辽宁省鞍山市海城市育才学校2025-2026学年高二上学期11月期中物理试题

高二物理B参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B D C C A C AD CD BC 1．A 【详解】A．导体的电阻率不仅与导体的材料有关，而且随温度的变化而变化，故A正确； BC．公式是电阻的定义式，属于比值定义法，适用于测量纯电阻电路，电动机类不适用，电阻R的大小与电压U不成正比，故BC错误； D．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，其大小与导体中有无电流通过无关，故D错误。 故选A。 2．B 【详解】A．S断开时，R1与R2串联，两端电压之比为 A错误； B．S闭合时，R1与R2两端的电压之比为 B正确； C．S闭合时，通过R2与R3的电流之比为1：1，C错误； D．S闭合时，通过R1与R2的功率之比为 解得 D错误。 故选B。 3．D 【详解】A．根据 可知充电宝输出的电流 A错误； B．手机电池不是纯电阻电路，不能用欧姆定律计算内阻，B错误； CD．充电宝减少的电能为 由于手机电池存在内阻，一部分能量转化为内能，另一部分转化为化学能，因此手机电池增加的化学能小于1800J，C错误，D正确。 故选D。 4．C 【详解】A．仅向右移动的滑片，电容器两端电压不变，故A错误； B．仅向左移动的滑片，连入电路的电阻减小，整个回路总电阻减小，干路电流增大，并联电路电压减小，故流过R1、R2支路电流减小，所以电压表示数减小，故B错误； C．电压表示数为U，则，故 可知为定值，故C正确； D．仅向右移动的滑片，连入电路的电阻增大，整个回路总电阻增大，干路电流I减小，由于电源可以忽略，故电源的输出功率减小，故D错误。 故选C。 5．C 【详解】AB．四条导线中的电流大小相等，且到O点的距离相等，故四条通电导线在O点产生的磁感应强度大小相等，均为B。根据安培定则可知，四条导线中在O点产生的磁感应强度方向，如图所示。 由图可知，Bb与Bc相互抵消，Ba与Bd合成，根据平行四边形定则可知，O点的磁感应强度方向由O指向c其大小为2B，故AB错误； CD．移走d点的导线，其它三条导线在O点的磁感应强度不变，则O点磁感应强度变为B，故C正确、D错误。 故选C。 6．A 【详解】AB．由法拉第电动机模型可知水银在安培力的作用下转动起来，由左手定则可知若a接正极、b接负极，水银将顺时针旋转，所以A正确；B错误； C．若仅将磁场反向，水银的旋转方向将会改变，因为安培力的方向与磁场的方向有关，所以C错误； D．若把锅中的水银换成盐水则也会旋转，因为盐水也能导电，也相当于通电导线在磁场中会受到安培力作用，所以D错误； 故选A。 7．C 【详解】A．出射点分布在四分之一圆周SP上，根据左手定则知，粒子带正电，故A错误； B．根据题意可知从P点射出的粒子在磁场中的运动轨迹为半圆，其直径是最长的弦，轨迹半径为 根据 得 故B错误； C．从P点射出的粒子在磁场中运动的时间为 故C正确； D．若入射粒子的速率为2v，分析可知粒子在磁场中运动的轨迹半径为，大于磁场圆半径，故出射点将分布在整个圆周上，故D错误。 故选C。 8．AD 【详解】A．安培认为在原子、分子内部总存在着一种环形电流——分子电流，选项A正确； B．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第利用对称性思想提出了磁能生电，选项B错误； C．电容器的电容只与电容器内部结构有关，与电容器所带电荷量Q以及两端的电压U无关，选项C错误； D．公式是磁感应强度的定义式，适用任何磁场，但电流元IL一定要垂直磁场方向放置，选项D正确。 故选AD。 9．CD 【详解】ABC．小球开始下滑时有 随v增大，a增大，当 时，a达最大值，即 此时洛伦兹力等于mgcosθ，支持力等于0，此后随着速度增大，洛伦兹力增大，支持力增大，此后下滑过程中有 随v增大，a减小，当 时，速度达到最大 所以整个过程中，a先增大后减小，所以C正确，AB错误； D．小球最终以最大速度做匀速直线运动，所以D正确。 故选CD。 10．BC 【详解】A．根据题意，从c点沿cb方向射入磁场的粒子，运动轨迹恰好垂直于边界ab射出磁场，如图1所示 根据几何关系可知，a点为圆心，则粒子做圆周运动的半径为r＝L，由洛伦兹力提供向心力有 联立解得 故A错误； B．粒子从a点射出磁场，根据题意，粒子的运动轨迹如图2所示 根据几何关系可知 ∠Oca＝60° 如图2可知 ＝60° 即粒子在c点的速度方向与bc夹角为60°，故B正确； C．根据题意，与bc夹角为45°的入射粒子在磁场中的运动轨迹，如图3所示 根据几何关系可知，粒子运动轨迹所对圆心角为45°，则粒子在磁场中的运动时间为 故C正确； D．根据题意可知，所有从ab边界出射的粒子中在磁场中运动，当弦长最短时，即弦与ab垂直时，运动的时间最短，则最短时间的运动轨迹为弧线cd，如图4所示； 根据几何关系解得对应圆心角 可知 结合C选项分析可知，从ab边界出射的粒子中在磁场中运动的最短时间 故D错误。 故选BC。 11． 负 欧姆调零 2.20 【详解】（1）③[1]红表笔与欧姆表内部电源的负极相连，黑表笔与欧姆表内部的正极相连，电流从电压表正极流入从负极流出，故红表笔与电压表的负接线柱相接； ④[2][3]指针偏转角度很小，说明电阻较大，应换用×1k欧姆挡重新欧姆调零后测量； （2）[4]欧姆表的指针所指示数为40，则欧姆表的读数为 （3）[5]电压表的最小分度值为0.1V，电压表读数为2.20V。 12． B 1.50 1.0 【详解】（1）[1]为保证实验安全，在开始时电路中电流应为最小值，故滑动变阻器应接入最大阻值，由图可知，滑动变阻器接入部分为左半部分，故滑片应接到B端； [2] [3]根据闭合电路欧姆定律可知 可知在图中，图像的纵截距表示电源电动势，斜率表示电源内阻；故电动势E=1.50V；电源内阻 13．（1）；（2）3W 【详解】（1）电动机卡住时为纯电阻，由闭合电路欧姆定律得，由于 （2分） （2分） 代入数据可得 RM（1分） （2）重物匀速上升时，由闭合电路欧姆定律可知，则 （1分） M=U2-I2R=7V（1分） 电动机的输入功率为 P=UMI2=3.5W（1分） 电动机的发热功率为 （1分） 电动机的输出功率为 （1分） 14．(1) 8×104N；(2) 20m ；(3) 1.76×106J 【详解】(1)由安培力公式 F=IBL=8×104N（1分） (2)由动能定理 Fx=mv2（1分） 弹体从静止加速到4km/s，代入数值得 x=20m（1分） 或用动力学方法求解：由牛顿第二定律 F=ma（1分） 得加速度 a=4×105m/s2（1分） 由v2-v02=2ax，v=4km/s代入数值得 x=20m（1分） (3)根据F=ma，v=at知发射弹体用时 t==1×10－2s（1分） 发射弹体过程产生的焦耳热 Q=I2(R＋r)t=1.6×105J（1分） 弹体的动能 Ek=mv2=1.6×106J（1分） 系统消耗的总能量 E=Ek＋Q=1.76×106J（1分） 15．（1）；（2）；（3）（） 【详解】（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力 （2分） 其中 （1分） 可得，磁感应强度的大小为 （1分） （2）粒子运动轨迹如图所示 （图1分） MN到x轴的距离为y，由几何关系可知 （1分） 其中 （2分） 所以直线MN到x轴的距离为 （1分） （3）粒子运动轨迹如图所示 （图1分） 由洛伦兹力提供向心力 （2分） 可得 （1分） 由几何关系可知 （2分） 其中 （1分） 故该粒子发射位置的横坐标与θ的关系为 （）（2分） 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025-2026学年度上学期期中考试 高二物理（B） 时间：150分钟 满分：150分 命题范围：必修三：第十一、十二、十三章＋选必二：第一章 一、单选题（每小题中只有一个选项是正确的，每题4分，共计28分） 1．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是 ( ) A.导体的电阻率不仅与导体的材料有关，而且随温度的变化而变化 B.根据公式，电阻R的大小与电压U成正比 C. 是电阻的定义式，它适用于测量所有电阻 D.导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻 2．如图所示， A、B两端接在电压恒定的电源上，则 ( ) A.S断开时，与-的两端电压之比为5:1 B.S闭合时，与两端的电压之比为2:5 C.S闭合时，通过与R3的电流之比为2:1 D.S闭合时，通过与R2的功率之比为2:5 3．如图甲所示，用内阻不计的充电宝为一手机充电，其等效电路如图乙所示，充电宝向手机电池充电3min后容量减小了100mAh，此过程可认为输出电流、输出电压(U=5V)是恒定不变的，手机电池的内阻不能忽略，则下列说法中正确的是 ( ) 充电宝 甲 乙 A．充电宝输出的电流为0.2A B．手机电池的内阻为2.5Ω C．手机电池增加的化学能为1800J D．充电宝减少的电能为1800J 4．如图所示，E为内阻可以忽略的电池，-均为定值电阻，是滑动变阻器（初始时滑片均处于中点位置）,C是电容器，电流表、电压表为理想电表。闭合开关S，待电路稳定后，则下列说法正确的是 ( ) 高二物理 学科网（北京）股份有限公司 A.仅向右移动的滑片，电容器会充电 B.仅向左移动的滑片，电压表示数增大 C.仅向右移动的滑片，ΔU与ΔI的比值保持不变 D．仅向右移动R4的滑片，电源的输出功率先变大后变小 5．如图，四条相互平行的细长直导线垂直坐标系xOy平面，导线与坐标平面的交点为a、b、c、d四点。已知a、b、c、d为正方形的四个顶点，正方形中心位于坐标原点O；四条导线中的电流大小相等，其中过a点的导线的电流方向垂直坐标平面向里，其余导线电流方向垂直坐标平面向外，若过a点的导线在O点产生的磁感应强度为B，则 ( ) A.O点的磁感应强度为0 B.O点的磁感应强度为V2B C.移走d点的导线，O点磁感应强度变为B D.移走d点的导线，O点磁感应强度变为 6．如图，平放的铝锅锅边上焊一接线柱a，锅中央底部焊另一接线柱b，竖直向下的强磁场穿过铝锅。在锅中倒入一定量的水银，若a、b经导线接直流电源，水银将会旋转起来。下列判断正确的是 ( ) A.若a接正极、b接负极，从上往下看，水银将顺时针旋转 B.若a接正极、b接负极，从上往下看，水银将逆时针旋转 C.若仅将磁场反向，水银的旋转方向将不会改变 D.若把锅中的水银换成盐水则不会旋转 7．如图所示，半径为R的圆形区域内存在一垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B,S为磁场边界上的一点。大量相同的带电粒子以相同的速率v经过S点，在纸面内沿不同的方向射入磁场，粒子的出射点分布在四分之一圆周SP上。不计重力及带电粒子之间的相互作用。下列说法正确的是 ( ) A.粒子带负电 B.粒子的比荷为 C.从P点射出的粒子在磁场中运动的时间为 D．若粒子的入射速率为2v，粒子的出射点分布在二分之一圆周上 二、多选题（每题6分，漏选得3分，错选不得分，共计18分） 8．下列说法中正确的是 ( ) A.安培认为在原子、分子内部总存在着一种环形电流-分子电流 B.奥斯特发现了电流的磁效应，安培利用对称性思想提出了磁能生电 C.由知，电容C与电容器所带电荷量Q成正比，与其两端的电压U成反比 D. 是磁感应强度的定义式，适用任何磁场，但电流元IL一定要垂直磁场方向放置 9．如图，空间存在垂直于纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场，场内有一绝缘的足够长的直杆，它与水平面的夹角为0，一带电荷量为-q、质量为m的带负电小球套在直杆上，从A点由静止沿杆下滑，小球与杆之间的动摩擦因数为μ，在小球以后的运动过程中，下列说法正确的是 ( ) 高二物理B等 学科网（北京）股份有限公司 A.小球下滑的最大速度为 B.小球的加速度一直在减小 C.小球下滑的最大加速度为 D.小球最终做匀速直线运动 10．如图所示，等腰直角三角形abc区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，直角边ac长度为L，磁感应强度大小为B。在c点有一粒子源，可沿纸面内各个方向射出质量为m、电荷量为＋q的粒子，所有粒子不计重力、速度大小均为vo。其中从c点沿cb方向射入磁场的粒子，运动轨迹恰好垂直于边界ab射出磁场。关于粒子的运动下列说法正确的是 ( ) A.粒子速度vo的大小满足 B．从a点射出磁场的粒子在c点的速度方向与bc夹角为60° C．与bc夹角为45°的入射粒子在磁场中的运动时间为 D.所有从ab边界出射的粒子中在磁场中运动的最短时间为 三、实验题（每空2分，共计16分） 11．如图中，甲所示为某多用电表内部简化电路图。藏同学想通过该多用表的欧姆挡测量量程为3V的电压表内阻，如图乙所示。 甲 乙 （1）主要步骤如下： ①将选择开关拨到“x100”的欧姆挡上： ②将两表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻零刻度处； ③将红表笔与待测电压表＿（选填“正”或“负”）接线柱相接，黑表笔与另一接线柱相连，发现此时指针偏转角度很小； ④换用 （选填“x10”或“x1k”） 欧姆挡重新后测量，发现此时指针偏转适中，记下电阻数值； ⑤将选择开关调至空挡或交流电压最高挡后拔下表笔，将多用电表放回桌上原处，实验完毕。 学科网（北京）股份有限公司 （2）实验中表盘示数如图所示，则欧姆表的读数为 Ω.校 级 名 号 （3）此时电压表读数为 V. 12．在“测定电源电动势和内阻”的实验中，已连接好实验电路（图甲为实验原理图）。 甲 乙 丙 （1）在图乙电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 （填“A”或“B”）端。 （2）图丙是根据实验数据作出的U-I图象，由图可知，电源的电动势E= V，内阻Ω。13．利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势E=12V，电源内阻r=2Ω,电阻R=8Ω，当重物过重电动机被卡住时，电压表的示数为；当电动机以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为，不计各种摩擦，电压表可视为理想电表。 求：(1）电动机的线圈电阻· （2）重物匀速上升时电动机的输出功率。 14．“电磁炮”是利用电磁力对弹体加速的新型武器，具有速度快、效率高等优点。如图是“电磁炮”的原理结构示意图。光滑水平加速导轨电阻不计，轨道宽为L=0.2m;在导轨间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度“电磁炮”弹体总质量m=0.2kg,，其中弹体在轨道间的电阻R=0.4Ω:可控电源的内阻r=0.6Ω，电源的电压能自行调节，以保证“电磁炮”匀加速发射；在某次试验发射时，电源为加速弹体提供的电流是，不计空气阻力。求： （1）弹体所受安培力大小； （2）弹体从静止加速到4km/s，轨道至少要多长？ （3）弹体从静止加速到4km/s过程中，该系统消耗的总能量。 15．如题图所示，xOy平面被一条平行于x轴的直线MN分为匀强磁场区域和无磁场区域，磁场区域的磁感应强度方向垂直于纸面向外。比荷为的带正电粒子A，从坐标为（-3a,0）的P点，以大小为vo、方向与x轴正方向成60°角的速度发射，能被位于的粒子收集器Q收集，已知该过程中粒子做匀速圆周运动的半径为a，不计粒子重力。 （1）求磁感应强度的大小。 （2）求直线MN到x轴的距离。 （3）若粒子A从x轴某位置以大小为2vo、方向与x轴的正方向成角的速度发射后，依然能被收集器Q收集，求该粒子发射位置的横坐标与0的关系。 学科网（北京）股份有限公司 $