= 动。开始时OB与地面相垂直。放手后开始运动，在不计任何阻力的情况下，心 十2.0×10‘C的小物块（可视为质点）。已知小物块与长木板之间的动摩擦因数4=0.1，电 下列说法错误的是 场强度E=3.0×10V/m,重力加速度g=10m/s,不计空气阻力，下列说法正确的是 A,A球到达最低点时速度为零 A.小物块刚释放时的加速度大小是6m/s2 B.A球机械能减少量等于B球机械能增加量 B.小物块从长木板的左端滑到右端的时间是2s 77777 C.B球向左摆动所能达到的最高位置高于A球开始运动时的高度 C.小物块从长木板的左端滑到右端的过程电势能减少30J D.当支架从左向右回摆时，A球一定能回到起始高度 D.小物块从长木板的左端滑到右端的过程摩擦力对长木板做的功是10J 如图所示为工厂使用传送带运送货物的装置示意图，其中传送带AB段是水平的，BC段为一小 4.如图所示，滑块A和足够长的木板B叠放在水平地面上，A和B间的动摩擦因数是B和地面 段圆弧（圆弧由光滑模板形成），CD段是倾斜的，AB和CD都与BC相切。机器人将大量质量均 间的动摩擦因数的4倍，A和B的质量均为m,现对A施加一水平向右逐渐增大的力F,当 为m的小货箱一个一个在A处放到传送带上（放置时初速度均为零），经传送带运送到D处，D F增大到F。时A开始运动，之后力F按图乙所示的规律继续增大，图乙中的x为A运动的 和A的高度差为h。已知传送带速度为v,货箱和传送带之间的动摩擦因数为4，货箱在AB段 位移，已知最大静摩擦力等于滑动摩藤力。对A,B的运动过程，以下说法正确的是 能和传送带共速，此后再无相对运动。当前一个货箱与传送带共速后，机器人再放置下一个货 A.当F>2F。时，木块A和木板B开始相对滑动 箱。在一段相当长的时间T内，共运送小货箱的数目为N个。重力加速度为g。下列说法正 B.当F>F。时，木块A和木板B开始相对滑动 确的是 C.自x=0至x=x。的过程中木板B对A做功大小 A.货箱在CD段运动过程中机械能守恒 为5F, B.每个货箱与传送带之间因摩擦产生的热量均小于货箱获得 的动能 口▣。。 C.摩擦力对每个货箱做功为mgh+mu ⊙ D.当x=x。时，木板B的速度大小为 2Foxo 1 D.传送带电动机的平均功率为Y(mg十mu T 物理·周测卷（十一】第1页（共4页） 物理·周测卷（十一）第2页（共4页） 新教材版」 美版老小 班级 如图甲所示，在表面粗糙的L形水平固定轨道上，将轻弹簧一端固定在轨道左侧的O点，另 9.(20分)如图所示，AB是一个倾角为0=37的足够长倾斜轨道，在B处与水平面平潜连接， 端与装有加速度传感器和位移传感器的滑块相连，弹簧原长为。、劲度系数为k,滑块总质量为 CDE是由两个半径为R的半圆管组成的“S”形轨道，EFG是以C为圆心的四分之一圆弧面。 m。以O为坐标原点、水平向右为正方向建立Ox轴，将滑块拉至坐标为x,的A点由静止释 从AB某位置由静止释放一个质量为m的小物块，小物块恰好能运动到E点。已知小物块和 姓名 放，滑块向左最远运动到坐标为x,的B点，测得滑块加速度α随坐标x变化的关系图像如图 倾斜轨道间的动摩擦因数为0.25，其余部分摩擦不计，不计连接处的能量损失，si37°=0.6， 乙所示，其中a。为图线的纵截距。弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为：。滑块由A运 cos37°=0.8，重力加速度为g。 得分 动至B的过程中，下列说法正确的是 (1)求小物块在C点对轨道的压力大小： A.a,可能大于a1 a (2)求小物块在倾斜轨道上的释放点到水平面的高度， B.滑块与轨道间的动摩擦因数4=m1一 (3)若小物块停在E点后给小物块一个微小扰动（视为从静止出 mg 发)使其向右运动，小物块在下滑高度为多少时与轨道脱离？ C.滑块的最大动能Em=2ma,x1一x2) B 选择题 D.该过程因摩擦产生的热量Q一(ma1一kl。)·(x1一x:) 答题栏 二、非选择题：本题共3小题，共51分。 1 8.(11分)实验小组的同学们在做“验证机械能守恒定律”实验时，设计了多种方案，实验装置如 图甲所示。 细绳 木块接电 数字计时器光电门 10.(20分)传送带运输经常应用于分拣货物中。如图甲为传送带输送机简化模型图，传送带输 带滑轮的长木板 送机倾角0=30°，顺时针匀速转动，在传送带下端A点无初速度放入货物。货物从下端A 点运动到上端B点的过程中，其机械能E与位移；的关系图像（以A位置所在水平面为零势 方案1 方案2 方案 能面)如图乙所示。货物视为质点，其质量m=2kg,重力加速度g=10m/s2。求： 甲 (1)货物与传送带间的动摩擦因数4： ↑E (1)设计方案1的同学，除了图中所示器材，还必须选取的有 (2)货物从下端A点运动到上端B点的时间1： (从“天平”“0一12V交流电源”“220V交流电源”或“刻度尺”中选择)。 (3)传送带输送机因运送该货物而多消耗的电 (2)关于方案2，设计方案的同学认为实验时需要先平衡摩擦力再进行实险才可以验证系统机 能Ea。 08 械能守恒，但是其他同学觉得并不可行，你觉得该方案是否可以验证系统机械能守恒，若 觉得可以请说明需要测量的物理量，若觉得不可以请给出理由： (3)进行方案3的实验时，有两个规格的遮光条可供选择，用螺旋测微器测量它们的宽度，其示 数如图乙所示，则应选择的遮光条的宽度为d= mm:数字计时器测得遮光条通 过光电门的时间为△，托盘和砝码总质量为m1,滑块与遮光条总质量为m3,则在实验误 差允许范围内，滑块静止释放的位置到光电门的距离1■ (已知重力加速度为g, 用题目中给出的物理量符号表示)，即可认为机械能守恒」 遮光条a 遮光杀 新教材版】 物理·周测卷（十一】第3页（共4页） 物理·周测卷（十一）第4页（共4页】