四川省阆中中学校2025-2026学年高二上学期11月期中物理试题

阆中中学校2025年秋高2024级期中学习质量检测 物理试题 (考试时间：75分钟满分：100分命题教师：李林昌审题教师：杜纵秋) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名和座位号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题 卡上。写在本试卷上无效。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中， 只有一项是最符合题目要求的) 1.如图，光滑水平地面上有一小车，一根细绳将车厢挡板与滑块相连，中间压缩一根 弹簧，弹簧与车厢、滑块都相连，滑块与车厢的水平底板间有摩擦，剪断细绳后的 过程中() A.弹簧、滑块组成的系统动量守恒，机械能守恒 000000 B.弹簧、滑块组成的系统动量不守恒，机械能不守恒 C.弹簧、滑块、小车组成的系统动量守恒，机械能守恒mhmm D.弹簧、滑块、小车组成的系统动量不守恒，机械能不守恒 2. 如图所示，磁感应强度为B的匀强磁场中，有一个与磁感线 垂直的矩形线框，面积为S,设图示位置穿过线框的磁通量 为正值。则线框从图示位置开始，以线框右边为轴，逆时 ××× × 针（俯视）旋转180°，此过程磁通量的变化量为() × A.0 B.BS ××× C.2BS D.-2BS 3.如图所示，矩形线圈abcd位于通电长直导线附近，线圈与导线在同一平面内，线圈 的αb边与导线平行。那么下列操作中，线圈中没有感应电流的是( A.通电导线电流变大 B.线圈水平向右移动 C.线圈平行长直导线向上运动 D.以ab为轴转动线圈 4.在如图所示的电路中，R、R2均为定值电阻。当滑动变阻器R的滑动触头缓慢向上 滑动时，下列说法正确的是（) A.A灯变亮 B.B灯变暗 C.电源的输出功率一定增大D.电源的效率一定减小 5.如图所示，电源电动势E=10V,内阻r=12,电容器的电容 C=40uF,电阻R=52,R,=R=82,电压表为理想电压表。接通电键S,待电 路稳定后，下列说法正确的是() 第1页共4页 A.电压表示数大小为4V B.电压表示数大小为5V C.电容器所带的电荷量为1.6×104C R3 D.电容器所带的电荷量为2×104C 6.如图所示，一根长为L、横截面积为S的金属棒，在棒两端加上恒定电压U时，棒 内产生电流。已知金属棒的电阻率为P,金属棒单位 长度内的自由电子数为n,电子的电荷量为e,则电 b日 子定向运动的平均速率为() UL A. neps B. UL US US neps2 C. D.- nepl epl2 7.如图所示，在竖直平面内正方形abcd的四个顶点，分别固定有电流方向垂直纸面向 外的水平长直导线，电流大小之比为1：2：3：4，O为正方形的中点。己知a处电 流在O点产生磁场的磁感应强度大小为B,长直导线在某处产生的磁感应强度大小 与导线中电流成正比。关于O点的磁场，下列判断正确的是() A.磁感应强度大小为2√2B。,方向平行ab向右 B.磁感应强度大小为2W2B。,方向平行ba向左 C.磁感应强度大小为4B,方向平行ab向右 0 D.磁感应强度大小为4B。,方向平行ba向左 do..----..- 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 8.在如图所示的电路中，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，电表A、V、 V2、V的示数分别用I、U、U,和U3表示，其示数变化量的绝对值分别用△1、△U、 △U,和△U,表示。所有电表均视为理想电表，下列说法正确的是( A.I增大，U2增大 B.△U1>△U) C号变大，不变D.兰不变 △U不变 △M 9.一质量为1kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线 运动。F随时间t变化的图线如图所示，则( FN A.t=ls时物块的速率为lm/s B.t=2s时物块的动量大小为4kgm/s C.t=3s时物块的速率为5m/s 1234s D.t=4s时物块的动量大小为2kgm/s 10.某同学设计了如图所示的电路进行电表的改装，已知电流表A的量程为500mA,内 阻R=0.42,其中R=RA,R2=5RA,下列说法正确的是( ) A A.若将接线柱1、2接入电路时，可以测量的最大电流为1.0A B.若将接线柱1、2接入电路时，可以测量的最大电流为0.5A C.若将接线柱1、3接入电路时，可以测量的最大电压为2.2V D.若将接线柱1、3接入电路时，可以测量的最大电压为1.2V 第2页共4页 三、非选择题（本题共5小题，共54分。其中第13~15小题解答时请写出必要的文字 说明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位) 11.(7分)在“测定金属的电阻率”的实验中，所用测量仪器均已校准。电路图如图所示。 已知待测金属丝的电阻值Rx约为52，在测电阻时，可供选择的器材有： 电源E:输出电压约为3V 电流表A1:量程00.6A,内阻约0.1252 电流表A2:量程0-3A,内阻约0.0252 电压表V1:量程0~3V,内阻约3k2 电压表V2:量程0~15V,内阻约15k2 滑动变阻器R1:最大阻值52，允许最大电流2A 滑动变阻器R2:最大阻值10002，最大电流0.6A 开关一个，导线若干。 (1)在上述器材中，应该选用的电流表是 应该选用的电 压表是 。若想尽量多测几组数据，应该选用的滑动变阻 器是 (填写仪器的字母代号)。 (2)该同学用螺旋测微器测金属丝的直径如图所示，则螺旋测微 器的示数 mm. (3)正确连接实验电路进行测量，若测得电流表的示数为I、电压表的示数为U、金 属丝的长度为L,则金属丝电阻率的测量值为 (用L、d、U、I表示)。 12.(9分)利用电流表（量程0.6A,内阻约为0.12）和电压表（量程3V,内阻约为5k2) 测定一节干电池的电动势和内阻（约为12），要求尽量减小实验误差。 个V 1.5 0.9 A ,出出 0.760.080.160.240.327A 分 乙 (1)应该选择的实验电路是 (选填甲”或“乙”)。 (2)处理实验中的数据得到如图丙所画图线，由此可得出干电池的电动势E=V, 内阻=2（结果都保留3位有效数字） (3)利用该方案测出的电动势E测和内阻r测与真实值E真和r相比，E E真' r郑」 r真（均选填“>6<”或=”） 13.(10分)如图所示，电动机M的线圈电阻r=22,定值电阻R=242,电源电动势E=40V, 断开开关S,理想电流表的示数I=1.6A;闭合开关S,理想电流表的示数I2=4.0A, 求： (1)电源内阻： (2)闭合开关S后，电动机的输出功率P出 第3页共4页 14.(12分)一篮球质量为m=0.60kg,一运动员使其从距地面高度为h,=1.8m处由静 止自由落下，反弹高度为h2=0.8m,篮球与地面的接触时间t=0.20s。重力加速度 大小取g=10m/s2,不计空气阻力。求： (I)由静止下落到反弹达到最高点，重力的冲量大小； (2)地面对篮球的平均作用力的大小。 15.(16分)如图所示，光滑轨道abcd固定在竖直平面内，ab水平，bcd为半圆，圆弧 轨道的半径R=0.32m,在b处与ab相切。在直轨道ab上放着质量分别为m=2kg、 m=1kg的物块A、B(均可视为质点)，用轻质细绳将A、B连接在一起，且A、 B间夹着一根被压缩的轻质弹簧（未被拴接）。轨道左侧紧靠α点的光滑水平地面 上停着一质量为M-2kg的小车。小车上表面与水平面ab等高，车上有一根轻弹簧Q。 弹簧Q的左端固定在小车上，弹簧原长时右端在小车上e点正上方，小车上表面e 点右侧与右端点f之间是粗糙的，e点左侧是光滑的，物块A与e、f两点之间小车 上表面间的动摩擦因数u=O.2。现将细绳剪断，与弹簧分开之后A向左滑上小车，B 向右滑动且恰好能冲到圆弧轨道的最高点处。重力加速度g取10ms2。求： 0 0m A MA B e t a 71177777777777777777777777 (1)物块B运动到最低点b时对轨道的压力大小： (2)细绳剪断之前弹簧的弹性势能： (3)要保证物块A既能挤压弹簧Q又最终没有滑离小车，则小车上大、两点之间的距 离L的取值范围。 第4页共4页 阆中中学校2025年秋高2024级期中学习质量检测 物理参考答案 题号 2 3 4 5 6 6 9 10 答案 B D C D A C B CD BD AC 12.(1)A RI (2)0.600 3)ta2 4IL 13.(1)甲 (2)1.452.50 (3)< 14.(1)12 (2)77.5W 解：(1)根据E=I(R+) 可得电源内阻r=三-R=(40 24)2=12 1.6 (2)路端电压为U=E-I,r=(40-4×1)V=36V 通过电阻R的电流1，--36A=15A R24 电动机的电流M=2-R=2.5A 电动机的输入功率P=UL=36×2.5W=90W 输出功率P=P-I2=(90-2.52×2)W=77.5W 15.(1)1=7.2Ns (2)F=36N 解，《D自由下落过稻，由内方戏 得t=0.6s 反弹到最高点过程，由么=8就 得52=0.4s 则整个过程重力作用的总时间为T=t1+t2+t=1.2s 重力的冲量I=mgT=0.60×10×1.2Ns=7.2N·s。 (2)篮球触地前的速度，根据动能定理mgh=2m 得y=6m/s 篮球触地后反弹的速度，根据动能定理mgh2= 得2=4m/s 设竖直向上为正方向，动量变化量△p=mv2-m(-y,)=6kgm/s 答案第1页，共2页 与地面接触过程，根据动量定理Ft-gt=m%2-m(-y) 得F=36N 16.(1)60N(2)12J(3)0.25m≤L<0.5m 解：(1)对B分析，在轨道最高点由牛顿第二定律可得m8=m尺 从b到d由动能定理可得-m32R=my2-)my月 解得y.=4m/s 在b点由牛顿第二定律可得F、-m8=m,R 联立以上方程可得F=6ON 由牛顿第三定律可知物块对轨道的压力F'=60N (2)细绳剪断之后，由动量守恒定律可得ma'a=mg'g 其中vg=V6,可得va=2ms 1 由能量守恒可得E,=2m,以+2m哈 联立以上方程可得E。=12J (3)因为滑块A最终没有离开小车，所以滑块和小车具有共同的末速度，设为，由题 意可知滑块与小车组成的系统动量守恒，则有ma'a=(m+M)v解得=lm/s 若小车尼之间的距离L足够大，则滑块还没与弹簧接触就己经与小车相对静止。设滑块 恰好滑到e点，由能量守恒定律得m,84-方m,片-m,+M)心 联立解得L=0.5m 若小车fe之间的距离L不是很大，则滑块必然挤压弹簧，由于点左侧小车表面是光滑 的，滑块必然被弹回到之间，设滑块给好回到小车的右端f点处，由能量守恒定律得 2m,84,-m,-m,+M)2联立解得L0.25m 综上所述，要使滑块既能挤压弹簧，又最终没有离开小车，f之间的距离L应满足的范 围是0.25m≤L<0.5mo 答案第2页，共2页